2023届湖北省襄阳三中高三（最后冲刺）物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，天然放射性元素放出的射线通过电场后分成三束，则（ ）A电离作用最强，是一种电磁波B贯穿本领最弱，用一张白纸就可以

2、把它挡住C原子核放出一个粒子后，形成的新核比原来的电荷数多1个D原子核放出一个粒子后，质子数比原来少4，中子数比原来少2个2、如图所示，圆环固定在竖直平面内，打有小孔的小球穿过圆环细绳a的一端固定在圆环的A点，细绳b的一端固定在小球上，两绳的联结点O悬挂着一重物，O点正好处于圆心现将小球从B点缓慢移到B点，在这一过程中，小球和重物均保持静止则在此过程中绳的拉力（）A一直增大B一直减小C先增大后减小D先减小后增大3、如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O点，O与O点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳拉直，弹簧处于自然长度。将两球分别由静

3、止开始释放，达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则下列说法正确的是（ ）A两球到达各自悬点的正下方时，动能相等B两球到达各自悬点的正下方时，B球动能较大C两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大D两球到达各自悬点的正下方时，A球受到向上的拉力较小4、某学校科技活动小组设计了一个光电烟雾探测器（如图甲），当有烟雾进入探测器时（如图乙），来自光源S的光会被烟雾散射进入光电管C，当光射到光电管中的钠表面时会产生光电流，当光电流大于10-8A时，便会触发报警系统报警。已知钠的极限频率为6.01014Hz，普朗克常量h=6.6310-34Js，光速c=3.0108m/s，则下列说法正确的是（

4、）A要使该探测器正常工作，光源S发出的光波波长不能小于5.010-7mB若光电管发生光电效应，那么光源的光变强时，并不能改变光电烟雾探测器的灵敏度C光电管C中能发生光电效应是因为光发生了全反射现象D当报警器报警时，钠表面每秒释放出的光电子最少数目是N=6.251010个5、一弹簧振子作简谐振动，某一时刻开始计时，经振子具有负方向最大加速度。则下列振动图像中正确反映振子振动情况的是（）ABCD6、如图是电子射线管示意图。接通电源后，电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线。要使荧光屏上的亮线向下（z轴负方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）A加一电场，电场方向沿z轴负方向B加一电场

5、，电场方向沿y轴正方向C加一磁场，磁场方向沿z轴负方向D加一磁场，磁场方向沿y轴正方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，空间中存在一匀强磁场区域，匀强磁场的磁感应强度大小为磁场方向与竖直面垂直，磁场的上、下边界均为水平面且间距为，纸面（竖直平面）内磁场上边界的上方有一质量为、电阻为的正方形导线框，其边长为上下两边均与磁场边界平行。将线框以初速度水平抛出，线框恰能匀速进入磁场，重力加速度为，不计空气阻力，则（）A线框抛出时边距离磁场上边界的高度为B线框进入磁

6、场的过程中通过线框某横截面的电荷量C线框通过磁场的过程中水平位移为D线框通过磁场的过程中边产生的热量为8、如图所示，直杆与水平面成30角，一轻质弹簧套在直杆上，下端固定在直杆底端。现将一质量为m的小滑块从杆顶端A点由静止释放，滑块压缩弹簧到达最低点B后返回，脱离弹簧后恰能到达AB的中点。设重力加速度为g，AB=L，则该过程中（）A滑块和弹簧刚接触时的速度最大B滑块克服摩擦做功为C滑块加速度为零的位置只有一处D弹簧最大弹性势能为9、如图所示，以O为圆心、半径为R的虚线圆位于足够大的匀强电场中，圆所在平面与电场方向平行，M、N为圆周上的两点带正电粒子只在电场力作用下运动，在M点速度方向如图所示，经

7、过M、N两点时速度大小相等已知M点电势高于O点电势，且电势差为U，下列说法正确的是() AM,N两点电势相等B粒子由M点运动到N点，电势能先增大后减小C该匀强电场的电场强度大小为D粒子在电场中可能从M点沿圆弧运动到N点10、如图所示，两根光滑的金属导轨平行放置在倾角为的斜面上，导轨在左端接有电阻R，导轨的电阻可忽略不计，斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上，质量为m、电阻可忽略不计的金属棒ab在沿斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨由静止开始上滑，并上升h高度，在这一过程中（）A作用在金属棒上的合力所做的功大于零B恒力F所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C恒力F与安培力的合力的瞬时功

