2022-2023学年内蒙古呼和浩特市第二中学高三一诊考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为氢原子能级图，下列说法正确的是（ ）A氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，其核外电子的动能增大B氢

2、原子从n=2能级向n=1能级跃迁时辐射出的光子能量为17eVC一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有3种D用能量为9eV和4.6eV的两种光子同时照射大量的氢原子，有可能使处于基态的氢原子电离2、如图所示，带电荷量为Q的等量同种正电荷固定在水平面上，在其连线的中垂线（竖直方向）上固定一光滑绝缘的细杆，细杆上套一个质量为m，带电荷量为的小球，小球从细杆上某点a由静止释放，到达b点时速度为零，b间的距离为h，重力加速度为g。以下说法正确的是（ ）A等量同种正电荷在a、b两处产生的电场强度大小关系Ba、b两处的电势差C小球向下运动到最大速度的过程中小球电势能的增加量等于其重

3、力势能的减少量D若把两电荷的位置往里移动相同距离后固定，再把带电小球从a点由静止释放，则小球速度减为零的位置将在b点的上方3、如图所示，两光滑圆形导轨固定在水平面内，圆心均为点，半径分别为，两导轨通过导线与阻值的电阻相连，一长为的导体棒与两圆形导轨接触良好，导体棒一端以点为圆心，以角速度顺时针匀速转动，两圆形导轨所在区域存在方向竖直向下、磁感应强度大小的匀强磁场，不计导轨及导体棒的电阻，下列说法正确的是（）A通过电阻的电流方向为由到B通过电阻的电流为2AC导体棒转动时产生的感应电动势为4VD当减小而其他条件不变时，通过电阻的电流减小4、某同学用单摆测当地的重力加速度他测出了摆线长度L和摆动周期

4、T，如图(a)所示通过改变悬线长度L，测出对应的摆动周期T，获得多组T与L，再以T2为纵轴、L为横轴画出函数关系图像如图(b)所示由此种方法得到的重力加速度值与测实际摆长得到的重力加速度值相比会（ ）A偏大B偏小C一样D都有可能5、如图所示，为某运动员(可视为质点)参加跳板跳水比赛时，其竖直方向的速度随时间变化的vt图象以他离开跳板时为计时起点，不计空气阻力。则下说法中正确的是（ ）At3时刻达到最高点Bt2时刻的位移最大Ct1时刻的加速度为负D在t1t2时间内重力做功WG小于t2t3时间内克服阻力做功Wf6、一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在光滑圆锥顶上，如图所示，设小球在水平

5、面内做匀速圆周运动的角速度为，细线的张力为FT，则FT随2变化的图象是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有四个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中，如图所示。若开关接在位置1时，四个灯泡发光亮度相同；若将开关接在位置2时，灯泡均未烧坏。下列说法正确的是（）A该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数之比为31B该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数之比为13C开关接在位置2时，副线圈中的灯泡发光亮度均减弱D开关接在位置2时，副线圈中的灯泡发光亮度均加强8

6、、如图所示，x轴与水平传送带重合，坐标原点O在传动带的左端，传送带右端A点坐标为XA=8m，匀速运动的速度V0=5m/s，一质量m=1kg的小物块，轻轻放在传送带上OA的中点位置，小物块随传动带运动到A点后，冲上光滑斜面且刚好能够到达N点处无机械能损失，小物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，斜面上M点为AN的中点，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（ ）AN点纵坐标为yN=1.25mB小物块第一次冲上斜面前，在传送带上运动产生的热量为12.5JC小物块第二次冲上斜面，刚好能够到达M点D在x=2m位置释放小物块，小物块可以滑动到N点上方9、下列说法正确的是（ ）A一定质量的理想气体，

7、当温度升高时,内能增加,压强增大B饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变C液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力D一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的10、一列简谐橫波沿轴正方向传播，已知时的波形如图所示，波上有P、Q两点，其纵坐标分别为下列说法中正确的是AP点的振动形式传到Q点需要BP、Q在振动的过程中的任一时刻，位移的大小总相同C在内，P点通过的路程为20cmD经过，Q点回到平衡位置三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分

8、）某同学在探究弹力和弹簧伸长关系的实验中，用完全相同的弹簧A和B并联后上端固定，下端与长木板相连，长木板带挂钩和指针总重2N，右边有一米尺，零刻度与弹簧上端对齐，现在在挂钩上挂不同个数的够吗，测得数据如下表：钩码重力0N1N2N3N指针对齐刻度11cm12cm13cm14cm（1）每根弹簧的原长为_cm，每根弹簧的劲度系数为_N/m；（2）若将A、B弹簧串联起来使用，它们整体的劲度系数为_。A25N/m B100N/m C50N/m D200N/m12（12分）某同学利用如图所示的电路可以测量多个物理量实验室提供的器材有：两个相同的待测电源（内阻r1）电阻箱R1（最大阻值为999.9）电阻箱R

