2023届福建省泉州市泉港一中等高三第三次模拟考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

2、。1、如图所示，高速公路收费站都设有“ETC”通道（即不停车收 费通道）,设ETC车道是笔直的，由于有限速，汽车通过时一般是先减速至某一限定速度，然后匀速通过电子收费区，再加速驶离（将减速和加速过程都看作加速度大小相等的匀变速直线运动）。设汽车开始减速的时刻t=0，下列四幅图能与汽车通过ETC的运动情况大致吻合的是： A B C D2、如图是双缝干涉实验装置的示意图，S为单缝，S1、S2为双缝，P为光屏用绿光从左边照射单缝S时，可在光屏P上观察到干涉条纹下列说法正确的是( )A减小双缝间的距离，干涉条纹间的距离减小B增大双缝到屏的距离，干涉条纹间的距离增大C将绿光换为红光，干涉条纹间的距离减小

3、D将绿光换为紫光，干涉条纹间的距离增大3、如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，a、b、c为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（ ）A粒子在a点的加速度比在b点的加速度大B粒子在a点的动能比在b点的动能大C粒子在a点和在c点时速度相同D粒子在b点的电势能比在c点时的电势能大4、如图所示，空间有一正三棱锥，点是边上的中点，点是底面的中心，现在顶点点固定一正的点电荷，在点固定一个电荷量与之相等的负点电荷。下列说法正确的是（）A、三点的电场强度相同B底面为等势面C将一正的试探电荷从点沿直线经过点移到点，静电力对该试探电荷

4、先做正功再做负功D将一负的试探电荷从点沿直线移动到点，电势能先增大后减少5、空间某区域存在一方向垂直于纸面向外、大小随时间均匀变化的匀强磁场，磁场边界ef如图所示，现有一根粗细均匀金属丝围成的边长为L的正方形线框固定在纸面内，t=0时刻磁场方向如图甲所示，磁感应强度B随时间t变化关系如图乙所示，则（）A0t1：e点电势高于f点电势B0t1：Ct1t2：金属框中电流方向顺时针D0t2：ab所受安培力方向始终不变6、如图所示，图甲为一简谐横波在t=0.10s时的波形图，P是平衡位置在x= 0.5m处的质点，Q是平衡位置在x =2m处的质点；图乙为质点Q的振动图象。下列说法正确的是（ ）A这列波沿x

5、轴正方向传播B这列波的传播速度为2m/sCt=0.15s，P的加速度方向与速度方向相同D从t=0.10s到t=0.15s，P通过的路程为10cm二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动小球运动到最高点时，受到的弹力为F，速度大小为v，其F-v2图像如乙图所示则（ ）Av2=c时，小球对杆的弹力方向向下B当地的重力加速度大小为C小球的质量为Dv2=2b时，小球受到的弹力与重力大小相等8

6、、如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点对称。某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（轴）上必定有两个场强最强的点、，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则轴上场强最大的点仍然在、两位置B如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90后对称的固定在轴上，则轴上场强最大的点仍然在、两位置C如图(2)，若在平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点。直径与(1)图两点电荷距离相等，则轴上场强最大的点仍然在、两位置D如图(3)，若在平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板

7、的圆心在原点，直径与(1)图两点电荷距离相等，则轴上场强最大的点仍然在、两位置9、一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点P的速度为v，经过1s后它的速度大小、方向第一次与v相同，再经过0.2 s它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断正确的是_。A波沿x轴负方向传播，且周期为1.2 sB波沿x轴正方向传播，且波速为10 m/sC质点M与质点Q的位移大小总是相等，方向总是相反D若某时刻N质点速度为零，则Q质点一定速度为零E.从图示位置开始计时，在3s时刻，质点M偏离平衡位置的位移y=-10 cm10、下列关于匀变速运动说法正确的是（）A只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才可能增大