8、率一定时刻在变化D恒力F与重力mg的合力所做的功大于电阻R上产生的焦耳热三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学改装和校准电压表的电路如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路所用电池的电动势为，内阻为（均保持不变）。(1)已知表头G满偏电流为，表头上标记的内阻值为和是定值电阻，利用和表头构成量程为的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用两个接线柱，电压表的量程为；若使用两个接线柱，电压表的量程为。则定值电阻的阻值为_，_，_。(2)用量程为，内阻为的标准电压表对改装表挡的不同刻度进行校准。滑动变阻器有两种规格，最大阻值

9、分别为和。为了方便实验中调节电压，图中应选用最大阻值为_的滑动变阻器。校准时，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应靠近端_（填“”或“”）。(3)在挡校对电路中，开关全部闭合，在保证电路安全前提下让滑片从端缓慢向端滑动的过程中，表头的示数_，电源的输出功率_，电源的效率_（填变化情况）。(4)若表头上标记的内阻值不准，表头内阻的真实值小于，则改装后电压表的读数比标准电压表的读数_（填“偏大”或“编小”）。12（12分）用如图a所示的电路测量铂热敏电阻的阻值与温度的关系（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移至_端（填“A”或“B”）（2）实验测得不同温度下的阻值，并绘得如图b的Rt-t关系图线，根据

10、图线写出该热敏电阻的Rt-t关系式：Rt =_（）（3）铂的电阻对温度变化很灵敏，可以制成电阻温度计请利用开关、导线、铂热敏电阻、图a中某一电表和图c所示的恒流源（调节旋钮时可以选择不同的输出电流，且输出电流不随外部条件的变化而变化），设计一个简易电阻温度计并在图d的虚线框内画出电路原理图_（4）结合图b的关系图线，选择恒流源的输出电流为0.15A，当选用的电表达到满偏时，电阻温度计所测温度为_如果要提高该温度计所能测量的最高温度值，请提出一种可行的方法：_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）汤姆孙利用磁偏

11、转法测定电子比荷的装置如图所示，真空管内的阴极K发出的电子（不计初速度、重力和电子间的相互作用）经加速电压加速后，穿过B中心的小孔沿中心轴的方向进入到两块水平正对放置的平行极板D1和D2间的区域。当D1、D2两极板间不加偏转电压时，电子束打在荧光屏的中心P1点处，形成了一个亮点；加上图示的电压为U的偏转电压后，亮点移到P2点，再加上一个方向垂直于纸面的匀强磁场，调节磁场的强弱，当磁感应强度的大小为B时，亮点重新回到P1点，去掉偏转电压后，亮点移到P3点。假设电子的电量为e，质量为m，D1、D2两极板的长度为L，极板间距为d，极板右端到荧光屏中心的距离为s，R与P竖直间距为y，水平间距可忽略不计

12、。（只存在磁场时电子穿过场区后的偏角很小，tansin；电子做圆周运动的半径r很大，计算时略去项的贡献）。（1）判定磁场的方向，求加速电压的大小；（2）若测得电子束不偏转时形成的电流为I，且假设电子打在荧光屏。上后不反弹，求电子对荧光屏的撞击力大小；（3）推导出电子比荷的表达式。14（16分）如图所示，在平面直角坐标系第象限内充满y方向的匀强电场，在第象限的某个圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场(电场、磁场均未画出)；一个比荷为k的带电粒子以大小为v0的初速度自点P(d，d)沿x方向运动，恰经原点O进入第象限，粒子穿过匀强磁场后，最终从x轴上的点Q(9d，0)沿y方向进入第象限；已知该匀强磁场的

13、磁感应强度为B，不计粒子重力(1)求第象限内匀强电场的场强E的大小(2)求粒子在匀强磁场中运动的半径R及时间tB(3)求圆形磁场区的最小半径rmin15（12分）如图所示，半径为R的扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角AOB=60。一束平行于角平分线OM的单色光由OA射入介质，折射光线平行于OB且恰好射向M（不考虑反射光线，已知光在真空中的传播速度为c）。求从AMB面的出射光线与进入介质的入射光线的偏向角；光在介质中的传播时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】向右偏转，知带负电，为射线，实质是电子

