2023届江苏省无锡市锡山区天一中学高三第三次测评物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某种电流表的原理示意图，质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的轻弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为k。在矩形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上

2、的读数，MN的长度大于ab的长度。当MN中没有电流通过且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合，当MN中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。已知k2.0 N/m，ab的长度为0.20 m，bc的长度为0.05 m，B0.20 T，重力加速度为g。下列说法不正确的是（ ）A当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为B若要电流表正常工作，应将MN的M端与电源正极相接C该电流表的量程是2.5 AD若将量程扩大到2倍，磁感应强度应变为0.20 T2、如图所示，理想变压器原线圈串联一个定值电阻之后接到交流电源上，电压表的示数恒定不变，电压表和的示数分别用和表示，电流表A的示数用表示，所有电表都可视为理想电

3、表。当滑动变阻器R的滑片P向上滑动时，下列说法正确的是（ ）A和的比值不变B电流表A的示数增大C电压表的示数减小D电阻和滑动变阻器R消耗的功率的比值总是等于3、如图所示，“共享单车”极大地方便了老百姓的出行，某高档“共享单车”通过变速器调整链条在轮盘和飞轮的挂入位置，改变行驶速度。轮盘和飞轮的齿数如下表所示：名称轮盘飞轮A轮B轮C轮D轮E轮齿数N/个4839241813则下列说法正确的是()A当A轮与C轮组合时，两轮的转速之比为11B当A轮与C轮组合时，两轮边缘上的点的线速度大小之比为12C当B轮与E轮组合时，两轮角速度之比为13D当B轮与E轮组合时，两轮边缘上的点的向心加速度大小之比为314

4、、某质点做匀加速直线运动，经过时间t速度由v0 变为kv0(k1)位移大小为x。则在随后的4t内，质点的位移大小为（ ）ABCD5、2018年12月8日我国嫦娥四号探测器成功发射,实现人类首次在月球背面无人软着陆。通过多次调速让探月卫星从近地环绕轨道经地月转移轨道进入近月环绕轨道。已知地球与月球的质量之比及半径之比分别为a、b,则关于近地卫星与近月星做匀速圆周运动的下列判断正确的是A加速度之比约为B周期之比约为C速度之比约为D从近地轨道进入到地月转移轨道,卫星必须减速6、氢原子的核外电子从n=2的能级跃迁到n=1的能级时，发出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则下列各种说法中正确的是（ ）A该

5、光是氢原子所有可能发出的光中能量最大的B氢原子中由高能级跃迁到n=2的能级时发出的光可能使该金属发生光电效应C该金属发生光电效应产生的光电子的最大能量恰好等于氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出光子的能量D氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出光子的能量等于该金属的逸出功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两端开门、内径均匀的玻璃弯管竖直固定，两段水银柱将空气柱B封闭在玻璃管左侧的竖直部分。左侧水银柱A有一部分在水平管中。若保持温度不变。向右管

6、缓缓注入少量水则称定后（ ）A右侧水银面高度差h1增大B空气柱B的长度增大C空气柱B的压强增大D左侧水银面高度差h2减小8、如图为乒乓球发球机的工作示意图。若发球机从球台底边中点的正上方某一固定高度连续水平发球，球的初速度大小随机变化，发球方向也在水平面内不同方向随机变化。若某次乒乓球沿中线恰好从中网的上边缘经过，落在球台上的点，后来另一次乒乓球的发球方向与中线成角，也恰好从中网上边缘经过，落在桌面上的点。忽略空气对乒乓球的影响，则（）A第一个球在空中运动的时间更短B前后两个球从发出至到达中网上边缘的时间相等C前后两个球发出时的速度大小之比为D两落点到中网的距离相等9、通常把电荷在离场源电荷无

7、限远处的电势能规定为零，已知试探电荷q在场源电荷的电场中具所有电势能表达式为式中k为静电力常量，r为试探电荷与场源电荷间的距离）。真空中有两个点电荷Q1、Q2分别固定在 x 坐标轴的和的位置上。x轴上各点的电势随x的变化关系如图所示。A、B是图线与x的交点，A点的x坐标是4.8 cm，图线上C点的切线水平。下列说法正确的是（）A电荷Q1、Q2的电性相同B电荷Q1、Q2的电荷量之比为14CB点的x坐标是8cmDC点的x坐标是12cm10、如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有R = 55W 的负载电阻，原、副线圈匝数之比为21，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是 A电