8、B若速度为零，则物体所受合外力可能不能为零C若物体做匀加速直线运动时，从时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是1：4：8：13：D若物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了精确测量某待测电阻R的阻值（约为30）。有以下一-些器材可供选择。电流表A1（量程050mA，内阻约12）；电流表A2（量程03A，内阻约0.12）；电压表V1（量程03V，内阻很大）；电压表V2（量程015V，内阻很大）电源E（电动势约为3V，内阻约为0.2）；定值电阻R（50，允许最大电流2.0A）；滑动变阻

9、器R1（010，允许最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（01k，允许最大电流0.5A）单刀单掷开关S一个，导线若干。（1）为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是_（填字母代号）。A这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C如需进-步测量可换“1”挡，调零后测量D如需进一步测量可换“100”挡，调零后测量 （2）根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁_。12（12分）利用如图甲所示装置研究双缝

10、干涉现象，安装好仪器，调整光源的位置，使光源发出的光能平行地进入遮光筒并照亮光屏。放置单缝和双缝，使缝相互平行，调整各部件的间距，观察白光的双缝干涉图样，在光源和单缝间放置滤光片，使单一颜色的光通过后观察单色光的双缝干涉图样。用米尺测出双缝到屏的距离L，用测量头测出相邻的两条亮（或暗）纹间的距离，换用不同颜色的滤光片，观察干涉图样的异同，并求出相应的波长。（1）关于该实验，下列说法正确的是_（填正确答案标号）。A增大单缝到双缝的距离。干涉条纹间距变窄B将蓝色滤光片换成红色滤光片，干涉条纹间距变窄C换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变窄D去掉滤光片后，将观察到彩色的干涉条纹（2）实验装置

11、中分划板与螺旋测微器相连，第一次分划板中心刻度线对齐第1条亮纹中心，螺旋测微器读数为1.990mm，转动手轮第二次分划板中心刻度线对齐第10条亮纹中心，螺旋测微器的示数如图乙所示。已知双缝的间距为0.5mm，从双缝到屏的距离为1m，则图乙中螺旋测微器的示数是_mm，求得相邻亮纹的间距为_mm，所测光波的波长为_m（结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图(a)，水平地面上固定一倾角为37的斜面，一宽为l0.43m的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁场边界与斜面底边平行。在斜面上由静止释放

12、一正方形金属线框abcd，线框沿斜面下滑时，ab、cd边始终与磁场边界保持平行。以地面为零势能面，从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中，线框的机械能E与位移s之间的关系如图(b)所示，图中、均为直线段。已知线框的质量为m0.1kg，电阻为R0.06。（sin370.6，cos370.8，重力加速度g取10m/s2）求：(1)线框与斜面间的动摩擦因数；(2)ab边刚进入磁场时，线框的速度v1；(3)线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间t；(4)线框穿越磁场的过程中，线框中产生的最大电功率Pm；14（16分）一列简谐横波在轴上传播，、是轴上相距的两质点。时，质点正好到达正方向最大位移处，

13、且质点到轴的距离，而此时质点恰好经过平衡位置向下运动。已知这列波的频率。求经过时间，质点运动的路程；若大于一个波长，求该波的波速。15（12分）如图甲所示，倾角为的粗糙斜面固定在水平面上，时刻一质量为m的物体在恒定的拉力F作用下从斜面底端向上滑动，时刻撤去拉力F，物体继续滑动一段时间后速度减为零，此过程物体的速度时间图像如图乙所示。已知m、及重力加速度g，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）拉力F的大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】汽车先做匀减速运动，然后做匀速运动，最后做匀加速运动；图像A

14、反映物体先负向匀速后静止，再正向匀速，选项A错误；图像B反映物体先正向匀速后静止，再正向匀速，选项B错误；图像C反映物体先正向加速，后静止，再正向加速，选项C错误；图像D反映物体先减速后匀速，再加速，符合题意，则选项D正确；故选D.【点睛】此题关键是搞清不同的图像反映的运动规律；x-t图像的斜率等于速度；v-t图像的斜率等于加速度.2、B【解析】试题分析：根据公式，减小双缝间的距离，干涉条纹间的距离变大，A错误，根据公式，增大双缝到屏的距离，干涉条纹间的距离增大，B正确，根据公式，将绿光换为红光，频率减小，即波长增大，所以干涉条纹间的距离增大，C错误根据公式，将绿光换为紫光，频率增大，即波长减

