2023届云南省玉溪市易门一中高考物理考前最后一卷预测卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2019年9月29日下午在第十三届女排世界杯中，中国女子排球队以十一战全胜的战绩卫冕世界杯冠军，如图所示为运动员朱婷在

2、后排强攻。若运动员朱婷此时正在后排离球网3m处强攻，速度方向水平。设矩形排球场的长为2L，宽为L(实际L为9m)，若排球(排球可视为质点)离开手时正好在3m线(即线)中点P的正上方高h1处，球网高H，对方运动员在近网处拦网，拦网高度为h2，且有h1h2 H，不计空气阻力。为了使球能落到对方场地且不被对方运动员拦住，则球离开手的速度v的最大范围是(排球压线不算犯规) （ ）ABCD2、生活科技上处处存在静电现象，有些是静电的应用，有些是要防止静电；下列关于静电防止与应用说法正确的是（）A印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害B静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关C在地毯中夹杂0.0

3、50.07mm的不锈钢丝导电纤维，是防止静电危害D小汽车的顶部露出一根小金属杆类同避雷针，是防止静电危害3、一理想自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈，通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈，副线圈两端连有一电阻R在a、b间输入电压为Ul的交变电压时，c、d间的电压为U2，在将滑动触头从图中M点逆时针旋转到N点的过程中AU2有可能大于UlBU1、U2均增大CUl不变、U2增大Da、b间输入功率不变4、如图所示，水平放置的平行板电容器下极板接地，闭合开关S1，S2，平行板电容器两极板间的一个带电粒子恰好能静止在P点要使粒子保持不动，但粒子的电勢能

4、增加，则下列可行的指施有A其他条件不变，使电容器上极板下移少许B其他条件不变，将滑动变阻器滑片向右移少许井将上极板下移少许C其他条件不变，使开关S2断开，并将电容器下极板上移少许D其他条件不变，使开关S断开，并将电容器下极板上移少许5、据科学家研究发现，由于潮汐作用，现阶段月球每年远离地球3.8cm，在月球远离地球的过程中，地球正转得越来越慢，在此过程中月球围绕地球的运动仍然看成圆周运动，与现在相比，若干年后（）A月球绕地球转动的角速度会增大B地球同步卫星轨道半径将会增大C近地卫星的环绕速度将会减小D赤道上的重力加速度将会减小6、关于原子、原子核和波粒二象性的理论，下列说法正确的是（ ）A根据

5、玻尔理论可知，一个氢原子从能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子B在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，但能量不一定守恒C一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光照强度太弱D、三种射线中，射线的电离本领最强，射线的穿透本领最强二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、将一个小球竖直向上抛出， 碰到高处的天花板后反弹，并竖直向下运动回到抛出点，若反弹的速度大小是碰撞前速度大小的0. 65倍，小球上升的时间为1 s， 下落的时间为1.2 s，重力加速度取，

6、不计空气阻力和小球与天花板的碰撞时间，则下列说法正确的是A小球与天花板碰撞前的速度大小为B小球与天花板碰撞前的速度大小为C抛出点到天花板的高度为D抛出点到天花板的高度为8、下列说法正确的是_。A物体放出热量，温度一定降低B温度是物体分子平均动能大小的标志C布朗运动反映的是液体分子的无规则运动D根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体E.气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁的频繁碰撞作用产生的9、一个电子在电场力作用下做直线运动（不计重力）。从0时刻起运动依次经历、时刻。其运动的图象如图所示。对此下列判断正确的是（）A0时刻与时刻电子在同一位置B0时刻、时刻、时刻电子所在位

7、置的电势分别为、，其大小比较有C0时刻、时刻、时刻电子所在位置的场强大小分别为、，其大小比较有D电子从0时刻运动至时刻，连续运动至时刻，电场力先做正功后做负功10、如图所示，内壁光滑半径大小为的圆轨道竖直固定在水平桌面上，一个质量为的小球恰好能通过轨道最高点在轨道内做圆周运动。取桌面为重力势能的参考面，不计空气阻力，重力加速度为g。则小球在运动过程中其机械能E、动能、向心力、速度的平方，它们的大小分别随距桌面高度h的变化图像正确的是ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某兴趣小组为研究一种蜡烛在水中的浮力，设置了如图的实验装

8、置，透明玻璃管中装有水，蜡烛用针固定在管的底部，当拔出细针时，蜡烛能够上浮为研究蜡烛的运动情况，采用了智能手机的频摄功能，拍摄频率为10Hz. 在实验过程中拍摄了100多张照片，取开始不久某张照片编号为0，然后依次编号，并取出编号为10的倍数的照片，使用照片编辑软件将照片依次排列处理，以照片编号0的位置为起点，测量数据，最后建立坐标系描点作图，纵坐标为位移，横坐标为照片编号，如图所示 通过计算机拟合发现各点连线近似于抛物线，则蜡烛上升的加速度为_m/s2（保留2位有效数字）已知当地的重力加速度为g，忽略蜡烛运动受到的粘滞力，若要求蜡烛受到的浮力，还需要测量 _ 12（12分）在“探究变压器线圈

