2023届保山市重点中学高考物理四模试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，竖直放置的两端开口的U形管，一段空气柱被水银柱a和水银柱b封闭在右管内，水银柱b的两个水银面的高度差为h。现将U形管放入热水槽中，则系统再度达到平衡的过程中（水银没有

2、溢出，外界大气压保持不变）（ ）A空气柱的压强变大B空气柱的长度不变C水银柱b左边液面要上升D水银柱b的两个水银面的高度差h不变2、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45的光滑楔形滑块A上的顶端O处，细线另一端拴一质量为m=0.2kg的小球静止在A上若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为a(取)则( )A当a=5m/s2时，线中拉力为 B当a=10m/s2时, 小球受的支持力为C当a=12m/s2时, 经过1秒钟小球运动的水平位移是6mD在稳定后，地面对A的支持力一定小于两个物体的重力之和3、甲、乙两汽车在同一平直公路上做直线运动，其速度时间（vt）图像分别如图中a、b两条图线所示，其中a图线是

3、直线，b图线是抛物线的一部分，两车在t1时刻并排行驶。下列关于两车的运动情况，判断正确的是（）A甲车做负方向的匀速运动B乙车的速度先减小后增大C乙车的加速度先减小后增大D在t2时刻两车也可能并排行驶4、如图，光滑圆轨道固定在竖直面内，一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动已知小球在最低点时对轨道的压力大小为N1，在高点时对轨道的压力大小为N2.重力加速度大小为g，则N1N2的值为A3mgB4mgC5mgD6mg5、对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A若体积不变、温度升高，则每个气体分子热运动的速率都增大B若体积减小、温度不变，则器壁单位面积受气体分子的碰撞力不变C若体积不变、温度降低

4、，则气体分子密集程度不变，压强可能不变D若体积减小、温度不变，则气体分子密集程度增大，压强一定增大6、一个带负电的粒子从x=0处由静止释放，仅受电场力作用，沿x轴正方向运动，加速度a随位置变化的关系如图所示，x2x1=x3x2可以得出（）A从x1到x3过程中，电势先升高后降低B在x1和x3处，电场强度相同C粒子经x1和x3处，速度等大反向D粒子在x2处，电势能最大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为多用电表原理示意图，所用电流表的表盘刻度共100格，满偏电流

5、为，满偏电压为，电源的电动势为，内阻，直流电压挡的量程为，则下列判断正确的是（）A黑表笔应该接，红表笔接B定值电阻的阻值为C选择开关接2，刻度盘正中间的刻度值为D选择开关接3，若指针与电流表第25格刻度线重合，则通过的电流为8、下列说法正确的是（）A固体中的分子是静止的，液体、气体中的分子是运动的B液态物质浸润某固态物质时，附着层中分子间的相互作用表现为斥力C一定质量的理想气体，在温度不变的条件下，当它的体积减小时，在单位时间内、单位面积上气体分子对器壁碰撞的次数增大D理想气体实验定律对饱和汽也适用E.有的物质在物态变化中虽然吸收热量但温度却不升高9、图甲是光电效应的实验装置图，图乙是光电流与

6、加在阴极K和阳极A上的电压的关系图象，下列说法正确的是A由图线、可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大B由图线、可知对某种确定的金属来说，其遏止电压只由入射光的频率决定C只要增大电压，光电流就会一直增大D不论哪种颜色的入射光，只要光足够强，就能发生光电效应10、质量均为的相同物块P、Q静止于同一水平面上，它们与水平面间的动摩擦因数均为0.5。现分別给两物块施加等大的作用力F，方向如图所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度大小为，下列说法正确的是（）A若，则P受到的摩擦力比Q受到的摩擦力小B若，则P受到的摩擦力与Q受到的摩擦力大小相等C若，则P受到的摩擦力比Q受到的摩擦力

7、小D若，则P受到的摩擦力与Q受到的摩擦力大相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示装置探究钩码和小车（含砝码）组成的系统的“功能关系”实验中，小车碰到制动挡板时，钩码尚未到达地面。(1)平衡摩擦力时，_（填“要”或“不要”）挂上钩码；(2)如图乙是某次实验中打出纸带的一部分，O、A、B、C为4个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，所用交流电源的频率为50Hz通过测量，可知打点计时器打B点时小车的速度大小为_（结果保留两位有效数字）；(3)某同学经过认真、规范的操作，得到一条点迹清晰的纸带，他把小车