15、小，所以干涉条纹间的距离减小，D错误，考点：本题考查光波的干涉条纹的间距公式，点评：应牢记条纹间距的决定因素，不要求定量计算，但要求定性分析3、A【解析】由等势面的疏密可知电场强度的大小，由可知电场力的大小关系；根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向，进而判断出电场力做功的特点。根据能量守恒定律分析粒子在a点动能与粒子在b点动能之间的关系。由动能定理可知BC两点的间的电势能的变化。本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法。【详解】A因a点处的等势面密集，故a点的电场强度大，故电荷在a点受到的电场力大于b点受到的电场力，结合牛顿第二定律可知，粒子在a点的加速度

16、比在b点的加速度大，故A正确；B由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知，粒子受到的电场力指向右侧，则从a到b电场力做正功，粒子动能增大，故B错误；C速度是矢量，沿轨迹的切线方向，由图可知，粒子在a点和在c点时速度方向不相同，故C错误；D粒子受到的电场力指向右侧，则从b到c电场力做负功，粒子的电势能增大，所以粒子在b点的电势能比在c点时的电势能小，故D错误；故选A。【点睛】本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解。4、C【解析】A、三点到点和点的距离都相等，根据场强的叠加法则可知、三点的电场强度大小相等，但方向不同，A错误；BC处于点的负电荷周围的等势面为包裹该负电荷的椭球面，

17、本题为等边三角形的中心，即、三点电势相等，但是该平面不是等势面，沿着电场线方向电势降低，越靠近负电荷，电势越低，即电势高于点电势，经到，电势先减小后增大，根据电势能的计算公式可知正试探电荷电势能先减小后增大，电场力先做正功再做负功，B错误，C正确；D沿着电场线方向电势降低，负试探电荷从高电势点移到低电势点，根据电势能的计算公式可知电势能一直增大，D错误。故选C。5、B【解析】A0t1时间内垂直于纸面向外的磁场减弱，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场垂直于纸面向外，根据安培定则可知感应电流为逆时针方向，在电源内部，电流从负极流向正极，故f电势高于e的电势，A错误；B根据法拉第电磁感应定律，感应电

18、动势：B正确；C根据楞次定律，0t2金属框中电流方向为逆时针，C错误；D根据左手定则，0t1安培力水平向左，t1t2安培力水平向右，D错误。故选B。6、C【解析】A分析振动图像，由乙图读出，在t=0.10s时Q点的速度方向沿y轴负方向，根据波动规律结合图甲可知，该波沿x轴负方向的传播，故A错误；B由甲图读出波长为=4m，由乙图读出周期为T=0.2s，则波速为故B错误；C从t=0.10s到t=0.15s，质点P振动了，根据波动规律可知，t=0.15s时，质点P位于平衡位置上方，速度方向沿y轴负方向振动，则加速度方向沿y轴负方向，两者方向相同，故C正确；D在t=0.10s时质点P不在平衡位置和最大

19、位移处，所以从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过的路程sA=10cm故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】由图象可知，当时，有：F0，则杆对小球得作用力方向向下，根据牛顿第三定律可知，小球对杆的弹力方向向上，故A错误；由图象知，当时，F=0，杆对小球无弹力，此时重力提供小球做圆周运动的向心力，有：，得,由图象知，当时，F=a，故有，解得：，故B错误，C正确；由图象可知，当时，由，得F=mg，故D正确；故选CD.【点睛】小球在竖直面内

20、做圆周运动，小球的重力与杆的弹力的合力提供向心力，根据图象、应用向心力公式、牛顿第二定律分析答题8、ABC【解析】A可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A两位置，选项A正确；B由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90后对称的固定在轴上，则轴上场强最大的点仍然在、两位置，选项B正确；C由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A两位置，那么

21、把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A两位置，选项C正确；D如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A两位置，选项D错误。故选ABC。9、ADE【解析】AB由于1s0.2s，即质点P第一次达到相同速度的时间间隔大于第二次的，故可得到图示时刻质点P向下运

