2023届云南省石林县民中高三第三次模拟考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、倾角为的斜面固定在水平面上，在斜面上放置一“”形长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为。平行于斜面的力传感器（不计传感器的重力）上端连接木板，下端连接一质量为m的光滑小球，如图所

2、示，当木板固定时，传感器的示数为，现由静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，传感器的示数为。则下列说法正确的是（）A若，则B若，则C若，则D若，则2、木块甲、乙分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25。夹在甲、乙之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m。系统置于水平地面上静止不动。现用F=1N的水平拉力作用在木块乙上，如图所示。力F作用后木块所受摩擦力情况是（）A木块甲所受摩擦力大小是12.5 NB木块甲所受摩擦力大小是11.5 NC木块乙所受摩擦力大小是9 ND木块乙所受摩擦力大小是7 N3、在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中Q1为正电荷，

3、Q2为负电荷。一带正电的粒子仅在电场力作用下从原点O由静止开始沿x轴运动，其动能Ek随位置x的变化关系如图，则能够正确表示Q1、Q2位置的图像是（）ABCD4、如图所示为范德格拉夫起电机示意图，直流高压电源的正电荷，通过电刷E、传送带和电刷F，不断地传到球壳的外表面，并可视为均匀地分布在外表面上，从而在金属球壳与大地之间形成高电压关于金属球壳上的A、B两点，以下判断正确的是AA、B两点电势相同BA、B两点电场强度相同C将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能增加D将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能减小5、物理学的发展离不开科学家所做出的重要贡献。许多科学家大胆猜想，勇于质疑，获得了正确的

4、科学认知，推动了物理学的发展。下列叙述符合物理史实的是（）A汤姆孙通过研究阴极射线发现电子，并精确地测出电子的电荷量B玻尔把量子观念引入到原子理论中，完全否定了原子的“核式结构”模型C光电效应的实验规律与经典电磁理论的矛盾导致爱因斯坦提出光子说D康普顿受到光子理论的启发，以类比的方法大胆提出实物粒子也具有波粒二象性6、甲乙两辆汽车在平直的高速公路上以相同的速度小一前一后同向匀速行驶。甲车在前且安装有ABS制动系统，乙车在后且没有安装ABS制动系统。正常行驶时，两车间距为100m。某时刻因前方突发状况，两车同时刹车，以此时刻为零时刻，其图像如图所示，则（ ）A甲、乙两车会发生追尾B甲车的刹车距离

5、大于乙车的刹车距离Ct=2s时，两车相距最远，最远距离为105mD两车刹车过程中的平均速度均为15m/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、光滑平行导轨ab、cd水平放置，两导轨间距为L，两导轨分别与电容为C的电容器的两极板相连，两导轨的右端连接光滑绝缘的圆弧轨道bf、ce圆弧轨道的半径为R，水平导轨与圆弧轨道分别相切于b、c两点。把一质量为m，长度为L的金属杆置于bc位置，如图所示。闭合电键S，金属杆恰能滑到ef。空间存在竖直向下的匀强磁场，磁场分布如图所示，磁场的

6、磁感应强度为B，重力加速度为g，下列各种说法中正确的是（ ）A金属杆刚滑上圆弧轨道时，对轨道的压力为3mg B从左向右看，电容器的左极板带负电，右极板带正电C电容器两极板间的电势差减小了D若磁场方向改为水平向右，则闭合电键S后，金属杆仍能上升R的高度8、如图所示，粗糙水平圆盘上，质量均为m的A、B 两物块叠放在一起，距轴心距离为L，随圆盘一起做匀速圆周运动。已知圆盘与B之间的动摩擦因数为， B与A之间的动摩擦因数为0.5，假如最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）A物块A 、B一起匀速转动过程中加速度恒定B物块A、B一起转动过程中所需向心力大小相等CA B一起转动的最大角速度为

7、D当A、B恰发生相对运动时圆盘对B的摩擦力为2mg9、如图所示，小车质量为，小车顶端为半径为的四分之一光滑圆弧，质量为的小球从圆弧顶端由静止释放，对此运动过程的分析，下列说法中正确的是（g为当地重力加速度）（ ）A若地面粗糙且小车能够静止不动，则地面对小车的静摩擦力最大为B若地面粗糙且小车能够静止不动，则地面对小车的静摩擦力最大为C若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车速度为D若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车速度为10、a、b、c三条平行光线垂直于半圆柱体玻璃砖的截面直径从空气射向玻璃砖，如图所示，光线b正好过圆心O，光线a、c从光线b的两侧对称入射，光线a、c从玻璃砖下表面进入空气

8、后与光线b交于P、Q两点，则下列说法正确的是()A玻璃对三种光的折射率关系为nanbncB玻璃对a光的折射率大于对c光的折射率C在相同条件下进行双缝干涉实验，a光的条纹间距比c光窄Da、c光分别从空气射入某种介质中，c光发生全反射时临界角较小E.a光比c光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间长三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了测量一待测电阻Rx的阻值，准备了以下器材：A多用电表B电流表G1（0100 mA，内阻约5 ）C电流表G2（050 mA，内阻r2=10 ）D定值电阻R0（20 ）E. 滑动变阻器R1（05 ）F. 滑动变阻器

