2020年湖北省荆门市中考物理真题及答案.doc

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1、2020年湖北省荆门市中考物理真题及答案一、选择题：本题共25个小题第1-15小题，每小题3分，第16-25小题，每小题3分，共60分每小题只有1个选项符合题意.1（3分）能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（）A风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源B医院检查身体所使用的B超主要是利用电磁波工作的CWiFi 是一种无线网络传输技术，它通过超声波传递信息D半导体是导电性能介于导体和绝缘体之间的一种特殊材料，具有重要价值解析：（1）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；二次能源：是

2、指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气；（2）超声的穿透能力强，人们可以利用超声来进行探测；（3）WiFi是通过电磁波来传递信息的；（4）半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质，可以用来制成二极管、三极管。参考答案：解：A、风能、水能、太阳能、核能可以从自然界直接获取，是一次能源；电能属于二次能源，故A错误；B、医院检查身体所用的B超利用了超声波传递信息，故B错误；C、WiFi是利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，故C错误；D、容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有

3、一些特殊的物理性质，可制作二极管、三极管灯，故D正确。故选：D。点拨：本题考查了能源分类，以及超声波、电磁波和半导体的应用，属于基础题目。2（3分）下列有关声现象的说法中，正确的是（）A声源振动就可以听到声音B狗是人类忠实的朋友，它的听觉频率范围比人类要广C声音可以在气体、液体中传播，不可以在固体中传播D隔音墙能隔音是从防止噪声进入耳朵这一方面控制噪声的解析：（1）声音是由物体的振动产生的，人耳能听到的频率范围是2020000HZ；（2）人的听觉范围在20赫兹到20000赫兹，低于20赫兹的是次声波，高于20000赫兹的超声波，无论次声波和超声波，人耳都听不见，而有些动物的听觉频率范围比人的大

4、；（3）声音的传播需要介质，声音在固体里传播速度最快，其次是液体，最后是气体；（4）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。参考答案：解：A、我们听到的声音首先频率范围必须要在2020000HZ，且有传播介质，否则声源振动也听不到声音；故A错误；B、狗的听觉频率范围比人类要广，有些人耳听不到的声音狗会听到；故B正确；C、声音可以在气体、液体和固体中传播；故C错误；D、隔音墙能隔音是在声音的传播过程中控制噪声的；故D错误。故选：B。点拨：本题考查了有关声音的基础知识，是一道基础题，比较简单。3（3分）“新冠肺炎”疫情期间，我们经常使用一种叫“测温枪”的测温仪器，只

5、要把“枪口”对准人的额头或手腕，“枪尾”的显示屏就能用数字直接报告人体的温度，测温枪测温利用的是（）A红外线B紫外线C红光D紫光解析：红外线在生活中的应用很广泛，可以做成遥控器、红外线探测仪等，它还具有热效应；紫外线有助于人体合成维生素D，促进人体对钙的吸收，促进骨骼的生长；紫外线可以杀死微生物，所以医院用紫外线来杀菌；紫外线可以使荧光物质发光，所以可以使用紫外线来鉴别钞票和商标的真假；过量的紫外线照射对人体有害，轻则使皮肤粗糙，重则引起皮肤癌。参考答案：解：根据红外线的特点可知，由于红外线热效应强，测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。点拨：本题考查

6、学生对红外线和紫外线性质的掌握情况，要知道红外线的具体应用，还要了解紫外线的基本常识。4（3分）在生产和生活中，常见到“水的比热容大”这一特性的应用情景，以下事例中与这一特性无关的是（）A沿海地区的气温比内陆变化小B夜间，在秧田里灌水保温C发现人中暑时，常在额头上擦冷水降温D汽车发动机用水作冷却液解析：（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量时，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多；（2）水蒸发时吸热，可以降温。参考答案：解：A、因为水的比热容大于砂石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，所以

