2023届湖北宜昌市第一中学高考仿真模拟物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量为m的箱子静止在光滑水平面上，箱子内侧的两壁间距为l，另一质量也为m且可视为质点的物体从箱子中央以v0=的速度开始运动（g为当地重力加速度），如图所示。已知物体与箱壁共发生

2、5次完全弹性碰撞。则物体与箱底的动摩擦因数的取值范围是（）ABCD2、硅光电池是一种直接把光能转换成电能的半导体器件，它的工作原理与光电效应类似：当光照射硅光电池，回路里就会产生电流。关于光电效应，下列说法正确的是（）A任意频率的光照射到金属上，只要光照时间足够长就能产生光电流B只要吸收了光子能量，电子一定能从金属表面逸出C逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率有关D超过截止频率的入射光光强越强，所产生的光电子的最大初动能就越大3、如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，原线圈与固定电阻R1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻 R2，A、V是理想电表

3、。当R2=2R1 时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，则（ ）A电源输出电压为8VB电源输出功率为4WC当R2=8时，变压器输出功率最大D当R2=8时，电压表的读数为3V4、如图甲所示，直径为0.4m、电阻为0.1的闭合铜环静止在粗糙斜面上，CD为铜环的对称轴，CD以下部分的铜环处于磁感应强度B方向垂直斜面且磁感线均匀分布的磁场中，若取向上为磁场的正方向，B随时间t变化的图像如图乙所示，铜环始终保持静止，取，则（）A时铜环中没有感应电流B时铜环中有沿逆时针方向的感应电流（从上向下看）C时铜环将受到大小为、沿斜面向下的安培力D13s内铜环受到的摩擦力先逐渐增大后逐渐减小5、如图所示为氢原

4、子的能级示意图，一群氢原子处于n=3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，用这些光照射逸出功为2. 49 eV的金属钠，下列说法正确的是（ ）A这群氢原子能发出三种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=2所发出的光波长最短B这群氢原子能发出两种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=1所发出的光频率最高C金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为11. 11 eVD金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为9. 60 eV6、从空间某点以大小不同的速率沿同一水平方向射出若干小球，不计空气阻力。则它们的动能增大到初动能的2倍时的位置处于A同一直线上B同一圆上C同一椭圆上D同一抛物线上二、多项选择

5、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图示水平面上，O点左侧光滑，右侧粗糙，质量分别为m、2m、3m和4m的4个滑块（视为指点），用轻质细杆相连，相邻滑块间的距离为L。滑块1恰好位于O点，滑块2、3、4依次沿直线水平向左排开。现对滑块1施加一水平恒力F，在第2个滑块进入粗糙水平面后至第3个滑块进入粗糙水平面前，滑块做匀速直线运动。已知滑块与粗糙水平面间的动摩擦因素均为，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A水平恒力大小为3mgB滑块匀速运动的速度大小为C在第2个滑块进入粗糙水平面

6、前，滑块的加速度大小为D在水平恒力F的作用下，滑块可以全部进入粗糙水平面8、如图所示，实线是一列简谐横波t=0时刻的波形图，虚线是0.2s时的波形图，下列说法正确的是（）A该波的波长为4mB若波向右传播，x=1m的质点0时刻正在向x轴方向运动Ct=0.2s时，x=3m处的质点的加速度最大且方向沿y轴负方向D若波向左传播，00.2s时间内它传播的最小距离为3mE.若波向右传播，它的最大周期为0.8s9、下列说法正确的是（）A水亀可以停在水面上是因为液体具有表面张力B功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功C当两分子间距离大于平衡位置的间离时，分子间的距离越大，分子势能越小D液晶显示器是利用了液

7、晶对光具有各向异性的特点E.气体分子无论在什么温度下，其分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点10、光滑水平面上有一边长为L的正方形区域处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行一质量为m、带电量为Q的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速v0进入该正方形区域当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有动能的大小可能是()A0BCQELDQEL三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某兴趣小组要精确测定额定电压为3V的白炽灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻约500，实验室提供的器材有：A电流表A（量程：03mA，

8、内阻）B定值电阻C滑动变阻器R（010 ）D电压表V（量程：010V，内阻）E蓄电池E（电动势为12V，内阻r很小）F开关S一个G导线若干（1）要精确测定白炽灯正常工作时的电阻应采用下面电路图中的_（2）选择正确电路进行实验，若电压表的示数用U表示，电流表的示数用I表示，写出测量白炽灯电阻的表达式=_（用题目中给的相应字母表示），当电流表中的电流强度I=_mA时，记下电压表的读数U并代入表达式，其计算结果即为白炽灯正常工作时的电阻。12（12分）某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，并用图钉固定在木板上。固定两个光滑的滑轮 A 和 B，将绳子打一个结点 O，每