8、流表的读数为1.00 AB电流表的读数为2.00AC电压表的读数为110VD电压表的读数为155V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某小组设计了一个研究平抛运动的实验装置，在抛出点O的正前方，竖直放置一块毛玻璃他们利用不同的频闪光源，在小球抛出后的运动过程中光源闪光，会在毛玻璃上出现小球的投影点，在毛玻璃右边用照相机进行多次曝光，拍摄小球在毛玻璃上的投影照片如图1，小明在O点左侧用水平的平行光源照射，得到的照片如图3；如图2，小红将一个点光源放在O点照射重新实验，得到的照片如图4已知光源的闪光频率均为31Hz，光源到玻璃的距离L

9、=1.2m，两次实验小球抛出时的初速度相等根据上述实验可求出：(结果均保留两位小数)（1）重力加速度的大小为_m/s2，投影点经过图3中M位置时的速度大小为_ m/s（2）小球平抛时的初速度大小为_ m/s12（12分） (1)在“测定金属丝的电阻率”实验中，先用螺旋测微器测出金属丝的直径，测量示数如图甲所示，则金属丝的直径d=_mm。(2)在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：A干电池两节，每节电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B直流电压表V1、V2，量程均为03V，内阻约为3kC电流表，量程0.6A，内阻小于1D定值电阻R3，阻值为5E.滑动变阻器R，最大阻值50F.导线

10、和开关若干如图乙所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组U2、数据，并画出U2-图像，求出电动势和内电阻。电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是_，这种误差属于_（填“系统误差”或“偶然误差”）。实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1一U2图像如图丙所示，图线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=_，内阻r=_（用k、a、R0表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量的木板长，静止在水平

11、地面上，与地面的动摩擦因数，另一个质量的滑块，以初速度滑上木板滑块与木板之间的动摩擦因数，取。（1）求滑块不滑下木板时应满足的条件；（2）若，求木板与地面摩擦产生的热量Q。14（16分）热气球为了便于调节运动状态，需要携带压舱物，某热气球科学考察结束后正以大小为的速度匀速下降，热气球的总质量为M，当热气球离地某一高度时，释放质量为M的压舱物，结果热气球到达地面时的速度恰好为零，整个过程中空气对热气球作用力不变，忽略空气对压舱物的阻力，重力加速度为g，求:（1）释放压舱物时气球离地的高度h;（2）热气球与压舱物到达地面的时间差.15（12分）如图，一固定的水平气缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆

12、筒中各有一个活塞。大圆筒内侧截面积为 2S，小圆筒内侧截面积为S，两活塞用刚性轻杆连接，间距为2l，活塞之间封闭有一定质量的理想气体。初始时大活塞与大圆筒底部相距l。现通过滑轮用轻绳水平牵引小活塞，在轻绳右端系托盘（质量不计）。已知整个过程中环境温度T0、大气压p0保持不变，不计活塞、滑轮摩擦、活塞导热良好。求：（i）缓慢向托盘中加沙子，直到大活塞与大圆简底部相距，停止加沙，求此时沙子质量；（ii）在（i）情景下对封闭气体缓慢加热可以使活塞回到原处，求回到原处时封闭气体的温度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D

13、【解析】A设弹簧的伸长量为x，则有mgkx得故当电流表示数为零时，弹簧伸长量为，故A正确，不符合题意；B为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒MN的安培力必须向下，由左手定则可知金属棒中电流从M端流向N端，因此M端应接正极，故B正确，不符合题意；C设满量程时通过MN的电流为Im，则有BImlabmgk（lbcx）解得Im2.5 A故该电流表的量程是2.5 A，故C正确，不符合题意；D设量程扩大后，磁感应强度变为B，则有2BImlabmgk（lbcx）解得B0.10 T故D错误，符合题意。故选D。2、D【解析】ABC当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，副线圈回路中电阻增大，副线圈回路中电流减小，

14、则原线圈电流减小，即电流表示数减小，两端电压减小，恒定不变，则增大，则和的比值变小，故ABC错误；D因为是理想变压器，滑动变阻器R消耗的功率等于原线圈输入功率，则故D正确。故选D。3、C【解析】ABA轮与C轮通过链条连接，轮边缘上的点的线速度大小相等，齿数之比为21，转速之比为12，选项A、B错误；CDB轮与E轮通过链条连接，轮边缘上的点的线速度大小相等，齿数之比为31，转速之比为13，角速度之比为13，轮边缘上的点的向心加速度之比为13，选项C正确，D错误。4、A【解析】质点做匀加速直线运动，加速度为t时刻内位移为联立可得则在随后的4t内，质点的位移大小为将代入得故A正确，BCD错误。故选A

