云南省大姚一中2023届高三二诊模拟考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用如图a所示的圆弧一斜面装置研究平抛运动，每次将质量为m的小球从半径为R的四分之一圆弧形轨道不同位置静止释放，并在弧形轨道最低点水平部分处装有压力传感器测出小球对轨道压力的大小F已知斜面与水平地面之间的夹角=45，实验时获得小球在斜面上的不同水平

2、射程x，最后作出了如图b所示的Fx图象，g取10m/s2，则由图可求得圆弧轨道的半径R为（ ）A0.125mB0.25mC0.50mD1.0m2、在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是（）A电路再次稳定时，电源效率增加B灯L2变暗，电流表的示数减小C灯L1变亮，电压表的示数减小D电容器存储的电势能增加3、电磁流量计广泛应用于测量可导电流体（如污水）在管中的流量（在单位时间内通过管内横截面的流体的体积）。为了简化，假设流量计是如图所示的横截面为长方形的一段管道，其中空部分的长、宽、高分别为图中的a、b、c流量计的两端与输送流体的管道相连接（图中虚线）。图中

3、流量计的上下两面是金属材料，前后两面是绝缘材料。现于流量计所在处加磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直于前后两面。当导电流体稳定地流经流量计时，在管外将流量计上、下两表面分别与一电压表（内阻很大）的两端连接，U表示测得的电压值。则可求得流量为（）ABCD4、如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，则可推断正确的是（ ）图中质点b的速度为负方向最大从图示时刻开始，经过0.01s，质点a通过的路程为4m，位移为零若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的频率为50Hz若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不小于20mABCD

4、5、如图所示，两根粗细不同，两端开口的直玻璃管A和B竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量温度相同的理想气体，气柱长度，水银柱长度，今使封闭空气降低相同的温度（大气压保持不变），则两管中空气柱上方水银柱的移动情况是（）A均向下移动，A管移动较少B均向下移动，A管移动较多C均向下移动，两管移动的一样多D水银柱的移动距离与管的粗细有关6、如图所示，重型自卸车装载一巨型石块，当利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下以下说法正确的是（）A石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的压力不变B石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的摩擦力变大C石块开始下滑

5、时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的作用力变大D石块开始下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块受到的合力不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初速度v0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，速度方向与斜面之间的夹角为；若小球从a点以初速度平抛出，不计空气阻力，则小球（）A将落在bc之间B将落在c点C落在斜面的速度方向与斜面的夹角大于D落在斜面的速度方向与斜面的夹角等于8、如图所示，abcd为一正方形边界的匀强磁

6、场区域，磁场边界边长为L，三个粒子以相同的速度从a点沿对角线方向射入，粒子1从b点射出，粒子2从c点射出，粒子3从cd边垂直射出，不考虑粒子的重力和粒子间的相互作用. 根据以上信息，可以确定A粒子1带负电，粒子2不带电，粒子3带正电B粒子1和粒子3的比荷之比为2：1C粒子1和粒子2在磁场中的运动时间之比为：4D粒子3的射出位置与d点相距9、如图所示，将甲分子固定于坐标原点O处，乙分子放置于r轴上距离O点很远的r4处，r1、r2、r3为r轴上的三个特殊的位置，甲、乙两分子间的分子力F和分子势能Ep随两分子间距离r的变化关系分别如图中两条曲线所示，设两分子间距离很远时，Ep=0。现把乙分子从r4处

7、由静止释放，下列说法中正确的是_。A虚线1为Ep-r图线、实线2为F-r图线B当分子间距离rr2时，甲乙两分子间只有分子斥力，且分子斥力随r减小而增大C乙分子从r4到r2做加速度先增大后减小的加速运动，从r2到r1做加速度增大的减速运动D乙分子从r4到r1的过程中，分子势能先增大后减小，在r1位置时分子势能最小E.乙分子的运动范围为r4rr110、以点电荷A、B的连线为x轴，以点电荷B为坐标原点建立如图所示的坐标系，点电荷A、B带电量分别为q1、q2，间距为x0。一电子以一定的初速度进入该电场，由靠近坐标原点的位置沿x轴正方向运动，其电势能的变化如图中实线所示，图线与x轴交点的横坐标为x1，图