9、个钩码的质量相等。调整钩码个数使系统达到平衡。(1)实验过程中必须要记录下列哪些数据（_）AO 点位置B每组钩码的个数C每个钩码的质量DOA、OB 和 OC 绳的长度EOA、OB 和 OC 绳的方向(2)下列实验操作正确的是（_）A将 OC 绳换成橡皮筋，仍可完成实验B细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些可减小实验误差C尽量保持AOB 为 90、60、120等特殊角方便计算D若改变悬挂钩码的个数 N3，重新进行实验，必须保持 O 点位置不动，重新调整钩码的个数N1、N2四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

10、）如图所示，一足够长木板在水平粗糙面上向右运动。某时刻速度为v02m/s，此时一质量与木板相等的小滑块（可视为质点）以v14m/s的速度从右侧滑上木板，经过1s两者速度恰好相同，速度大小为v21m/s，方向向左。重力加速度g10m/s2，试求：（1）木板与滑块间的动摩擦因数1（2）木板与地面间的动摩擦因数2（3）从滑块滑上木板，到最终两者静止的过程中，滑块相对木板的位移大小。14（16分）半径为R的玻璃半圆柱体，横截面如图所示，圆心为O，两条平行单色红光沿截面射向圆柱面，方向与底面垂直，光线1的入射点A为圆柱面的顶点，光线2的入射点为B，AOB=60，已知该玻璃对红光的折射率为n=求红光在玻璃

11、中的传播速度为多大？求两条光线经圆柱面和底面折射后的交点与O点的距离d;15（12分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上有一矩形区域，和边长度分别为9cm和8cm，O为矩形的中心。在矩形区域内有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。在O点把一带电小球向各个方向发射，小球质量为、所带电荷量为。(1)求小球在磁场中做完整圆周运动时的最大速度；(2)现在把小球的速度增大为的倍，欲使小球尽快离开矩形，求小球在磁场中运动的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】小物块与箱子组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守

12、恒定律得解得对小物块和箱子组成的系统，由能量守恒定律得解得由题意可知，小物块与箱子发生5次碰撞，则物体相对于木箱运动的总路程，小物块受到摩擦力为对系统，利用产热等于摩擦力乘以相对路程，得故，即，故C正确，ABD错误。故选C。2、C【解析】AB当入射光的频率大于金属的截止频率时就会有光电子从金属中逸出，发生光电效应现象，并且不需要时间的积累，瞬间就可以发生。所以AB错误；CD根据爱因斯坦的光电效应方程对于同一种金属，可知光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的光强无关。所以C正确，D错误。故选C。3、C【解析】A当R2=2R1时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，所以R2=4，R1

13、=2，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，根据电压与匝数成正比得原线圈电压是U1=2V，根据电流与匝数成反比得原线圈电流是I1=2A，所以电源输出电压为U=U1+I1R1=2+22=6V故A错误；B电源输出功率为P=UI1=12W故B错误；C根据欧姆定律得副线圈电流为，所以原线圈电流是，所以，变压器输出的功率所以当R2=8时，变压器输出的功率P2最大，即为，故C正确；D当R2=8时，U2=6V，即电压表的读数为6V，故D错误。故选C。4、C【解析】A分析图乙可知，时，磁感应强度处于变化的过程中，铜环中磁通量变化，产生感应电流，A错误；B时，垂直斜面向下的磁通量逐渐减小，根据楞次定律可知，铜环

14、中产生顺时针方向的感应电流，B错误；C时，垂直斜面向上的磁通量逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律可知根据欧姆定律可知安培力C正确；D时间内，磁感应强度变化率不变，则感应电流不变，磁感应强度先减小后增大，根据楞次定律的可知，安培力先向下减小后向上增大，则摩擦力方向向上，逐渐减小，后续可能方向向下逐渐增大，D错误。故选C。5、D【解析】这群氢原子能发出三种频率不同的光，根据玻尔理论E=Em-En（mn）得知，从n=3跃迁到n=1所发出的光能量最大，由E=h=hc/得知，频率最高，波长最短故A B错误；从n=3跃迁到n=1辐射的光子能量最大，发生光电效应时，产生的光电子最大初动能最大，光子能量最大值为

15、13.6-1.51eV=12.09eV，根据光电效应方程得Ekm=hv-W0=12.09-2.49eV=9.60eV故C错误，D正确故选D6、A【解析】动能增大到射出时的2倍，根据公式，速度增加为初速度的倍；速度偏转角度余弦为：，故速度偏转角度为45，故：vy=v0tan45=v故运动时间为：根据平抛运动的分位移公式，有：x=v0t 联立解得：在同一直线上。A. 同一直线上。与上述结论相符，故A正确；B. 同一圆上。与上述结论不符，故B错误；C. 同一椭圆上。与上述结论不符，故C错误；D. 同一抛物线上。与上述结论不符，故D错误。故选：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

16、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A在第2个滑块进入粗糙水平面后至第3个滑块进入粗糙水平面前，滑块做匀速直线运动，对整体分析则有：解得：F=3mg故A正确；B根据动能定理有：解得v=故B错误；C由牛顿第二定律得解得a=故C正确；D水平恒力F作用下，第三个物块进入粗糙地带时，整体将做减速运动，由动能定理得解得故滑块不能全部进入粗糙水平面，故D错误。故选AC。8、ADE【解析】A根据图像可知波长，A正确；B若波向右传播，质点不随波迁移，根据同侧法可知处的质点0时刻向轴正方向运动，B错误；Ct=0.2s时，x=3m

