2023届福建省龙岩市上杭县第一中学高三下第一次测试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其图像如图所示，下列判断正确的是（）A过程ac中气体内能的增加等于吸收的热量B过程bc中气体既不吸热也不放热C过程ab中气体吸收的热量大于气体内能的增加Da、b和c三个状

2、态中，状态a气体的内能最小2、一带电粒子从电场中的A点运动到B点，其运动轨迹如图中虚线所示，若不计粒子所受重力，下列说法中正确的是（ ）A粒子带负电荷B粒子的初速度不为零C粒子在A点的速度大于在B点的速度D粒子的加速度大小先减小后增大3、如图(甲)所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从高弹簧上端高h处自由下落若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴OX,小球的速度v随时间t变化的图象如图(乙)所示其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是( )ABCD4、若已知引力

3、常量G，则利用下列四组数据可以算出地球质量的是（）A一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的运行速率和周期B一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的质量和地球的第一宇宙速度C月球绕地球公转的轨道半径和地球自转的周期D地球绕太阳公转的周期和轨道半径5、太阳系中各行星绕太阳运动的轨道在同一面内。在地球上观测金星与太阳的视角为（金星、太阳与观察者连线的夹角），长时间观察该视角并分析记录数据知，该视角的最小值为0，最大值为。若地球和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，则金星与地球公转周期的比值为（）ABCD6、如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别为2 kg、l kg,连接轻弹簧和物块的轻绳质量不计，轻弹簧的

4、质量不计，轻绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法正确的是A固定物块A，则弹簧的弹力大小为20 NB固定物块B，则弹簧的弹力大小为40 NC先固定物块A，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力大小为10 ND先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，弹簧的弹力大小为15N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、2019年9月12日，我国在太原卫星发射中心“一箭三星”发射成功。 现假设三颗星a、b、c均在在赤道平面上绕地球匀速圆周运动，

5、其中a、b转动方向与地球自转方向相同，c转动方向与地球自转方向相反，a、b、c三颗星的周期分别为Ta =6h、Tb =24h、Tc=12h，下列说法正确的是（ ）Aa、b每经过6h相遇一次Ba、b每经过8h相遇一次Cb、c每经过8h相遇一次Db、c每经过6h相遇一次8、质点在光滑水平面上做直线运动，图像如图所示。取质点向东运动的方向为正，则下列说法中正确的是（）A加速度方向发生改变B质点在2s内发生的位移为零C质点在2s末的速度是3m/s，方向向东D质点先做匀减速后做匀加速的直线运动9、一栋大楼的电梯运行高度为，测试人员测试电梯的运行情况。某次测试时让电梯从地面直达最高处，电梯运行的速度不超过

6、，加速度大小不超过。电梯中的测试人员的质量为，重力加速度g取。若电梯以最短时间运行，下列说法正确的是（）A最短时间为B最短时间为C测试人员的脚部承受的最大压力为D测试人员的脚部承受的最大压力为10、如图所示，a、b、c为三颗绕地球做圆周运动的人造卫星，轨迹如图。这三颗卫星的质量相同，下列说法正确的是（）A三颗卫星做圆周运动的圆心相同B三颗卫星受到地球的万有引力相同Ca、b两颗卫星做圆周运动的角速度大小相等Da、c两颗卫星做圆周运动的周期相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用图甲所示的实验装置验证、组成的系统的机械能守恒。从高处

7、由静止开始下落，同时向上运动拉动纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸带，其中0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个未标出的点，计数点间的距离如图中所示。已知电源的频率为，取。完成以下问题。（计算结果保留2位有效数字）(1)在纸带上打下计数点5时的速度_。(2)在打05点过程中系统动能的增加量_，系统势能的减少量_，由此得出的结论是_。(3)依据本实验原理作出的图像如图丙所示，则当地的重力加速度_。12（12分）某同学利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。实验时，把数据记录在表格中，数据是按加速度大小排列的，第8组数

8、据中小车质量和加速度数据漏记组号F/Nm/kga/ms210.290.860.3420.140.360.3930.290.610.4840.190.360.5350.240.360.6760.290.410.7170.290.360.8180.2990.340.360.94 (1)该同学又找到了第8组数据对应的纸带以及小车质量，纸带如图乙所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出来的点未画出。请你帮助该同学求出第8组中的加速度a=_m/s2；(2)如果要研究加速度与力的关系，需取表格中_组数据（填组号），做图像；如果要研究加速度与质量的关系，需取表