15、。5、B【解析】A根据可知，选项A错误；B由可得，选项B正确；C根据可得，选项C错误；D从近地轨道进入到地月转移轨道，卫星必须要多次加速变轨，选项D错误。6、D【解析】A氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级，所放出光子的能量是所有相邻能级间跃迁时能量最大的，但小于其他能级跃迁到n=1的能级时所放出的光子的能量，故A错误；B氢原子从高能级跃迁到n=2的能级所放出的光子的能量都小于从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出的光子的能量，不会使金属发生光电效应，故B错误；C恰好发生光电效应，说明光电子的最大初动能为零，故C错误；D恰好发生光电效应，说明光子的能量等于金属的逸出功，故D正确。故选D。二、

16、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AD设水银密度为，向右管注入少量水银，右侧的压强就增大，右侧的水银就会向左移动，从而左侧的水银A向上运动，h2就会变小，根据平衡B段气柱的压强可知，右侧水银面高度差h1减小，故A错误，D正确；BC由于h2变小，则B段气柱的压强减小，因为温度不变，根据玻意耳定律：pV为定值，可知：空气柱B的体积变大，长度将增大，故B正确，C错误。故选BD。8、BD【解析】A乒乓球发球机从固定高度水平发球，两个球的竖直位移相同，由可知，两个球在

17、空中的运动时间相等，故A错误；B由于发球点到中网上边缘的竖直高度一定，所以前后两个球从发出至到达中网上边缘的时间相等，故B正确；C两球均恰好从中网上边缘经过，且从发出至到达中网上边缘的时间相等，由可知前后两个球发出时的速度大小之比等于位移大小之比，为，故C错误；D前后两球发出时速度大小之比为，且在空中运动时间相同，故水平位移之比为，结合几何关系可知，两落点到中网的距离相等，故D正确。故选BD。9、CD【解析】A电势能故电势那么场源电荷附近电势正负和场源电荷正负一致，故由图可得原点处电荷带正电，处电荷带负电，故A错误；B点处电势为零，故有所以，电荷、的电荷量之比故B错误；C点处电势为零，根据电势

18、为零可得可得解得所以点的坐标故C正确；D点电荷周围场强两场源电荷电性相反，那么两场源电荷在点的场强方向相反，点电势变化为零，故点场强为零，根据叠加定理可得两场源电荷在点场强大小相等，故有解得故D正确；故选CD。10、AC【解析】CD原线圈电压有效值U1=220V，根据原副线圈匝数比为2:1可知次级电压为U2=110V，则电压表的读数为110V，选项C正确，D错误；AB根据变压器输入功率等于输出功率，即解得I1=1.00A，选项A正确，B错误；故选AC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9.61 0.62 9.30 【解析】（1）若用平

19、行光照射，则球在毛玻璃上的投影即为小球竖直方向上的位移，由 得： 投影点经过图3中M位置时的速度大小 （2）设小球在毛玻璃上的投影NB=Y则经过时间t后小球运动的水平位移为 ；竖直位移为 ，由相似三角形得： 则： 结合图4可得：12、2.600 电压表的分流 系统误差 【解析】(1)1金属丝的直径d=2.5mm+0.01mm10.0=2.600mm；(2)23流过电流表的电流不是流过干路的电流，产生误差的原因是电压表的分流造成的，这种误差是由于电路结构造成的，属于系统误差；45由闭合电路欧姆定律可知变形得则有：当U1=0时，U2=a则有 解得 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题

20、卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）0.5J【解析】（1）滑块在滑动摩擦力作用下，做匀减速运动，木板做匀加速运动，根据牛顿第二定律，对滑块有对木板有解得设时滑块滑到木板的右端二者恰好共速，则有根据位移关系有解得，所以当时滑块不滑下木板。（2）若，滑块没有滑下木板，根据速度时间公式有得滑块在木板上相对滑动时间二者达到共速共速后一起减速，根据牛顿第二定律有共同运动时间，木板总位移木板与地面摩擦产生的热量解得14、（1） （2）【解析】(1)由题意知F浮=Mg 释放压舱物后： 即热气球向下做匀减运动的加速度大小为：由于热气球到地面时的速度刚好为零，则(2)设压舱物落地所用时间为t1，根据运动学公式有： 解得：设热气球匀减速到地面所用时间为t2 ，则 解得：因此两者到达地面所用时间差为：15、（i）；（ii）【解析】（i）初始时刻，设封闭气体压强为，对活塞受力分析有解得缓慢向托盘中加沙子，直到大活塞与大圆筒底部相距，此过程封闭气体做等温变化，由玻意耳定律得联立解得对活塞受力分析，由平衡条件有联立解得即（ii）缓慢加热使活塞回到原处，封闭气体发生等压变化，设回到原处时气体温度为，则解得