17、处的质点的加速度最大且方向沿y轴正方向，C错误；D若波向左传播，00.2s时间内根据图像可知图中波峰的移动的最小距离为3m，则它传播的最小距离为3m，D正确；E若波向右传播，经过时（n=1，2，3）解得（n=1，2，3）当时，最大周期为，E正确。故选ADE。9、ADE【解析】A水虽可以停在水面上是因为液体具有表面张力的缘故，故A符合题意；B功可以全部转化为热；而热量也可以全部转化为功，但要引起其他方面的变化，故B不符合题意；C当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，分子力表现为引力，分子间的距离增大，分子引力做负功，分子势能增加，故C不符合题意；D液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点，

18、故D符合题意；E气体分子无论在什么温度下，根据统计规律知道气体的分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，故E符合题意。故选ADE。10、ABC【解析】若电场的方向平行于AB向左，小球所受的电场力向左，小球在匀强电场中做匀减速直线运动，到达BD边时，速度可能为1，所以动能可能为1故A有可能若电场的方向平行于AC向上或向下，小球在匀强电场中做类平抛运动，偏转位移最大为，根据动能定理可知小球的最大动能为：，所以D不可能，C可能；若电场的方向平行于AB向左，小球做匀减速直线运动，若没有到达BD边时速度就减为零，则小球会返回到出发点，速度大小仍为v1，动能为，故B可能故选ABC三、实验题：本题共2小

19、题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）C （2） （3）1.5 【解析】（1）1要精确测定额定电压为3V的白炽灯正常工作时的电阻，需测量白炽灯灯两端的电压和通过白炽灯灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量白炽灯两端的电压，可以将电流表A与定值电阻串联改装为电压表测量电压；白炽灯正常工作时的电流约为左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量总电流，约：；因为滑动变阻器阻值远小于白炽灯的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法。所以电路图选取C.（2）2根据欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I(R1+RA)，通过灯泡

20、的电流为：，所以白炽灯正常工作时的电阻为：；3改装后的电压表内阻为：RV=1985+15=2000，则当I=1.5mA时，白炽灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻。12、ABE AB 【解析】(1)1A为了验证平行四边形定则，必须作受力图，所以需要确定受力点，即需要标记结点的位置，A正确；BC其次要作出力的方向和大小，每个钩码的质量相同，所以钩码的个数可以作为力的大小，不需要测量钩码质量，B正确，C错误；DE连接钩码绳子的方向可以表示力的方向，所以需要标记OA、OB 和 OC 绳的方向，D错误，E正确。故选ABE。(2)2A如果将绳换成橡皮筋，在同一次实验过程中，只

21、要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化，仍可完成实验，A正确；B细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些可以使力的方向更准确，减小实验误差，B正确；C实验通过平行四边形定则进行力的合成确定力的大小和方向，不需要计算，C错误；D实验的目的是验证平行四边形定则，重新实验，不需要保持结点位置不动，D错误。故选AB。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】（1）对小滑块根据牛顿第二定律以及运动学公式进行求解；（2）对木板分析，先向右减速后向左加速，分过程进行分析即可；（3）分别求出二者相对地面位

22、移，然后求解二者相对位移；【详解】（1）对小滑块分析：其加速度为：，方向向右对小滑块根据牛顿第二定律有：，可以得到：；（2）对木板分析，其先向右减速运动，根据牛顿第二定律以及运动学公式可以得到：然后向左加速运动，根据牛顿第二定律以及运动学公式可以得到：而且联立可以得到：，；（3）在时间内，木板向右减速运动，其向右运动的位移为：，方向向右；在时间内，木板向左加速运动，其向左加速运动的位移为：，方向向左；在整个时间内，小滑块向左减速运动，其位移为：，方向向左则整个过程中滑块相对木板的位移大小为：。【点睛】本题考查了牛顿第二定律的应用，分析清楚小滑块与木板的运动过程和受力情况是解题的前提，应用牛顿第

23、二定律与运动学公式即可解题。14、1.73108m/s【解析】由得v=108m/s=1.73108m/s如图所示，光线1不偏折光线2入射角i60.由光折射公式可得：，由几何关系可得i=300由光折射公式可得：由正弦定理，得则15、（1）2.5m/s（2）【解析】（1）O点到ad(bc)边的距离为，到ab(cd)边的距离为，要使小球不离开磁场，小球与两边相切时，小球做圆周运动的半径最大，如图所示，设最大半径为，由几何知识有联立解得由解得v0=2.5m/s（2）把小球的速度增大为的倍，即v=4m/s，此时小球运动的半径为欲使小球尽快离开矩形，则轨迹如图；由几何关系可知，粒子在磁场中的圆周角为60，则时间