7、沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故A不符合题意；B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故B不符合题意。C、发现人中暑时，常在额头上擦冷水，水蒸发吸收热量，达到降温的目的，不是利用水的比热容大的特点，故C符合题意；D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以用循环水冷却汽车发动机，故D不符合题意；故选：C。点拨：本题考查水的比热容大的特点、蒸发吸热的应用，应用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求。5（3分）体育课上，老师根据爱好与特长将全班同学分成4

8、组进行不同项目的训练。下列有关说法正确的是（）A足球组的同学踢出的球在场上沿直线越滚越慢是因为没有继续施加力B跑步组的同学跑步时要利用鞋底与地面间的摩擦C乒乓球组的同学所用新球的重心一定不在其几何中心D体操组的同学在腾空跳起离地后受到重力和支持力的作用解析：（1）物体运动状态发生改变，说明它一定受到了力的作用；（2）两个物体未发生相对运动，但有相对运动趋势时，产生的摩擦力叫静摩擦力，静摩擦力的方向与物体运动趋势方向相反；（3）形状规则物体的重心在其几何中心处；（4）在空中的物体在忽略空气阻力时，只受重力作用。参考答案：解：A、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是没有

9、受到力的作用，故A错误；B、人跑步时，鞋底与地面没有打滑，鞋底相对地面的运动趋势方向向后，地面给鞋底的摩擦力方向向前的，从而使人向前运动，故B正确；C、新球是形状规则的球体，所以重心应在球心处，故C错误；D、腾空跳起离地后，不考虑空气阻力，只受重力的作用，不受支持力作用，故D错误。故选：B。点拨：本题集中考查了校园中常见的力学现象，包括力与运动的关系、力的分析等，但都属于力学的基础知识。6（3分）如图甲所示，物体在水平拉力F的作用下由静止沿粗糙水平面向右运动，06s内拉力随时间变化的规律如图乙，速度随时间变化的规律如图丙，则在24s内，物体克服摩擦力所做的功为（）A10JB30JC50JD80

10、J解析：分析图丙可知，在24s内，物体做匀速运动以及速度大小，根据二力平衡条件求出摩擦力，利用svt求物体运动的距离；由图乙可知，在24s内，拉力F大小，利用WFs求物体克服摩擦力所做的功。参考答案：解：由图乙可知，在24s内，拉力F3N，由图丙可知，在24s内，物体做匀速运动，v5.0m/s，此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，fF3N，由v可得，物体运动的距离：svt5.0m/s2s10m，物体克服摩擦力所做的功：Wfs3N10m30J。故选：B。点拨：本题考查了速度公式、功的公式的应用，分析图象得出相关信息是关键。7（3分）如图所示，置于水平地面上的容器中盛有密度为0.8103kg/

11、m3的液体，质量为0.3kg、边长为5cm的正方体用细绳悬挂在容器上方的位置A，已知正方体底部距液面的高度为0.4m，剪断细绳后该正方体沿竖直方向下落，最终停在容器底部B点，此时液体的深度为0.8m。根据以上信息，下列说法正确的是（）A正方体静止在位置A时拉力的大小为0.3NB正方体在液体中受到的浮力为3NC正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中重力做功为2.4JD正方体静止在容器底部B时，液体对正方体底面的压力为16N解析：（1）正方体静止在位置A时处于平衡状态，受到的拉力和自身的重力是一对平衡力，二力大小相等，根据FGmg求出拉力；（2）正方体在液体中沉底并浸没，排开液体的体积和自身

12、的体积相等，根据F浮液gV排求出受到的浮力；（3）分析题意，看是否能得出正方体下落的高度，进而分析能否利用WGh计算重力做的功；（4）正方体静止在容器底部B时，根据pgh求出水对正方体底面的压强，利用FpS求出水对正方体底面的压力。参考答案：解：A正方体静止在位置A时处于平衡状态，受到的拉力和自身的重力是一对平衡力，二力大小相等，则拉力FGmg0.3kg10N/kg3N，故A错误；B正方体在液体中沉底并浸没，受到的浮力F浮液gV排液gV0.8103kg/m310N/kg（0.05m）31N，故B错误；C由题意可知，正方体底部距液面的高度为0.4m，在液体中浸没时液体的深度为0.8m，因无法确定