14、，电离作用不是最强，也不是电磁波，故A错误不带电，是射线，为电磁波，穿透能力最强，故B错误根据电荷数守恒知，原子核放出一个粒子后，电荷数多1，故C正确向左偏，知带正电，为射线，原子核放出一个粒子后，质子数比原来少2，质量数少4，则中子数少2，故D错误故选C点睛：解决本题的关键知道三种射线的电性，以及知道三种射线的特点，知道三种射线的穿透能力和电离能力强弱2、A【解析】对联结点O进行受力分析，受三个拉力保持平衡，动态三角形如图所示：可知小球从B点缓慢移到B点过程中，绳a的拉力逐渐变大，故A正确，BCD错误3、C【解析】ABC两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还是在同一个水平面上，根据重

15、力做功的特点可知在整个过程中，AB两球重力做的功相同，两球重力势能减少量相等。B球在下落的过程中弹簧要对球做负功，弹簧的弹性势能增加，所以B球在最低点的速度要比A的速度小，动能也要比A的小，故AB错误，C正确；D由于在最低点时B的速度小，且两球质量相同，根据向心力的公式可知，B球需要的向心力小，所以绳对B的拉力也要比A的小，故D错误。故选C。4、D【解析】A根据光电效应方程有则光源S发出的光波最大波长即要使该探测器正常工作，光源S发出的光波波长不能大于0.5m，选项A错误；B光源S发出的光波能使光电管发生光电效应，那么光源越强，被烟雾散射进入光电管 C的光越多，越容易探测到烟雾，即光电烟雾探测

16、器灵敏度越高，选项B错误；C光电管C中能发生光电效应是因为照射光电管的光束能量大于其逸出功而使其发射出电子，选项C错误；D光电流等于10-8 A时，每秒产生的光电子的个数选项D正确。故选D。5、C【解析】简谐振动的回复力：，故加速度：，经周期振子具有负方向的最大加速度，此时振子有正方向的最大位移；AA图在周期时振子有负向最大位移，A错误；BB图在周期时振子位移为零，B错误；CC图在周期时振子有负向最大位移，C正确；DD图在周期时振子位移为零，D错误。故选C。6、D【解析】AB由于电子带负电，要使电子向下偏转（z轴负方向），如果仅加一电场实现此偏转，需要加向上的电场，即加沿z轴正方向的电场，故选

17、项AB均错误；CD仅加一磁场电子向下偏转（z 轴负方向），由左手定则可知，四指需要指向x轴的负方向，大拇指向下，故磁场的方向是沿y 轴正方向的，选项C错误，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A线框下边界进入磁场时根据闭合电路欧姆定律在竖直方向上，根据运动学公式解得A正确；B线框进入磁场的过程中通过线框某横截面的电荷量B错误；C线框在磁场中匀速运动的时间水平位移解得C正确；D线框进入磁场后做匀速直线运动，减小的重力势能转化为电能，根据能量守

18、恒定律则边产生的热量D错误。故选AC。8、BD【解析】A滑块向下运动受到的合力为零时，速度最大，即这时，速度最大，故A错误；B根据动能定理有解得故B错正确；C滑块加速度为零即合力为零，向下滑动时向上滑动时所以C错误；D弹簧被压缩到最短时弹性势能最大，根据能量守恒解得弹簧最大弹性势能为故D正确。故选BD。9、AB【解析】带正电粒子仅在电场力作用下，从M运动到N，由速度大小，得出粒子的动能，从而确定粒子的电势能大与小。由于匀强电场，则等势面是平行且等间距。根据曲线运动条件可从而确定电场力的方向，从而得出匀强电场的电场线方向。【详解】带电粒子仅在电场力作用下，由于粒子在M、N两点动能相等，则电势能也

19、相等，则M、N两点电势相等。因为匀强电场，所以两点的连线MN即为等势面。根据等势面与电场线垂直特性，从而画出电场线CO由曲线运动条件可知，正电粒子所受的电场力沿着CO方向；可知，速度方向与电场力方向夹角先大于90后小于90，电场力对粒子先做负功后做正功，所以电势能先增大后减小。故AB正确；匀强电场的电场强度Ed=U式中的d是沿着电场强度方向的距离，则，故C错误；粒子在匀强电场受到的是恒定的电场力，不可能做圆周运动，选项D错误；故选AB.【点睛】紧扣动能相等作为解题突破口，由于仅在电场力作用下，所以得出两点的电势能大小关系。并利用等势面与电场线垂直的特性，从而推出电场线位置。再由曲线运动来确定电