9、R2（0100 ）G. 直流电源（3.0 V，内阻不计）H. 开关一个及导线若干（1）用多用电表欧姆表“1”挡粗测电阻时，其阻值如图甲中指针所示，则Rx的阻值大约是_。（2）滑动变阻器应选_（填仪器前的序号）。（3）若是用G2表测Rx两端电压，请在图乙对应的虚线框中完成实验电路设计（要求：滑动变阻器便于调节，电表读数不得低于量程的）。（_）（4）补全实验步骤：a. 按图乙所示电路图连接电路，将变阻器滑动触头移至最_端（选填“左”或“右”）；b. 闭合开关S，移动变阻器滑动触头至某一位置，记录G1、G2表的读数I1、I2；c. 多次移动变阻器滑动触头，记录相应的G1、G2表的读数I1、I2；d.

10、 以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线如图丙所示，则待测电阻Rx的阻值为_（保留两位有效数字）。12（12分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验过程中：(1)小李同学用游标卡尺测得摆球的直径如图所示，则摆球直径d_cm。(2)小张同学实验时却不小心忘记测量小球的半径，但测量了两次摆线长和周期，第一次测得悬线长为L1，对应振动周期为T1；第二次测得悬线长为L2，对应单摆的振动周期为T2，根据以上测量数据也可导出重力加速度的表达式为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在xOy平面内y轴与MN

11、边界之间有沿x轴负方向的匀强电场，y轴左侧（I区）和MN边界右侧（II区）的空间有垂直纸面向里的匀强磁场，且MN右侧的磁感 应强度大小是y轴左侧磁感应强度大小的2倍，MN边界与y轴平行且间距保持不变.一质量为m、电荷量为-q的粒子以速度从坐标原点O沿x轴负方向射入磁场，每次经过y轴左侧磁场的时间均为，粒子重力不计.（1）求y轴左侧磁场的磁感应强度的大小B;（2）若经过时间粒子第一次回到原点O,且粒子经过电场加速后速度是原来的4倍，求电场区域的宽度d（3）若粒子在左右边磁场做匀速圆周运动的 半径分别为R1、R2且R1F则甲静止，则甲受到的摩擦力与F等大方向f甲=F=8N故甲受到的摩擦力为8N，方

12、向水平向右，选项AB均错误；CD对乙，其最大静摩擦力f乙=60N0.25=15N它受向右的8N的弹力，还有向右的1N的拉力，故两力的合力大小为9N，方向水平向右，也小于其最大静摩擦力，乙也处于静止状态，受力平衡，故它受到的摩擦力等于弹簧对它的弹力和拉力的合力9N，方向水平向左，选项C正确，D错误。故选C。3、A【解析】由动能定理可知可知图像的斜率等于电场力，由图像可知，在0x0之间存在一个场强为0的点（设为M点），且在OM之间运动时电场力做正功，在M与x0之间运动时电场力做负功；由此刻判断0x0区间肯定在两点荷的同一侧，且正电荷Q1距离O点较近，故选项A正确，BCD错误；故选A。4、A【解析】

13、A、由题可知，电荷均匀地分布在外表面上，球壳AB是一个等势体，各点的电势是相等的故A正确；B、球壳AB是一个等势体，AB的外表面处，各点的电场强度的方向与球壳的外表面垂直，所以A点与B点的电场强度的方向一定不同，故B错误；C、由于A、B的电势是相等的，所以将带正电的试探电荷从A点移到B点，电场力不做功，电势能不变故C错误，D错误故选A【点睛】静电平衡后，金属球壳AB的外表面均匀带电，外部各点的电场强度大小相等，方向不同；金属球壳AB是一个等势体，各点的电势相等5、C【解析】A汤姆孙通过研究阴极射线发现电子，并求出了电子的比荷，密立根精确地测出电子的电荷量；故A错误；B玻尔把量子观念引入到原子理

14、论中，但是没有否定原子的“核式结构”模型；故B错误；C光电效应的实验规律与经典电磁理论的矛盾导致爱因斯坦提出光子说，故C正确；D德布罗意受到光子理论的启发，以类比的方法大胆提出实物粒子也具有波粒二象性，故D错误。故选C。6、C【解析】在速度时间图像中，图像与坐标轴围成的面积表示位移，由几何知识求位移，在分析平均速度的大小。并由几何关系求刹车的距离。根据速度关系分析距离如何变化，从而确定两车是否追尾。【详解】A选项，时，两车间距为100m，因为所以甲、乙两车不会追尾，A选项错误；BD选项，根据图像的面积表示位移，甲车的刹车距离为：平均速度为乙车的刹车距离为平均速度为则知，甲车的刹车距离小于乙车的