8、线最高点对应的横坐标为x2，则下列判断正确的是A0x1之间电场强度沿x轴正方向BA电荷带正电，B电荷带负电CD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）热敏电阻包括正温度系数电阻器（PTC）和负温度系数电阻器（NTC）。正温度系数电阻器（PTC）在温度升高时电阻值越大，负责温度系数电阻器（NTC）在温度升高时电阻值越小，热敏电阻的这种特性，常常应用在控制电路中。某实验小组选用下列器材探究通过热敏电阻Rx（常温下阻值约为10.0）的电流随其两端电压变化的特点。A电流表A1（满偏电流10mA，内阻r1=10）B电流表A2（量程01.0A，内

9、阻r2约为0.5）C滑动变阻器R1（最大阻值为10）D滑动变阻器R2（最大阻值为500）E定值电阻R3=990F. 定值电阻R4=140G电源E（电动势12V，内阻可忽略）H电键、导线若干（1）实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，请在所提供的器材中选择必需的器材，应选择的滑动变阻器_。（只需填写器材前面的字母即可）（2）请在所提供的器材中选择必需的器材，在虚线框内画出该小组设计的电路图_。（3）该小组测出某热敏电阻Rx的I1I2图线如曲线乙所示，NTC热敏电阻对应的曲线是_（填或）。（4）若将上表中的PTC电阻直接接到一个9V，内阻10的电源两端，则它的实

10、际功率为_W。（结果均保留2位有效数字）12（12分）在“探究物体质量一定时，加速度与力的关系实验”中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了力传感器来测细线中的拉力。已知当地的重力加速度取。(1)关于该实验的操作，下列说法正确的是_。A必须用天平测出沙和沙桶的质量B一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量C应当先释放小车，再接通电源D需要改变沙和沙桶的总质量，打出多条纸带(2)由多次实验得到小车的加速度a与力传感器显示数F的关系如图乙所示，则小车与轨道间的滑动摩擦力_N。(3)小明同学不断增加沙子质量重复实验，发现小车的加速度最后会趋近于某一数值，从理论上分析可知，该数

11、值应为_m/s2。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某跳台滑雪的轨道如图所示，助滑轨道倾角，助滑轨道在B点与半径的光滑圆弧轨道相切，圆弧在最低点C的切线水平；CP为着陆坡。倾角，一运动员连同装备总质量，从助滑坡道上的A点无助力由静止滑下，A点与B点的竖直高度差，滑板与助滑坡道之间的动摩擦因数，不计空气阻力，取，求：(1)运动员经过点时对轨道的压力大小；(2)运动员落在着陆坡上时的动能。14（16分）如图，一直角三棱柱ABC，其中，AB长度为2L，M为AB的中点，N为BC的中点，一光线从AB面上的M点以45

12、的入射角射入三棱柱，折射光线经过N点。已知光在真空中的传播速度为c，求：（1）三棱柱折射率n；（2）光从开始射入三棱柱到第一次射出所需的时间。15（12分）如图所示，水平地面上静止放置一辆长度为L=1.5m、质量mA=4kg的小车A，小车的上表面粗糙，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计；小车左端固定一轻质弹簧，自然长度为L=0.5m，最右端静置一质量mB=2kg的物块B（可视为质点）；现对A施加一个水平向右F=20N的恒力，小车运动一段时间后，物块B和弹簧接触，同时撤掉恒力F，已知物块B和小车间的动摩擦因数。不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求：（1）水平向右的恒力F作用的时间t；