9、两端的电压与匝数之间的关系”实验中，斌斌利用如图所示可拆式变压器（铁芯不闭合）进行研究。（1）实验还需要下列器材中的_；（2）实验中，图中变压器的原线圈接线“0、8”接线柱，所接电源电压为交流10.0V，副线圈接线“0、4”接线柱，则副线圈所接电表示数可能是_。A20.0 VB15.0 V C5.0 V D2.5 V四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，单匝正方形线框abcd的电阻R=0.5，边长L=20cm，匀强磁场垂直于线框平面，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，求：（1）02s内通过

10、ab边横截面的电荷量q；（2）3s时ab边所受安培力的大小F；（3）04s内线框中产生的焦耳热Q14（16分）如图所示是个游乐场地，半径为的光滑四分之一圆弧轨道与长度为的水平传送带平滑连接，传送带沿顺时针方向匀速运动，速度大小为，传送带端靠近倾角为30的足够长斜面的底端，二者间通过一小段光滑圆弧（图中未画出）平滑连接，滑板与传送带和斜面间相对运动时的阻力分别为正压力的和。某少年踩着滑板从点沿圆弧轨道由静止滑下，到达点时立即向前跳出。该少年离开滑板后，滑板以的速度返回，少年落到前方传送带上随传送带一起匀速运动的相同滑板上，然后一起向前运动，此时滑板与点的距离为。已知少年的质量是滑板质量的9倍，不

11、计滑板的长度以及人和滑板间的作用时间，重力加速度，求：(1)少年跳离滑板时的速度大小；(2)少年与滑板到达传送带最右侧端的速度大小；(3)少年落到滑板上后至第一次到达斜面最高点所用的时间（结果保留两位小数）。15（12分）如图所示，在0的区域存在方向沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E；在0的区域存在方向垂直于平面向外的匀强磁场。一个氕核从轴上点射出，速度方向沿轴正方向。已知进入磁场时，速度方向与轴正方向的夹角为，并从坐标原点O处第一次射出磁场。的质量为，电荷量为q。不计重力。求：(1)第一次进入磁场的位置到原点O的距离；(2)磁场的磁感应强度大小；(3)氕核从y轴射入电场到从O点射出磁场运动

12、的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】为了使球能落到对方场地且不被对方运动员拦住，根据得：平抛运动的最大位移：则平抛运动的最大速度：根据得：则平抛运动的最小速度：球离开手的速度的最大范围是：故A、B、C错误，D正确；故选D。2、C【解析】A.印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害，故A错误；B.静电复印机是利用静电工作的，与静电有关，故B错误；C.不锈钢丝的作用是把鞋底与地毯摩擦产生的电荷传到大地上，以免发生静电危害，属于防止静电危害，故

13、C正确；D.小汽车的顶部露出的一根小金属杆是天线，接受无线电信号用，不属于防止静电危害，故D错误。故选C。3、C【解析】A、根据变压器的电压关系有，由于n2n1，所以U2U1，故A错误B、C、当滑动触头M顺时针转动时，即n2减小时，输入电压U1由发电机决定不变，电压应该减小即降低，B错误、C正确D、因负载不变，故输出功率减小，则变压器的输入功率变小，D错误故选A【点睛】自耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据基本的规律分析即可4、C【解析】A.为使粒子保持不动，则两板间的电场强度大小不变，由于粒子带负电，为使粒子的电势能增加，则P点的电势应降低

14、，即P点与下板间的电势差减小其他条件不变，使电容器上极板下移少许，两板间的电压不变，刚由E=可知，两板间的电场强度增大，A错误；B.其他条件不变，将滑动变阻器滑片向右移少许，电路 中的电流减小，两板的电压减小，将上板下移少许，由E=可保证板间的电场强度大小不变，但P点的电势不变， B错误；C.其他条件不变，开关S2断开，两板的带电量不变，将电容器下板上移少许，两板间电场强度不 变，P点与下板的电势差减小，C正确；D.其他条件不变，使开关S1断开，电容器放电，板间的电场强度减小，D错误5、B【解析】A对月球绕地球转动，则 随着月球绕地球转动半径的增大，角速度减小，选项A错误；B对地球的同步卫星，