13、容器内原来液体的深度，所以无法确定正方体下落的高度，也就无法计算正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中重力做的功，故C错误；D正方体静止在容器底部B时，水对正方体底面的压强p液gh0.8103kg/m310N/kg0.8m6400Pa，由p可得，水对正方体底面的压力FpS6400Pa（0.05m）216N，故D正确。故选：D。点拨：本题考查了二力平衡条件的应用和阿基米德原理、做功公式、液体压强公式以及压强定义式的综合应用，要注意本题中正方体A下降的高度不能确定导致重力做的功无法计算。8（3分）在安全教育宣传月活动中，学校举办了一次安全用电知识的抢答赛。以下比赛题目中，应回答“对”的是（）

14、A发现有人触电时，应立即切断电源B手机充电结束后，充电器可一直插在通电的插座上C家用电路中的保险装置应安装在零线上D雷雨天气可打伞在开阔地上行走解析：（1）有人触电，应首先切断电源，让触电者脱离带电体，然后采取其它抢救措施；（2）在用电器不使用时，应将用电器脱离电源，防止电热造成火灾；（3）保险装置应安装在火线上，这样由于电流过大时，保险装置断开，可使用电器与火线分离；（4）雷雨天气尽量避免在野外、打伞或大树下等。参考答案：解：A、发现有人触电时，应立即切断电源，让人迅速脱离带电体，故A正确；B、充电器长时间插在插座上会发热，易引起火灾，故B错误；C、家用电路中的保险装置装在零线上，当电路中电

15、流过大，保险装置切断电路，家用电器也会带电，在检查电路时，人易触电，故C错误；D、雷雨天气撑着雨伞在户外行走，雷电会通过伞导入人体，造成触电，故D错误。故选：A。点拨：解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。9（3分）如图所示，AB和BC是由不同材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后接入电路中，下列说法正确的是（）AAB段电阻大，电流小BBC段电阻小，电流小CAB段电阻一定大，电流与BC段相等DBC 段电阻可能大，电流与AB段相等解析：（1）根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；（2）电阻的大小与材料、长度、横截面积有关，同种材料制成的长度相同、横截面积不同

16、的两段导体，横截面积越大，电阻越小。参考答案：解：AB、因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即IABIBC；故AB错误；CD、已知导体AB和BC由不同材料制成、长度相同，由图可知导体AB横截面积比BC的小，由于电阻的大小与材料、长度、横截面积有关，所以不能判断电阻的大小；故C错误，D正确。故选：D。点拨：本题考查了影响电阻大小的因素和串联电路电流特点的灵活运用，关键是注意AB和BC只是长度相同，材料和横截面积都不同，不能比较导体的电阻大小。10（3分）将电阻R和灯泡L接在图甲所示的电路中，电源电压保持不变。图乙为电阻R和灯泡L的IU图象。闭合开关S，电流表示数为0.3A，则电源电压和电

17、阻R的大小分别是（）A8V 6.67B12V 20C8V 20D12V 10解析：（1）由图示图象求出电阻两端电压与对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻阻值；（2）分析电路连接，根据串联电路电流的规律，找出灯与R对应的电压，然后由串联电路特点求出电源电压。参考答案：解：（1）电阻R为定值，故电流随电压的变化关系为一直线，根据图象，由I可得，电阻R的阻值：R20；（2）由电路图可知，电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流，串联电路中各处的电流相等，由图象可知，电流I0.3A时，UL2V，UR6V，则电源电压：UUL+UR2V+6V8V；故选：C。点拨：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用