20、场力的方向。同时考查U=Ed中d的含义重要性，注意公式中的d为沿电场线方向上的距离。10、AD【解析】导体棒由静止向上加速，动能增大，根据动能定理可知，合力所作的功一定大于零，故A正确；由WF-WG-W安=0得，WF-WG=W安，即恒力F与重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于电路中发出的焦耳热，由于导体棒也存在电阻，故导体棒中也发生热量，故B错误；导体棒最终一定做匀速运动，则最后受力平衡，平衡后速度保持不变，则重力的功率不变，即恒力F与安培力的合力的瞬时功率不再变化，故C错误；由B分析可知，由于导体棒和电阻R均放出热量，故恒力F与重力mg的合力所做的功大于电阻R上产生的焦耳热，故D正

21、确故选AD点睛：本题考查导体棒切割磁感线规律的应用，对于电磁感应与功能结合问题，注意利用动能定理进行判断各个力做功之间关系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整个回路中产生热量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、150 2865 1200 50 增大 增大 减小 偏大 【解析】(1)1电阻与表头G并联，改装成量程为的电流表，表头满偏电流为，此时通过电阻的电流为，由并联分流规律可知得 改装后电流表内阻2将其与串联改装为的电压表由欧姆定律可知，量程电压表的内阻解得3再串联改装为量程电压表，所分电压为，所以(2)4在校准电路中，滑动变阻器采用分

22、压式接法，故选用最大阻值较小的滑动变阻器，即选用最大阻值为的滑动变阻器；5电源电动势远大于电压表量程，所以闭合开关前应使滑片靠近端，使电压表在接通电路时两端电压由较小值开始增大(3)6滑片由向滑动过程中，电压表两端电压逐渐增大，通过表头的电流增大，即示数增大7随滑片由向滑动，外电路的总电阻始终大于电源内阻且逐渐减小，所以电源的输出功率增大；8由可知，路端电压随外电路总电阻减小而减小，电源效率，所以电源的效率减小(4)9电压表两端电压一定，若内阻值偏小，则通过表头的电流偏大，从而造成读数偏大的后果。12、B 50+t 50 将恒流源的输出电流调小 【解析】（1）开关闭合前，为了保护电路，滑动变阻

23、器的滑片应位于阻值最大处，故滑片应移至B端；（2）由图象可知，铂丝电阻Rt的阻值与温度的关系式：Rt50+t；（3）直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而变化，并且可读出其大小，电压表并联在铂丝电阻Rt的两端，如图所示：（4）当恒流源的输出电流为0.15A，所以当电压表示数最大时，即Rt两端的电压Ut15V时，铂丝电阻Rt的阻值最大，由丙图中所画的Rtt图象可知，此时温度计所能测量的温度最高；由I 得铂丝电阻Rt的阻值为：Rt100，则温度计所能测量的最高温度为：tRt501005050直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而变化，并且可读出其大小，电压表并联在铂

24、丝电阻Rt的两端，如图所示要提高该温度计所能测量的最高温度值，应使铂丝电阻Rt的阻值增大或将恒流源的输出电流调小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）垂直纸面向外，；（2）；（3）【解析】（1）磁场方向垂直纸面向外。设加速电压为，电子刚进入偏转极板时的速度大小为v，则对加速的电子应用动能定理得两种场都存在的情况中，电子不偏转，则电子受到的洛伦兹力为极板间电场强度为电场力为电子不偏转，则联立解得（2）设一个极短时间t内撞击荧光屏的电子个数为n，撞击力为，则对这些电子用动量定理，得由电流的定义式得联立解得（3）在撤

25、去电场后，设电子的偏转角为，电子轨迹半径为r，如图所示由图可知由于很小，则由于可略去，所以又洛伦兹力充当向心力，所以联立解得电子的荷质比14、（1）（2）（3）d【解析】粒子在第象限做类平抛运动：解得：场强（2）设粒子到达O点瞬间，速度大小为v，与x轴夹角为：，粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力：解得，粒子在匀强磁场中运动的半径在磁场时运动角度：在磁场时运动时间（11）（3）如图，若粒子进入磁场和离开磁场的位置恰位于磁场区的某条直径两端，可求得磁场区的最小半径（12）解得：15、（1）60；（2）【解析】光路图如图所示：对AO面的折射，由几何知识得：，则介质的折射率光从M点射出时，有解得，从AMB面的出射光线与进入介质的入射光线的偏向角：；设光在介质中的路程为s，则光在介质中的传播速度则光在介质中传播的时间联立解得【点睛】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折射定律、临界角公式、光速公式，运用几何知识结合解决这类问题。