15、刹车距离，故BD错误；C选项，时两车间距为100m，乙车在后，刹车后，02s内甲车的速度比乙车快。两车间距减小，则时，两车相距最远，根据图像的“面积”表示位移，知两车相距最远的距离为105m，C选项正确；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A金属杆由bc滑到ef过程，由机械能守恒有mv2=mgR金属杆刚滑上圆弧轨道时，由牛顿第二定律有FNmg=m两式联立解得FN=3mg所以金属杆对轨道的压力为3mg，故A正确B闭合电键后金属杆获得向右的速度，说明其

16、所受的安培力向右，由左手定则知电流方向由b到c，所以从左向右看，电容器左端为正极板，右端为负极板，故B错误；C金属杆受安培力作用，由牛顿第二定律有由运动学公式有v=t，流过金属杆的电荷量q=t，电容器两极板间电势差的减小量U=，联立解得U=故C正确；D若磁场方向改为水平向右，金属杆所受安培力为竖直向上，由于还受到重力作用，金属杆所获得的速度将小于v，所以上升的高度将小于R，故D错误。故选AC。8、BC【解析】A两物体做匀速转动的向心加速度大小恒定，方向始终指向圆心不恒定，故A错误；B根据向心力公式FnmL2可知，物块A、B一起转动过程中所需向心力大小相等，故B正确；CD对AB整体分析，当最大静

17、摩擦力提供向心力，有2mg=2mB2L解得对A分析，B对A的最大静摩擦力提供向心力，有0.5mg=mA2L解得AB一起转动的最大角速度为，此时圆盘对B的摩擦力为故C正确，D错误。故选：BC。9、BC【解析】AB若地面粗糙且小车能够静止不动，设圆弧半径为R，当小球运动到半径与竖直方向的夹角为时，速度为v根据机械能守恒定律有：mv2=mgRcos由牛顿第二定律有：N-mgcos=m解得小球对小车的压力为：N=3mgcos其水平分量为 Nx=3mgcossin=mgsin2根据平衡条件知，地面对小车的静摩擦力水平向右，大小为：f=Nx=mgsin2可以看出：当sin2=1，即=45时，地面对车的静摩

18、擦力最大，其值为fmax=mg故A错误，B正确CD若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车的速度设为v，小球的速度设为v小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv-Mv=0；系统的机械能守恒，则得：mgR=mv2+Mv2，解得：v=故C正确，D错误故选BC【点睛】本题中地面光滑时，小车与小球组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，但系统的总动量并不守恒10、BCE【解析】AB由图可知，a光和c光入射角相同，但是c光折射角较大，根据折射率公式可知玻璃对a光的折射率大于对c光的折射率，但是由于b光经过玻璃时没有发生偏折，故无法比较b光与a、c

19、光的折射率大小，故A错误，B正确；C由于a光的折射率较大，波长较短，则在相同条件下进行双缝干涉实验，由 可得a光的条纹间距比c光窄，故C正确；D因，根据临界角公式知， a光发生全反射时临界角较小，故D错误；E根据公式v，由于a光的折射率大，则a光在玻璃中的传播速度较小，由几何关系可知a光在玻璃中传播的路程较长，故a光比c光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间长，故E正确。故选BCE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9（或9.0） E 左 10 【解析】（1）1多用电表用欧姆表盘的读数乘以倍率即为待测电阻阻值（2）2滑动变阻器采用分压式接入电

20、路，所以选择阻值较小的滑动变阻器便于调节分压，即选E。（3）3电路中没有电压表，电流表的内阻已知，可作为电压表使用，电流表采用外接方式可以消除系统误差，使测量结果更精确，定值电阻串联在分压电路上，起到保护电路的作用，电路图如图。（5）4滑动变阻器的触头在开始实验前，需要滑到最左端保护电路，使电表的示数都从0开始变化。5根据电路图结合欧姆定律的分流规律可得整理得结合图像的斜率解得12、2.030 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为20mm，游标尺读数为0.056mm0.30mm，则摆球的直径d20.30mm2.030cm(2)2设小球的半径为r，根据单摆的周期公式得T12T22联立方程组解得四

21、、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) (3) 【解析】(1) 粒子在磁场中做圆周运动的周期：，粒子每次经过磁场的时间为半个周期，则：解得：(2) 设粒子在I、区运动的速度分别为v1、v2，运动周期分别为T1、T2，则，解得：粒子在t=4.5t0时回到原点，运动轨迹如图所示：粒子在I、运动时间分别为粒子在电场中运动时间为故粒子在电场中运动宽度d所用时为t0得解得：(3) 由几何关系，要使粒子经过原点，则应满足由向心力公式有：解得：根据动能定理：解得：14、 (1)；(2)【解析】(1) 周围环境温度缓慢上升过程为等压过程解得活塞到缸底的距离(2)气体对外界做功为根据题意有根据热力学第一定律有解得代入可得15、（1）（p0+p）；（2）；【解析】解：（1）设抽气前氢气的压强为p10，根据力的平衡条件得（p10p）2S=（p0p）S得p10=（p0+p）（2）设抽气后氢气的压强和体积分别为p1和V1，氮气的压强和体积分别为p2和V2，根据力的平衡条件有p2S=p12S由玻意耳定律得p1V1=p102V0p2V2=p0V0由于两活塞用刚性杆连接，故V12V0=2（V0V2）联立式解得