9、格中_组数据（填组号），做图像。这种研究方法叫做_法；(3)做出图像如图丙所示，由图像_（填“可以”或“不可以”）判断a与m成正比。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体p0和T0分别为大气的压强和温度已知：气体内能U与温度T的关系为UT，为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的求气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1；在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q.14（16分）如

10、图a所示是常见的饮水机的压水器，他可以简化为图b所示的模型，上面气囊的体积为V1=0.5L，挤压时可以把气囊中的气体全部挤入下方横截面积为S=0.05m2的水桶中，随下方气体压强增大，桶中的液体会从细管中流出，已知在挤压气囊过程中，气体的温度始终不变，略去细管的体积及桶口连接处的体积，已知外部大气压为P0=105Pa，水的密度为=103kg/m3，重力加速度为g=10m/s2，某次使用过程时，桶内气体体积为V2=12.5L，挤压气囊一下后，桶内的水恰好上升到出水口处，认为每次挤压都能使气囊中的气体全部挤入桶中，则桶中液面离出水口多高？至少挤压多少次才能从桶内流出体积为V3=2.5L的水？15（

11、12分）如图，长，粗细均匀的玻璃管一端封闭。水平放置时，的空气被水银柱封住，水银柱长。将玻璃管缓慢地转到开口向下的竖直位置，然后竖直插入水银槽，插入后有的水银柱进入玻璃管。设整个过程中温度始终保持不变，大气压强。求插入水银槽后管内气体的压强。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A过程ac为等压变化，由可知，温度升高，体积增大，气体对外做功，温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，气体内能的增加等于吸收的热量与气体对外做功之差，则气体内能的增加小于吸收的热量，故A错误；B过程bc为等温变化，U=0，但气体

12、压强减小，由知V增大，气体对外做功，W0，由U=Q+W可知Q0即气体吸收热量，故B错误；C过程ab为等容变化，温度升高，内能增大，体积不变，由热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于气体内能的增加，故C错误； D理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，a、b和c三个状态中，状态a温度最低，则理想气体的内能最小，故D正确。故选D。2、B【解析】A由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向沿电场线向右，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故A错误；B依据运动轨迹，可知，粒子的初速度不为零，否则运动轨迹与电场力共线，故B正确；C根据沿电场线方向电势降低可知，A点电势比B点电势高，带正电

13、的粒子在A点的电势能大于B点的电势能，由能量守恒可知，粒子在A点的动能比B点的小，即粒子在A点的速度小于在B点的速度D依据电场线密集，电场强度大，电场力大，加速度大，所以粒子的加速度先增大后减小，故D错误。故选B。3、B【解析】AB.OA段对应着小球下落h的过程，则XA=h，到达A点时的加速度为aA=g，选项B正确，A错误；C.B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知，所以B得坐标为h+，所以C错误D.取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于 h+2，加速度acg，所以D错误4、A【

14、解析】ABC可根据方程和联立可以求出地球质量M，选项BC错误，A正确；D已知地球绕太阳公转的周期和轨道半径可以求出太阳质量，选项D错误。故选A。5、C【解析】如图所示最大视角时，观察者与金星的连线应与金星的轨道相切。由几何关系得万有引力提供向心力有解得故C正确，ABD错误。6、C【解析】固定物块A，则弹簧的弹力大小等于B的重力，大小为10 N，选项A错误；固定物块B，则弹簧的弹力大小等于A的重力，大小为20 N，选项B错误；先固定物块A，则弹簧的弹力为10N，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力不能突变，则大小为10 N，选项C正确； 先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，加速

15、度为，对物体B:T-mBg=mBa ，解得弹簧的弹力大小为40/3N，选项D错误；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】ABa、b转动方向相同，在相遇一次的过程中，a比b多转一圈， 设相遇一次的时为， 则有解得，所以A错误，B正确。CDb、c转动方向相反，在相遇一次的过程中，b、c共转一圈，设相遇次的时间为，则有解得，故C正确，D错误。故选BC。8、BD【解析】A图像是一条倾斜直线，斜率表示加速度，故加速度保持不变，A错误；B根据图线与坐标轴所围“面