18、，关键是能从图象中得出正确的信息。二、非选择题：本题有19小题，共90分11（3分）小蓓同学上学前走向穿衣镜整理校服，她在不断靠近镜子的过程中，所成虚（选填“实”或“虚”）像的大小不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。眼睛近视的同学为了能看清老师写在黑板上的字，需要佩戴镜片为凹（选填“凸”或“凹”）透镜的眼镜。解析：（1）根据平面镜成正立、等大的虚像的特点和成像原理得出答案；（2）近视眼是由于像成在视网膜的前方，应佩戴发散透镜矫正。参考答案：解：（1）因为平面镜成正立、等大的虚像，与物距的大小无关，小蓓同学上学前走向穿衣镜整理校服，她在不断靠近镜子的过程中，所成虚像的大小不变；（2）而近视

19、眼是由于眼睛的晶状体会聚能力变强，像成在视网膜的前方，眼睛近视的同学为了能看清老师写在黑板上的字，需要佩戴镜片为凹透镜，使光线推迟会聚。故答案为：虚；不变；凹。点拨：此题结合近视眼的纠正方法考查对凹透镜的理解与掌握情况，同时还考查了平面镜成像的特点，此题难度不大，属于基础题目。12（4分）2020年6月23日9时23分，我国北斗三号最后一颗全球组网卫星在西昌卫星发射中心成功发射。经过8天长途跋涉、5次变轨于6月30日14时15分定点在距地球3万6千公里的地球同步轨道，标志着我国北斗三号全球卫星系统全面建成。地面测控人员是通过电磁波对太空中卫星进行测控的，变轨是通过施加力改变其运动状态的，目前该

20、卫星相对地球处于静止状态。大多数人造卫星沿椭圆轨道运动，卫星在远地点和近地点之间运行的过程中，从能量转化的角度看，是动能和势能的相互转化。解析：（1）电磁波可以传递信息；（2）力的作用效果有两个：改变物体的形状和改变物体的运动状态；（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；（4）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度，质量越大，高度越大，重力势能越大。参考答案：解：（1）电磁波可以传递信息，能在真空中传播，所以地面测控人员是通过电磁波对太空中卫星进行测控的；（2

21、）变轨是改变运动的方向，根据力的作用效果可知，变轨是通过施加力改变其运动状态的；（3）卫星和地球的转动是同步进行的，故同步卫星相对于地球之间没有位置变化，是静止的；（4）卫星从远地点到近地点运动过程中，速度变大，高度减小，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能；卫星从近地点到远地点运动过程中，速度变小，高度减大，重力势能变大，动能变小，动能转化为重力势能，所以从能量转化的角度看，是动能和势能的相互转化。故答案为：电磁波；力；静止；动能和势能。点拨：本题考查了电磁波的应用、运动和静止的相对性、力的作用效果、动能和势能的相互转化，难度不大，要熟记这些知识点。13（4分）LED灯在现代生活中得到

22、普遍应用，具有节能、环保的特点。若一个“220V 5W”的LED灯每天正常工作10小时，则30天消耗的电能是1.5kWh，这些电能可供“220V 40W“日光灯正常工作37.5h。解析：（1）根据WPt求出一个“220V 5W”的LED灯每天正常工作10小时，30天消耗的电能；（2）根据t得出这些电能可供“220V 40W”的日光灯正常工作多长时间。参考答案：解：（1）若一个“220V 5W”的LED灯每天正常工作10小时，则30天消耗的电能：WPt5103kW10h301.5kWh，（2）这些电能可供“220V 40W”的日光灯正常工作的时间：t37.5h。故答案为：1.5；37.5。点拨：

23、本题考查了电功公式的应用，要注意单位换算，是一道基础题。14（3分）如图所示的电路中，当开关S拨到a后，电磁铁左端为N极，小磁针静止时，B端是S极；当开关S由a拨到b，调节滑动变动器，使电流表的示数仍保持不变，则电磁铁的磁性减弱（选填“增强”、“不变”或“减弱”）。解析：（1）根据安培定则判断电磁铁的极性，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判断B端的极性；（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关：电流不变时，匝数越少，磁性越弱；匝数一定时，电流减小，磁场减弱。参考答案：解：（1）伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的左端为电磁铁的N极，据同名磁极相互排