8、开始运动时打下的点记为O，再依次在纸带上取等时间间隔的1、2、3、4、5、6等多个计数点，可获得各计数点到O的距离s，及打下各计数点时小车的瞬时速度v。如图丙是根据这些实验数据绘出的图象，已知此次实验中钩码的总质量为0.15kg，小车中砝码的总质量为0.50kg，取重力加速度，根据功能关系由图象可知小车的质量为_kg（结果保留两位有效数字）；(4)研究实验数据发现，钩码重力做的功总略大于系统总动能的增量，其原因可能是_。A钩码的重力大于细线的拉力B未完全平衡摩擦力C在接通电源的同时释放了小车D交流电源的实际频率大于50Hz12（12分）如图所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置。直径

9、为d、质量为m的钢球自由下落的过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为tA、tB。用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度。测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g。设钢球所受的空气阻力大小不变。（1）钢球下落的加速度大小a=_， 钢球受到的空气阻力Ff=_。（2）本题“用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度”，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度_(选填“”或“)钢球球心通过光电门的瞬时速度。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤

10、。13（10分）如图所示，一个上表面绝缘、质量为mA=1kg的不带电小车A置于光滑的水平面上，其左端放置一质量为、带电量为的空盒B，左端开口。小车上表面与水平桌面相平，桌面上水平放置着一轻质弹簧，弹簧左端固定，质量为的不带电绝缘小物块C置于桌面上O点并与弹簧的右端接触，此时弹簧处于原长，现用水平向左的推力将C缓慢推至M点（弹簧仍在弹性限度内）时，推力做的功为，撤去推力后，C沿桌面滑到小车上的空盒B内并与其右壁相碰，碰撞时间极短且碰后C与B粘在一起。在桌面右方区域有一方向向左的水平匀强电场，电场强度大小为，电场作用一段时间后突然消失，小车正好停止，货物刚好到达小车的最右端。已知物块C与桌面间动摩

11、擦因数，空盒B与小车间的动摩擦因数，间距，点离桌子边沿点距离，物块、空盒体积大小不计，取。求：（1）物块C与空盒B碰后瞬间的速度；（2）小车的长度L；（3）电场作用的时间。14（16分）如图所示，内壁光滑长度为4L、横截面积为S的汽缸A、B，A水平、B竖直固定，之间由一段容积可忽略的细管相连，整个装置置于温度27、大气压为p0的环境中，活塞C、D的质量及厚度均忽略不计原长3L、劲度系数的轻弹簧，一端连接活塞C、另一端固定在位于汽缸A缸口的O点开始活塞D距汽缸B的底部为3L后在D上放一质量为的物体求：稳定后活塞D下降的距离；改变汽缸内气体的温度使活塞D再回到初位置，则气体的温度应变为多少? 15

12、（12分）如图所示，在真空室内的P点，能沿平行纸面向各个方向不断发射电荷量为+q、质量为m的粒子（不计重力），粒子的速率都相同。ab为P点附近的一条水平直线，P到直线ab的距离PC=L，Q为直线ab上一点，它与P点相距PQ=，当直线ab以上区域只存在垂直纸面向里、磁感应强度为的匀强磁场时，水平向左射出的粒子恰到达Q点；当ab以上区域只存在沿PC方向的匀强电场时，其中水平向左射出的粒子也恰好到达Q点。已知sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)粒子的发射速率；(2)仅有电场时PQ两点间的电势差；(3)仅有磁场时，能到达直线ab的粒子所用最长时间和最短时间。参考答案一、单项选择题：本题共

13、6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB外界大气压不变，被封闭气体压强始终不变，气体做等压变化，温度升高，则气体体积增大，故AB错误；CD被封闭气体压强始终不变，水银柱b两液面高度差h不变，则液面位置也不会发生变化，故C错误，D正确。故选D。2、A【解析】当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力mg和拉力T使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿运动定律得小球和滑块共同的加速度为：A当时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解，有：，联立解得：，故A正确；B当时，斜面对小球恰好没有支持力，故N=