13、（2）弹簧最大压缩量d=0.3m时，弹簧的弹性时能Ep。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】在圆轨道上运动时，小球受到重力以及轨道的支持力作用，合力充当向心力，所以有小球做平抛运动时时的水平射程小球的竖直位移：根据几何关系可得联立即得x图像的纵截距表示重力，即mg=5N所以有解得：R=0.25m故选B；【名师点睛】知道平抛运动水平方向和竖直方向上运动的规律，抓住竖直位移和水平位移的关系，尤其是掌握平抛运动的位移与水平方向夹角的正切值的表达式进行求解注意公式和图象的结合，重点是斜率和截距2、C【解析】A电源

14、的效率将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路电阻减小，则电源的效率减小，选项A错误；BC将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮。R与灯L2并联电路的电压U并=U-U1，U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗。流过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大。故B错误，C正确；D电容器两端的电压等于并联部分的电压，电压变小，由Q=CU知电容器的电荷量减少，电容器存储的电势能减小，故D错误。故选C

15、。3、A【解析】将流量计上、下两表面分别与一电压表（内阻很大）的两端连接，U表示测得的电压值，那么电动势EU；根据粒子平衡得， 联立两式解得，。则流量QvSvbc 故A正确，BCD错误。4、A【解析】由于波向右传播，根据“上下坡”法，知道b质点向下振动，此时的速度最大。故正确；周期从图示时刻开始，经过0.01s，即半个周期，质点a通过的路程为2个振幅，即4m，位移为4cm。故错误；该列波的频率为50Hz，要想发生干涉，频率需相同。故正确；当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射。即若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不大于4m，故错误；A，与结论相符，选项A正确；B，

16、与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；故选A。5、A【解析】D因为大气压保持不变，封闭空气柱均做等压变化，放封闭空气柱下端的水银面高度不变，根据盖一吕萨克定律，可得则即化简得则空气柱长度的变化与玻璃管的粗细无关，D错误；ABC因A、B管中的封闭空气柱初温T相同，温度的变化也相同，则与H成正比。又，所以，即A、B管中空气柱的长度都减小，水银柱均向下移动，因为，所以所以A管中空气柱长度减小得较少，A正确，BC错误。故选A。6、B【解析】AB货物处于平衡状态，则有：mgsin=f，N=mgcos，增大时，支持力FN逐渐减小，静摩擦力Ff增大由牛顿第三定

17、律可知，石块对车厢的压力会减小故A错误，B正确；CD石块开始下滑时受力近似平衡，自卸车车厢倾角变大，石块向下做加速运动，且加速度随角度增大而增大，石块受到的合外力变大；石块对车厢的正压力和摩擦力均减小，可知石块对车厢的作用力变小，故CD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】设斜面的倾角为小球落在斜面上，有：tan=，解得： ；在竖直方向上的分位移为：y=gt2，则知当初速度变为原来的倍时，竖直方向上的位移变为原来的2倍，所以小球一定落在斜面上的c点，故A

18、错误，B正确；设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为，则tan=2tan，即tan=2tan，所以一定，则知落在斜面时的速度方向与斜面夹角一定相同故C错误，D正确故选BD【点睛】物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍8、BC【解析】A.根据左手定则可得：粒子1带正电，粒子2不带电，粒子3带负电。故A错误；B.做出粒子运动的轨迹如图，则粒子1运动的半径：r1，由可得： 粒子3的运动的轨迹如图，则：r3L， 所以：故B正确；C.粒子1 在磁场中运动的时间： ；粒子2 在磁场中运动的时