9、1（最大阻值为999.9）电压表V（内阻约为1k）电流表A（内阻约为1）灵敏电流计G，两个开关S1、S1主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱R1和R1至最大，闭合开关S1和S1，再反复调节R1和R1，使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V、电阻箱R1、电阻箱R1的示数分别为0.40A、11.0V、30.6、18.1；反复调节电阻箱R1和R1（与中的电阻值不同），使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V的示数分别为0.60A、11.7V回答下列问题：（1）步骤中：电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电电势差UAB=_V；A和C两点的电势差UAC=_V；A和D两点的电势差UA

10、D=_V；（1）利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为_，电流表的内阻为_；（3）结合步骤步骤的测量数据电源的电动势E为_V，内阻r为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平放置的两平行金属板间存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场。已知两板间的电势差为U，距离为d；匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里。一质量为m、电荷量为q的带电粒子从A点沿水平方向射入到两板之间，恰好沿直线从M点射出；如果撤去磁场，粒子从N点射出。M、N两点间的距离为h。不计粒子的重力。求：（1）匀强电场场强的大小E；

11、（2）粒子从A点射入时的速度大小v0；（3）粒子从N点射出时的动能Ek。14（16分）如图所示，两平行金属板，、长，两板间距离，、两板间的电势差。一比荷为的带正电粒子（不计重力）从点沿电场中心线垂直电场线以初速度飞入电场，粒子飞出平行板电场后经过界面、间的无电场区域，已知两界面、相距为。带点粒子从分界线上的点进入右侧的区域，右侧是一个矩形磁场区域上下无边界，磁感应强度大小为，方向如图所示。求：（1）分界线上的点与中心线的距离；（2）粒子进入磁场区域后若能从边返回，求磁场宽度应满足的条件。15（12分）坐标原点处的波源在t =0时开始沿y轴负向振动，t =1.5s时它正好第二次 到达波谷，如图为

12、t2= 1.5s时沿波的传播方向上部分质点振动的波形图，求：(1)这列波的传播速度是多大? 写出波源振动的位移表达式； (2)x1 =5.4m的质点何时第一次到达波峰?(3)从t1=0开始至x=5.4m的质点第一次到达波峰这段时间内，x2=30cm处的质点通过的路程是多少? 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A当氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，轨道半径变小，其核外电子的动能将增大，又此过程中电场力做正功，其电势能减小，A项正确；B处于n=2能级的氢原子跃迁到基态时，辐射出的光子的能量为（-4eV）-（

13、-13.6eV)=10.2eV，B项错误；C根据C=6可知，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有6种，C项错误；D处于基态的氢原子要发生电离，吸收的光子能量必须大于等于13.6eV，D项错误。故选A。2、D【解析】A小球由a到b先加速再减速，a点加速度向下，b点加速度向上，所以，A错误；B由a到b根据动能定理得B错误；C根据能量守恒，小球向下运动到最大速度的过程中小球重力势能转化为电势能和动能，所以小球电势能的增加量小于其重力势能的减少量，C错误；D若把两同种电荷的位置往里移动相同距离后固定，根据电场强度叠加原理在中垂线上相同位置电场强度变大了，再由动能定理可知小球

14、速度减为零的位置将在b点的上方，选项D正确。故选D。3、C【解析】A由右手定则可知，通过电阻的电流方向为到，故A错误；B两圆环间导体棒在时间内扫过的面积由法拉第电磁感应定律可知，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势通过电阻的电流故B错误；C导体棒转动时产生的感应电动势故C正确；D当减小而其它条件不变时，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势变大，通过电阻的电流增大，故D错误。故选C。4、C【解析】根据单摆的周期公式：得：，T2与L图象的斜率，横轴截距等于球的半径r故根据以上推导，如果L是实际摆长，图线将通过原点，而斜率仍不变，重力加速度不变，故对g的计算没有影响，一样，故ABD错误，C正

15、确故选C5、D【解析】A运动员起跳时的速度方向向上，可知，t1时刻达到最高点，故A错误。B在0-t2时间内，v-t图象为直线，加速度不变，所以在0-t2时间内人在空中，t1时刻达到最高点，t1-t2时间内下落，t2时刻开始进入水面，t3时刻达到水中最深处，t3时刻的位移最大，故B错误。C根据速度图象的斜率表示加速度，知t1时刻的加速度为正，故C错误。D在t1-t3时间内，根据动能定理知即所以在t1t2时间内重力做功WG12小于t2t3时间内克服阻力做功Wf23，故D正确。故选D。6、C【解析】由题知小球未离开圆锥表面时细线与竖直方向的夹角为，用L表示细线长度，小球离开圆锥表面前，细线的张力为F