16、积”表示位移，图像在时间轴上方表示的位移为正，图像在时间轴下方表示的位移为负，则知在前2s位移为x31m31m0B正确；C根据图像可知，质点在2s末的速度是3m/s，“”说明方向向西，C错误；D01s内质点速度在减小，加速度不变，做匀减速直线运动，1s2s速度在增大，且方向相反，加速度不变，故做反向匀加速直线运动，D正确。故选BD。9、AD【解析】电梯运行时间最短，则电梯运动的过程如下：以最大加速度a做初速度为0的加速运动至最大速度v，再以速度v匀速运动，最后以最大加速度a做减速运动至静止。加速和减速过程有对称性。AB匀加速过程与匀减速过程，均有通过的位移匀速过程有又有总时间为故A正确，B错误

17、；CD在加速上升过程测试人员脚部承受的压力最大，有则故C错误，D正确。故选AD。10、AC【解析】A三颗卫星做圆周运动的圆心都是地心，是相同的，A正确；B三颗卫星的质量相同，但轨道半径不同，所受到地球的万有引力不相同，B错误；C根据万有引力充当向心力，得，解得：，a、b两颗卫星的轨道半径相等，所以做圆周运动的角速度大小相等，C正确；D根据：，可得，a、c两颗卫星轨道半径不同，所以做圆周运动的周期不相等，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.4 0.58 0.60 在误差允许的范围内，组成的系统机械能守恒 9.7 【解

18、析】(1)1第4点与第6点间的平均速度等于第5点的瞬时速度，有打下计数点5时的速度。(2)2系统动能的增加量打05点过程中系统动能的增加量。3系统势能的减少量系统势能的减少量。4可见与大小近似相等，则在误差允许的范围内，组成的系统机械能守恒。(3)5系运动过程中机械能守恒，则有解得则图像的斜率则当地的重力加速度。12、0.90（0.890.92） 2、4、5、7、9 1、3、6、7、8 控制变量 不可以 【解析】(1)1每两个相邻点之间还有4个打出来的点未画出，故相邻点之间的时间间隔为：T=0.025s=0.1s根据逐差公式可得，故加速度为代入数据可得.(2)2研究加速度与力的关系，需要保证质

19、量不变，选取2、4、5、7、9组数据。3研究加速度与质量的关系时，需要控制力F不变，选取1、3、6、7、8组数据。4涉及多个变量时，需要控制其他变量恒定，改变其中一个变量，这种方法为控制变量法。(3)5分析丙图可知，图线为曲线，并不能说明是正比例关系，故应作图线，研究a与成正比关系。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 【解析】由理想气体状态方程得 解得：V1=V 在活塞下降过程中，活塞对气体做的功为W=P0（VV1） 活塞刚要下降时,由理想气体状态方程得 解得：T1=2T0； 在这一过程中，气体内

20、能的变化量为U=（T0T1） 由热力学第一定律得，U=W+Q 解得：Q=p0V+T0 14、0.4m；7次【解析】压缩气囊过程中，温度不变，由于水管体积非常小，水桶中气体体积认为不变，由玻意耳定律可知：又代入数据可知设挤压n次后，水桶内水流出，气体压强为，体积为，由玻意耳定律可知：解得代入数据得故至少挤压7次。15、52.0cmHg【解析】设玻璃管截面积为s，水平放置时，气体压强为P1，体积为V1，假设当转到竖直放置时，水银恰好未流出，气体压强为P2，体积为V2，则P1=P0=75cmHg，V1=L0s，P2=？， V2=（L-h）s，由玻意耳定律：P1V1=P2V2代入数据解得：P2=50cmHg，由于，所以水银必有流出。设剩余水银柱长度为x，气体的压强P3，体积V3，则P3=（P0-x）cmHg，V3=（L-x）s，由玻意耳定律：P1V1=P3V3代入数据解得：x30.7cm，插入水银柱后，设气体压强为P4，体积V4=（L-x-h0）s由玻意耳定律：P1V1=P4V4代入数据解得：P452.0cmHg；