19、间： ；所以：，故C正确；D.粒子3射出的位置与d点相距：故D错误。9、ACE【解析】A因两分子间距在平衡距离r0时，分子力表现为零，此时分子势能最小，可知虚线1为Ep-r图线、实线2为F-r图线，选项A正确；B当分子间距离rr2时，甲乙两分子间斥力和引力都存在，只是斥力大于引力，分子力表现为斥力，且分子斥力随r减小而增大，选项B错误；C乙分子从r4到r2所受的甲分子的引力先增加后减小，则做加速度先增大后减小的加速运动，从r2到r1因分子力表现为斥力且逐渐变大，可知做加速度增大的减速运动，选项C正确；D乙分子从r4到r1的过程中，分子力先做正功，后做负功，则分子势能先减小后增大，在r2位置时分

20、子势能最小，选项D错误；E因乙分子在r4处分子势能和动能均为零，到达r1处时的分子势能又为零，由能量守恒定律可知，在r1处的动能也为零，可知乙分子的运动范围为r4rr1，选项E正确；故选ACE.10、AC【解析】A0到之间电子的电势能增大，电场力对电子做负功，电场力沿轴负方向，故电场强度沿轴正方向，A正确；B0到过程中，电场力水平向左做负功，合电场强度水平向右，之后，电场力水平向右做正功，合电场强度水平向左，可知A电荷带负电，B电荷带正电，B错误；CD电场力做功改变电势能，所以电场力的大小表示为：所以电势能随位移变化的图像的斜率为电场力，处电场力为0，电场强度为0，所以：解得：，C正确，D错误

21、。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 2.0W(1.92.1W) 【解析】(1)1因为要求加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压接法，为了便于调节，应选择最大阻值小的滑动变阻器，故填C。(2) 2因为器材没有电压表，故用已知内阻的电流表A1串联一个大电阻R3改装成电压表。由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示(3)3 把热敏电阻Rx的I1I2图线的纵坐标改成，即热敏电阻的电压，单位为V，图像就成为热敏电阻的图像。图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻值。随电压增大，

22、电流增大，电阻实际功率增大，温度升高。NTC热敏电阻在温度升高时电阻值减小，故对应的曲线是。(4)4做出9V，内阻10的电源的图像其与曲线的交点坐标的乘积即为所要求的实际功率，为由于作图和读书有一定的误差，故结果范围为1.92.1W。12、D 1.0 5m/s2 【解析】(1)1AB对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量沙和沙桶的质量，也不需要满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故AB错误；C使用打点计时器，应先接通电源，在释放小车，故C错误；D探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变沙和沙桶的总质量，打出多条纸带，故D正确。故选D。(2)2根据牛顿第二定律可知图象时解得(3)3沙和

23、沙桶的位移为x1，小车的位移为x2，在相同时间t内两者之间有定滑轮相连，所以位移之间的关系为则加速度关系为即小车的加速度是砂和砂桶加速度的。设绳子的拉力为T，根据牛顿第二定律得化简可得不断增加沙子质量时，m趋于无穷大，即可判断小车的加速度为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1000N；(2)12500J【解析】(1)运动员从A到B，由动能定理得从B到C，由机核能守恒得解得在C点对运动员进行受力分析有解得由牛顿第三定律得，运动员经过C点时对轨道的压力大小为1000N。(2)运动员从C点飞出做平抛运动，落点在

24、着陆坡上，设飞行时间为t解得竖直方向位移由动能定理得落到斜面上时的动能14、（1）；（2）。【解析】（2）由题意可知人射角，折射角，画出光路图如图所示由折射定律有解得（2）由题意结合反射定律可知=60，设光从三棱柱射向空气的临界角为C根据可知光射到BC面上发生全反射，光射到AC面上的人射角，则光能从AC面上射出三棱柱由几何关系可知光在三棱镜中的传播速度则光在三棱镜中传播时间15、（1）；（2）【解析】（1）根据牛顿第二定律，有物块B的加速度小车A的加速度物块B的位移小车A的位移根据位移关系有联立解得s（2）撤掉外力时，物块B的速度撤掉外力时，小车的速度从撤掉外力到弹簧压缩最短的过程中，根据动量守恒定律从撤掉外力到弹簧压缩最短的过程中，根据能量关系由上式解得