16、T，圆锥对小球的支持力为FN，根据牛顿第二定律有FTsinFNcosm2LsinFTcosFNsinmg联立解得FTmgcos2mLsin2小球离开圆锥表面后，设细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律有FTsinm2Lsin解得FTmL2故C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB四个灯泡发光程度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为1：3，根据可知该变压器是降压变压器，原副线圈匝数比为3：1，故A正确，B错误；CD接到2位置，原线圈电压变

17、大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以副线圈中的灯泡的电流变大，发光亮度均加强，故D正确，C错误。故选AD。8、AB【解析】A小物块在传送带上匀加速运动的加速度a=g=5 m/s2 小物块与传送带共速时，所用的时间 运动的位移 故小物块与传送带达到相同速度后以v0=5 m/s的速度匀速运动到Q，然后冲上光滑斜面到达N点，由机械能守恒定律得 解得yN=1.25 m 选项A正确；B小物块与传送带速度相等时，传送带的位移x=v0t=51=5m传送带受摩擦力的作用，小物块在传送带上运动产生的热量Q=f（x-x）=mg（x-x）=0.5102.5=12.5J选项B正确；C物块从斜面上再次回到A

18、点时的速度为5m/s，滑上传送带后加速度仍为5m/s2，经过2.5m后速度减为零，然后反向向右加速，回到A点时速度仍为5m/s，则仍可到达斜面上的N点，选项C错误；D在x=2m位置释放小物块，则小滑块在传送带上仍滑动2.5m后与传送带相对静止，则到达A点时的速度等于5m/s，则小物块仍可以滑动到N点，选项D错误。故选AB。9、BDE【解析】A由理想气体状态方程可知，当温度升高时，内能增加，乘积增大，但压强不一定大，故A错误；B饱和蒸汽压仅仅与温度有关，饱和蒸汽在等温变化的过程中，体积减小时压强不变，故B正确；C液体表面层分子间距离较其内部分子间距离大，表面层分子间表现为引力，故C错误；D一定质

19、量的理想气体放出热量，根据热力学第一定律知分子内能可能减小，分子平均动能可能减少，故D正确；E根据熵增原理可知，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故E正确；故选BDE。10、AB【解析】由图看出,P、Q两点平衡位置间的距离等于半个波长,因简谐波传播过程中,在一个周期内传播一个波长,所以振动形式从P传到Q需要半个周期,故A正确；P、Q的振动情况总是相反,所以在振动过程中,它们的位移大小总是相等,故B正确；若图示时刻P在平衡位置或最大位移处,在内,P点通过的路程为: ,而实际上图示时刻,P点不在平衡位置或最大位移处, 在内，P点通过的路程不等于20cm，故C错误；图示时刻,Q点向

20、下运动,速度减小,所以从图示位置运动到波谷的时间大于,再从波谷运动到平衡位置的时间为,所以经过,Q点没有回到平衡位置.故D错误.故选AB三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9cm 50 N/m A 【解析】(1)12根据力的平衡，有把G=2N时，L=11cm与G=3N时，L=12cm代入解得L0=9cmk=50 N/m(2)3将A、B弹簧串联起来使用，当拉力为F时，每个弹簧的形变量为x，整体形变量为2x，由F=kx,可得整体的劲度系数故填A。12、0 11.0V -11.0V 1530 1.8 11.6V 1.5 【解析】（1）113当

21、电流计示数为0时，A、B两点电势相等，即；电压表示数即为A、C两点电势差，即；由闭合电路欧姆定律可知，D、A和A、C之间的电势差相等，故；（1）45由欧姆定律可得解得由可得（3）67由步骤可得由步骤可得联立可解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）电场强度；（2）；（3）【解析】（1）电场强度（2）粒子做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力大小相等，方向相反，有：解得（3）粒子从N点射出，由动能定理得：解得14、（1）；（2）d0.06m【解析】（1）设穿过界面PS时偏离中心线的距离为y，粒子在电场中运动的时间为根

22、据牛顿第二定律得粒子在电场中的加速度为则粒子在电场内竖直方向的位移为设粒子从电场中飞出时在竖直方向的速度为vy，则从电场中飞出后在水平方向的运动时间为从电场中飞出后在竖直方向做匀速运动，位移为所以穿过界面PS时偏离中心线的距离为（2）做出运动轨迹如图所示则速度夹角为C点的速度v为因为洛伦兹力提供向心力得由几何关系得所以磁场宽度应满足大于0.06m。15、 (1)x=5sin()cm或x=-5sin()cm；(2)11.7s；(3)1.85m【解析】（1）由图像可知波长=0.6m，由题意有，波速为波源振动的位移表达式为或（2）波传到x1=5. 4m需要的时间为质点开始振动方向与波源起振方向相同，沿-y方向，从开始振动到第一次到达波峰需要时间为所以，x1=5. 4m的质点第一次到达波峰的时刻为（3）波传到x2=30cm需要时间为所以从t1=0开始至x=5.4m的质点第一次到达波峰这段时间内，x2=30cm处的质点振动时间为所以，该质点的路程为