14、0，故B错误；C当时，滑块的位移为，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的运动状态，故在这1s内小球运动的水平位移小于6m，故C错误；D在稳定后，对小球和滑块A整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对A的支持力等于两个物体重力之和，故D错误3、C【解析】A甲车向正方向做匀减速运动，选项A错误；B由图像可知，乙车的速度先增大后减小，选项B错误；C图像的斜率等于加速度，可知乙车的加速度先减小后增大，选项C正确；D因t1到t2时间内乙的位移大于甲的位移，可知在t2时刻两车不可能并排行驶，选项D错误。故选C。4、D【解析】试题分析：在最高点，根据牛顿第二定律可得，在最低点，根据牛顿第二定律可

15、得，从最高点到最低点过程中，机械能守恒，故有，联立三式可得考点：考查机械能守恒定律以及向心力公式【名师点睛】根据机械能守恒定律可明确最低点和最高点的速度关系；再根据向心力公式可求得小球在最高点和最低点时的压力大小，则可求得压力的差值要注意明确小球在圆环内部运动可视为绳模型；最高点时压力只能竖直向下5、D【解析】A温度升高，气体分子的平均动能增大，但并不是气体中每个分子的速率都增大，也有个别速度减小的，故A错误；BD对于一定质量的理想气体，体积减小，分子密集程度增大。理想气体质量一定时，满足，若体积减小、温度不变，则压强增大，故器壁单位面积受气体分子的碰撞力会增大，故B错误，D正确；C同理可分析

16、，体积不变、温度降低，气体的压强会变小，故C错误；故选D。6、A【解析】AB由图可知，加速度方向沿x轴正方向，加速度方向沿x轴负方向，由于粒子带负电，则电场强度方向沿x轴负方向，电场强度沿x轴正方向，根据沿电场线方向电势降低可知，从x1到x3过程中，电势先升高后降低，在x1和x3处，电场强度方向相反，故A正确，B错误；C图像与坐标轴所围面积表示速度变化量，由图像可知，速度变化为0，则粒子经x1和x3处，速度相同，故C错误；D电场强度方向沿x轴负方向，电场强度沿x轴正方向，则在x2处电势最高，负电荷的电势能最小，故D错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的

17、四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A多用电表的电流是从红表笔流进电表，从黑表笔流出电表，从电流的流向可以看出应该接黑表笔，选项A正确；B和电流表串联形成一个新的电压表改装后，代入数据解得选项B错误；C当选择开关接2时，、之间为多用电表的欧姆挡，则有联立解得选项C正确；D选择开关接3时，电流表满偏电流为，总共100格，当指针指在第25格的时候，对应的示数为满偏电流的四分之一，即通过的电流为，所以D错误。故选AC。8、BCE【解析】A无论固体、液体和气体，分子都在做永不停息的无规则运动，故A错误；B液体浸润某固体时，附着层

18、内分子分布比内部密集，分子力表现为斥力，液面沿固体扩展，故B正确；C温度不变，分子平均动能不变，分子平均速率不变。体积减小时，单位体积内分子个数增大，压强增大，故C正确；D对于饱和汽，只要稍微降低温度就会变成液体，体积大大减小；只要稍微增大压强也会变成液体，体积大大减小，所以饱和汽不遵循气体实验定律，故D错误；E晶体有固定熔点，熔化时吸收热量，温度不变，故E正确。故选BCE。9、AB【解析】由图线、可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大，故A正确；根据光电效应方程知，Ekm=hv-W0=eUc，可知入射光频率越大，最大初动能越大，遏止电压越大，可知对于确定的金属，遏止电压与入射光

19、的频率有关，故B正确；增大电压，当电压增大到一定值，电流达到饱和电流，不再增大，故C错误；发生光电效应的条件是入射光的频率大于截止频率，与入射光的强度无关，故D错误故选AB10、BD【解析】施加作用力后，、在水平方向上分力相等，由于P与地面间的最大静摩擦力小于Q与地面间的最大静摩擦力，所以，若P静止，Q一定静止。P静止时满足关系式解得因和均小于，故当和时，P、Q均静止，P、Q受到的摩擦力均为静摩擦力，且大小都等于，BD正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、不要 0.72 0.85 BD 【解析】(1)1小车下滑时受到重力、