24、斥、异名磁极相互吸引的作用可知，小磁针的A端是N极，B端为S极；（2）在此实验装置中，保持电流不变，将开关S由a换到b，则减少了线圈的匝数，因此通电螺线管的磁性减弱。故答案为：N；S；减弱。点拨：本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据安培定则判断通电螺线管的极性。有一定的综合性。15（4分）科学探究是物理学科的重要组成部分。如下是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。（1）图甲是某小组同学组装的实验装置，安装温度计时玻璃泡接触到烧杯底部，此时应适当将A处向上（选填“A处向上”或“B处向下”）进行调整。（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样做是为了减少从加热至沸腾的时间。（3）图乙、丙

25、是朵朵同学在实验中观察到的两种不同的实验现象，其中图乙是水沸腾时的情况。（4）根据实验数据绘制出温度随时间变化的关系如图丁所示。分析该图除可知水的沸点外，还可知水沸腾时的特点是继续吸热，温度保持不变。解析：（1）根据温度计的使用规则进行调整实验装置；（2）缩短加热至沸腾所用的时间：提高水的初温；适当减少水的质量；给烧杯加盖等；（3）水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同；（4）水沸腾时的温度叫做沸点，结合图象分析沸腾前和液体沸腾时的温度变化情况。参考答案：解：（1）由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。（2）实验

26、前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样可以提高水的初温，缩短加热至沸腾所用的时间。（3）水在沸腾前，底部温度较高，底部少部分水汽化为水蒸气冒出时，一部分水蒸气上升过程中遇到上层温度较低的水，放热液化，所以气泡变小，因此图丙是沸腾前的情形；水沸腾时，容器中不同深度水温相同，不同部位的水都会汽化为水蒸气，气泡上升过程中变大，故图乙是沸腾时现象；（4）由图象可知，水的沸点是97，且水在沸腾过程中，继续吸收热量但温度不变。故答案为：（1）A处向上；（2）减少从加热至沸腾的时间；（3）乙；（4）继续吸热，温度保持不变。点拨：本题是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，涉及到实验装置的调节、实验注意事项、沸

27、点及沸腾图象的分析等，属于中考常考命题点，难度不大。16（3分）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上并调节它们的中心在同一高度，如图所示。现进行如下操作：（1）将蜡烛第一次放置在M处，第二次放置在N处，则蜡烛与所成像的位置关系为C。A两次都在凸透镜同侧B两次都在凸透镜两侧C第一次在凸透镜同侧，第二次在凸透镜两侧D第一次在凸透镜两侧，第二次在凸透镜同侧（2）某次实验中将蜡烛放置在P处，光屏上所成的像在Q处，现将蜡烛放置在Q处，根据光路可逆原理，光屏上所成的像在（选填“在”或“不在”）P处。解析：（1）当物距小于1倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，像与物体在凸

28、透镜的同侧；当物距大于1倍焦距时，凸透镜成倒立的实像，像与物体在凸透镜的两侧；（2）根据光路的可逆性进行分析。参考答案：解：（1）蜡烛在M处时，物距小于1倍焦距，此时成虚像，所以像与蜡烛在凸透镜的同侧；蜡烛在N处时，物距大于2f，此时成倒立缩小的实像，像与物体在凸透镜的两侧，故ABD错误，C正确；（2）将蜡烛放置在P处，光屏上所成的像在Q处，说明蜡烛发出的光经过凸透镜折射后会聚到Q点，根据光路可逆原理，现将蜡烛放置在Q处，光屏上所成的像 在P处。故答案为：（1）C；（2）光路可逆；在。点拨：本题是探究凸透镜成像特点的实验，主要考查了实像与虚像的区别及光路的可逆特点，属基础性的知识，难度不大。1