15、由可知，T变大，则r变大，即地球同步卫星轨道半径将会增大，选项B正确；C对近地卫星，由 可得可知，近地卫星的环绕速度不变，选项C错误；D由可知，赤道上的重力加速度将不变，选项D错误。故选B。6、D【解析】A大量氢原子从能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子，一个氢原子从能级向低能级跃迁最多只能辐射4种频率的光子，故A错误；B在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，能量也守恒，故B错误；C一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为金属的极限频率大于入射光的频率，故C错误；D、三种射线中，射线的电离本领最强，射线的穿透本领最强，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

16、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB.由题意可知, 解得，故A正确，B错误；CD.抛出点到天花板的高度为故C正确，D错误。8、BCE【解析】A物体放出热量，但是如果外界对物体做功，则物体的内能不一定减小，温度不一定降低，选项A错误；B温度是物体分子平均动能大小的标志，选项B正确；C布朗运动反映的是液体分子的无规则运动，选项C正确；D根据热力学第二定律可知，热量可以从低温物体传到高温物体，但是要引起其他的变化，选项D错误；E气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁的频繁碰撞作用产生的，选项E正确；故

17、选BCE.9、AC【解析】A电子只受电场力作用沿直线运动，该直线为一条电场线。结合其图象知其运动情景如图所示。则0时刻与时刻电子在同一位置。所以A正确；B电子受电场力向左，则场强方向向右，沿电场线方向电势逐渐降低，则有所以B错误；C图象的斜率为加速度。由图象知过程加速度增大，过程加速度减小。又有则有所以C正确；D由图象知过程速度减小，过程速度增大，则其动能先减小、后增大。由动能定理知电场力先做负功，后做正功。所以D错误。故选AC。10、CD【解析】根据竖直平面内小球做圆周运动的临界条件，结合机械能守恒定律分析即可解题。【详解】AB小球通过轨道最高点时恰好与轨道间没有相互作用力，则在最高点：，则

18、在最高点小球的动能：（最小动能），在最高点小球的重力势能：，运动的过程中小球的动能与重力势能的和不变，机械能守恒，即：，故AB错误；CD小球从最高点到最低点，由动能定理得：，则有在距桌面高度h处有： ，化简得：，故C、D正确。【点睛】本题主要考查了竖直圆周运动的综合应用，属于中等题型。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 或 蜡烛的质量m 【解析】(1)由图可知， ，根据逐差法可知：，其中，代入数可得，a=0.014m/s2；(2)根据牛顿第二定律可知：，所以还要测蜡烛的质量m12、AD D 【解析】(1)1探究变压器线圈两端的电压与匝

19、数的关系实验要用到交流电压表，B是直流电流表，C是直流电压表，A是多用电表，可以用多用电表的交流电压挡测电压，实验中为了安全，输入电压不能超过12V，需要交流学生电源，故选AD。(2)2如果是理想变压器，则电压比等于匝数比，输出电压为5V，但图中变压器存在比较大的漏磁，实际输出电压小于5V，故D正确。故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）C（2）N（3）J【解析】由法拉第电磁感应定律得电动势 感应电流 电量 解得 安培力 由图得3s时的B=0.3T 代入数值得 由焦耳定律得 代入数值得： 【点睛】考查法

20、拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的内容，掌握安培力大小表达式，理解焦耳定律的应用，注意图象的正确运用14、 (1) ；(2)；(3)【解析】(1)少年与滑板从点沿圆弧下滑到点的过程中机械能守恒，设少年的质量为，滑板的质量为，则，有少年跳离板的过程中，少年与滑板水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有解得少年跳离滑板时的速度大小(2)少年跳上滑板的过程中，少年与滑板水平方向的动量守恒，设传送带速度为，则有假设少年与滑板在传送带上可以达到与传送带相同的速度，对少年与滑板在传送带上做匀减速直线运动的过程应用牛顿第二定律有设此过程中少年与滑板位移为，由运动学公式有解得由于因此假设成立，即少年与滑板在传送

21、带上先做匀减速运动，速度与传送带速度相同后随传送带一起匀速运动，到达传送带最右侧端的速度为(3)设少年与滑板在传送带上做匀减速直线运动的时间为，则设少年与滑板在传送带上做匀速直线运动的时间为，则设少年与滑板冲上斜面后的加速度大小为，根据牛顿第二定律有设少年与滑板在斜面上向上运动的时间为，则设少年与滑板在传送带和斜面上运动的总时间为，则解得15、 (1) xh；(2)；(3)【解析】(1)在电场中做类平抛运动，水平方向竖直方向h粒子进入磁场时竖直分速度解得xh(2)在电场中的加速度进入磁场时的速度在磁场中做圆周运动，运动轨迹如图所示由几何知识得在磁场中做匀速圆运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得解得(3)粒子在磁场中转过的角度为圆周运动的周期，在磁场中运动时间总时间