20、细线的拉力、支持力和摩擦力作用，为了在实验中能够把细线对小车的拉力视为小车的合外力，则应该用重力的下滑分力来平衡摩擦力，在平衡摩擦力时，不挂钩码，但要连接纸带。(2)2相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，计数点间的时间间隔为T=0.025s=0.1s根据匀变速直线运动的规律可知，一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打B点的速度为 (3)3设钩码的质量为m，小车的质量为M，小车中砝码的质量为m，对系统，由动能定理得 整理得v2-x图象的斜率 解得M=0.85kg。(4)4A钩码的重力大于细线的拉力，不影响钩码重力做系统做的功，故A错误；B长木板的右端垫起的高度过低，未完全平衡摩

21、擦力时，则摩擦力做负功，系统总动能的增量小于钩码重力做的功，故B正确；C接通电源的同时释放了小车，只会使得纸带上一部分点不稳定，不影响做功与动能的增量，故C错误；D交流电源的实际频率大于50Hz，如果代入速度公式的周期为0.02s，比真实的周期大，则求出来的速度偏小，则动能偏小，故D正确。故选BD。12、 mg 【解析】（1）1钢球通过光电门A、B时的瞬时速度分别为、由解得加速度2由牛顿第二定律得解得（2）3由匀变速直线运动的规律，钢球通过光电门的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，而球心通过光电门的中间位移的速度大于中间时刻的瞬时速度。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的

22、答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s（2）0.67m（3）2s【解析】（1）对物块C由OMN应用动能定理，设C到N点速度大小为得： 解得： 与空盒B右壁相碰，动量守恒：解得：（2）C与B碰后可看作一整体，令，则BC整体和小车加速度分别为：；设经过时间后B与C整体与小车A速度相等，此过程中二者位移分别为、；假设速度相等后B与C整体与小车A相对静止，C整体与小车A间摩擦力为，则：，；所以两者经时间后相对静止一起匀减速。 解得：小车长度 （3）速度相等后BC与小车以共同加速度一起匀减速，最终速度为零。运动时间电场作用时间14、（i）（ii）【解析】（1）开始时被封闭

23、气体的压强为 ，活塞C距气缸A的底部为l，被封气体的体积为4lS，重物放在活塞D上稳定后，被封气体的压强为： 活塞C将弹簧向左压缩了距离l1，则活塞C受力平衡，有： 根据玻意耳定律，得： 解得：x=2l 活塞D下降的距离为：l4lx+l1=l（2）升高温度过程中，气体做等压变化，活塞C的位置不动，最终被封气体的体积为(4l+ l1)S，对最初和最终状态，根据理想气体状态方程得 解得：t2377【点睛】本题考查玻意耳定律的应用及压强的计算，关键要注意首先明确气体发生的什么变化，根据力平衡法求气体的压强，然后才能分析状态参量，由理想气体的状态方程或实验定律进行分析求解，第二问要注意升温过程压强不变

24、，弹簧的形变量不变，活塞C不动.15、 (1)；(2)；(3)，【解析】(1)设粒子做匀速圆周运动的半径为，过作的垂线交于点，如图所示：由几何知识可得代入数据可得粒子轨迹半径为洛伦兹力提供向心力为解得粒子发射速度为(2)真空室只加匀强电场时，由粒子到达直线的动能相等，可知为等势面，电场方向垂直向下，水平向左射出的粒子经时间到达点，在这段时间内做类平抛运动，分解位移电场力提供加速度解得PQ两点间的电势差(3)只有磁场时，粒子以为圆心沿圆弧运动，当弧和直线相切于点时，粒子速度的偏转角最大，对应的运动时间最长，如图所示：据图有解得故最大偏转角为粒子在磁场中运动最大时长为式中为粒子在磁场中运动的周期，粒子以为圆心沿圆弧运动的速度偏转角最小，对应的运动时间最短。据图有解得速度偏转角最小为故最短时间为