29、7（5分）为了测量某金属块的密度进行了如下操作：（1）由于手中没有天平，现利用杠杆平衡原理测物体的质量。如图甲所示，调节杠杆两端的螺母，使杠杆在不挂钩码时保持水平并静止，达到平衡状态。将待测金属块用细线挂在杠杆左侧A点，用完全相同的细线将若干钩码挂在杠杆右侧B点，使杠杆重新在水平位置保持静止。已知右侧钧码的总质量为52g，则该金属块的质量为39g。（2）将水倒入量筒中，液面位置如图乙所示，再把金属块完全浸没在量筒的水中，液面升高，如图丙所示，则该金属块的体积为5106m3。（3）由（1）、（2）步可求得金属块的密度为7.8103kg/m3。（4）若在第（2）步中先进行图丙所示操作，再进行图乙所

30、示操作，则所测得金属块的密度相对于第（3）步偏小（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。解析：（1）根据杠杆的平衡条件：F1L1F2L2进行解答；（2）分别读出水和金属块的总体积、水的体积，二者之差便为金属块的体积；（3）根据计算金属块的密度；（4）当将金属块从水中拿出时，上面会沾有水，根据实际情况分析测量体积误差，从而可判断密度的测量误差。参考答案：解：（1）由图甲知，左侧力臂为20cm，右侧力臂为15cm，根据杠杆的平衡条件：m左gL左m右gL右即：m左10N/kg20cm52g10N/kg15cm解得：m左39g；（2）由图乙知，水的体积为25ml，水和金属块的总体积为30ml，所以金属块

31、的体积为：V30cm325cm35cm35106m3；（3）物体的密度为：7.8103kg/m3。（4）先进行图丙所示操作，再进行图乙所示操作，将金属块从水中拿出时，由于上面会沾有水，会使得金属块的体积测量偏大，根据可知，密度测量偏小。故答案为：（1）39；（2）5106；（3）7.8103；（4）偏小。点拨：本题是测量金属块密度的实验，综合考查了杠杆和天平的应用、体积的测量及密度的计算，同时考查了对实验过程中误差的分析，综合性较强。18（7分）学习了“电阻的测量”后，小华同学设想将电流表改装成可直接测量电阻的仪表，并设计了如图甲所示的电路，M、N是连接待测电阻的接线柱。电流表选定量程为0.6

32、A，电源电压为6V。（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于B（选填“A”或“B”）端。（2）将M、N直接用导线相连，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表满偏（示数为0.6A），此时滑动变阻器接入电路的阻值为10，此后保持滑片P的位置不变。（3）在M、N之间接入一个电阻，电流表的指针位置如图乙所示，则电流的大小为0.1A，接入电阻的阻值为50。（4）综上可知，若通过电流表的电流为I，M、N之间接入电阻的阻值表达式为R10（用题目给定量、计算已得量表示，不标注单位）。依据R与I的对应关系，将电流表表盘上的刻度对应改为M、N之间所接电阻的阻值，从而完成将电流表改装成直接测量电阻的仪表。将电流表改装成

33、直接测量电阻的仪表后，仪表盘上的刻度是不均匀（选填“均匀”或“不均匀”）的。解析：（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；（2）由欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律和串联电阻的规律得出接入电阻的阻值；（4）由欧姆定律和串联电阻的规律得出M、N之间接入电阻的阻值表达式，据此表达式分析仪表盘上的刻度是否均匀。参考答案：解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的B端；（2）将M、N直接用导线相连，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表满偏（示数为0.6A），由欧姆定律，此时滑动变阻器接入电路的阻值为：R滑

34、10；（3）在M、N之间接入一个电阻，电流表的指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流的大小为0.1A，由欧姆定律和串联电阻的规律，接入电阻的阻值为：R1R滑1050；（4）若通过电流表的电流为I，由欧姆定律和串联电阻的规律，M、N之间接入电阻的阻值表达式为：R10；由知，R与I不成正比，故将电流表改装成直接测量电阻的仪表后，仪表盘上的刻度是不均匀的。故答案为：（1）B；（2）10；（3）0.1；50；（4）10；不均匀。点拨：本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及数据分析，体现了与高中知识的衔接。19（6分）为了进一步理解所学知识，朝阳中学物理兴趣小组组装了如图所示

35、的装置。一辆质量为0.3kg的玩具电动小车放置在粗糙水平桌面上，其与桌面间的滑动摩擦力为2N，一根不可伸长的细绳一端固定在小车尾部，另一端依次跨过定滑轮、动滑轮后固定在O点，两滑轮质量都为0.05kg。当小车向右运动，借助细绳、滑轮带动质量为0.2kg的物体以0.1m/s的速度沿竖直方向匀速上升，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，求：（1）细绳的拉力F；（2）滑轮组的机械效率；（3）玩具电动小车牵引力的功率P。解析：（1）首先根据Gmg求出物体和一个动滑轮的重力，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，根据拉力F（G物+G轮）求出细绳的拉力；（2）利用100求出滑轮组的机械效率；

36、（3）对玩具电动小车受力分析，根据小车受力平衡求出小车的牵引力，根据物体上升的速度求出小车的运动速度，根据PFv求解功率。参考答案：解：（1）物体的重力G物m物g0.2kg10N/kg2N，动滑轮的重力G动m动g0.05kg10N/kg0.5N，由图知，n2，则细绳的拉力F（G物+G轮）（2N+0.5N）1.25N；（2）滑轮组的机械效率：100%80%；（3）由图知，n2，则v车nv物20.1m/s0.2m/s，玩具电动小车在水平方向上受水平向左的牵引力、水平向右的拉力和摩擦力f的作用，则的牵引力F牵F+f1.25N+2N3.25N，牵引力的功率：PF牵v车3.25N0.2m/s0.65W。

37、答：（1）细绳的拉力为1.25N；（2）滑轮组的机械效率为80%；（3）玩具电动小车牵引力的功率为0.65W。点拨：本题考查阿基米德原理、功率、机械效率的计算，关键是注意不计摩擦、绳重及水的阻力时绳子的拉力F（G物+G轮）；难点是功率和机械效率推导式的应用。20（6分）“开车不饮酒，酒后不开车”是每一位司机都必须遵守的交通法规。图甲是气体中酒精浓度测试仪的原理图，电源电压U12V，R1是气敏电阻，其阻值随气体中酒精浓度的变化规律如图乙所示。气体中酒精浓度大于或等于20小于80mg/100mL为酒驾，大于或等于80mg/100mL为醉驾。测试仪使用前应先调零，即当气体中酒精浓度为0时，调节滑动变

38、阻器R2的滑片，使电压表示数U110V，调零后R2的滑片位置保持不变。求：（1）调零后R2接入电路中的阻值；（2）当U110V时，R1消耗的电功率；（3）在某次检测中，电流表示数为0.3A，试通过计算分析，判断该司机属于酒驾还是醉驾？解析：（1）甲图中，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流：由乙图可知当气体中的酒精浓度为0时R1大小100，由欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路电压的规律及欧姆定律求出R2；（2）根据PUI求出R1消耗的电功率；（3）当电流表示数为0.3A时，由欧姆定律得出电路的总电阻，由电阻的串联规律得出气敏电阻的阻值，由图乙结合已知条件判断。参考答案：解

39、：（1）由甲图可知，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流，由乙图可知，当气体中的酒精浓度为0时，R1100，此时电路中的电流：I0.1A，根据串联电路电压的规律及欧姆定律，R220；（2）R1消耗的电功率：P1U1I10V0.1A1W；（3）当电流表示数为0.3A时，由欧姆定律，电路的总电阻：R40，由电阻的串联：气敏电阻的阻值为：R1402020，由图乙知，当气敏电阻的阻值为20时，气体中的酒精浓度为80mg/100mL，可知该司机属于醉驾。答：（1）调零后R2接入电路中的阻值为20；（2）R1消耗的电功率为1W；（3）计算如上，该司机属于酒驾。点拨：本题结合实验考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。