22、动，经过1.2s正好运动一个周期回到图示位置，故波沿x轴负方向传播，且周期为1.2s，波速故A正确，B错误；CM、Q的平衡位置距离大于，故质点M和质点Q的相位差不等于，那么，质点M与质点Q的位移不可能总是大小相等，方向相反，故C错误；DN、Q的平衡位置距离刚好等于，故质点M和质点Q的相位差等于，那么，质点M与质点Q的位移、速度总是大小相等，方向相反，故若某时刻N质点速度为零，则Q质点一定速度为零，故D正确；E3sT，即质点M振动个周期，那么，由波沿x轴负方向传播可得：零时刻质点向上振动，故在3s时刻，质点M偏离平衡位置的位移y=-10cm，故E正确；故选ADE。10、BCD【解析】A对于匀变速

23、直线运动，由得，只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才增大；对于曲线运动，加速度方向和速度方向的之间夹角大于小于时，速度大小也增大，故A错误；B做竖直上抛运动的物体，到达最高点时，速度为零，但它所受的合外力为自身重力，不为零，故B正确；C物体做匀加速直线运动时，从时刻开始连续相等时间内位移之差为一恒量，即为而1：4：8：13：位移之差分别是3、5，故从时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是1：4：8：13：，故C正确；D由得，物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大，故D正确。故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、

24、AC 【解析】（1）1采用“10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，说明待测电阻的阻值较小，为了使欧姆表指针在中值电阻附近读数，减小误差，需更换较小的倍率，更换“1”挡倍率后需重新调零后再测量，故AC正确，BD错误；故选AC；（2）2电源电动势只有3V，故选用电压表V1（量程03V，内阻很大）；回路中的电流最大电流为A=100mA故选用电流表A1（量程050mA内阻约12），待测电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法，但根据欧姆定律，若将电阻直接接在电压表两端时，电阻两端最大电压为V=1.5V只是电压表V1量程的一半；若将待测电阻与定值电阻串联，则它们两

25、端电压为V=4V能达到电压表V1的量程，为达到测量尽量准确的目的，滑动变阻器采用分压式接法，故选用阻值小的滑动变阻器R1，电路图如图所示12、CD 13.870 1.320 【解析】（1）1根据，为双缝间距，L为双缝到屏的距离，增大单缝到双缝的距离，干涉条纹间距不变，A错误；将蓝色滤光片换成红色滤光片，由于红光的波长比蓝光长，干涉条纹间距变宽，B错误；换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变窄，C正确；去掉滤光片后，将观察到白光彩色的干涉条纹，D正确。（2）123根据螺旋测微器的读数规则可知读数为13.870mm，第1条亮纹中心与第10条亮纹中心有9个间距，故把数据代入求得四、计算题：本题

26、共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0.5 (2)1.2m/s (3)0.125s (4)0.43W【解析】(1)根据线段，减少的机械能等于克服摩擦力做的功： 0.144J其中s10.36m解得：0.5(2)未进入磁场时，根据牛顿第二定律：线框的加速度m/s2速度：m/s(3)线框进入磁场的过程中，减小的机械能等于克服摩擦力和安培力所做的功，由图线可知，此时机械能线性减小，说明安培力也为恒力，线框做匀速运动。设L为线框的边长，则：联立解得L0.15m线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间：(4)在线框匀速进入磁场时，安培力又因为：可求出线框完全进入磁场后始终做匀加速直线运动，当ab边要离开磁场时，开始做减速运动，此时线框速度最大，受到的安培力最大，线框内的电功率最大由可求得v21.6m/s所以线框内的最大电功率14、2m；若波由质点传向质点，波速；波由质点传向质点，波速【解析】质点一个周期运动的路程内质点振动的周期数内质点运动的路程若波由质点传向质点，有，所以若波由质点传向质点，有，所以。15、（1）；（2）【解析】（1）由题图乙可得匀减速阶段加速度大小对物体在匀减速阶段受力分析，根据牛顿第二定律得解得（2）由题图乙可得匀加速阶段加速度大小对物体在匀加速阶段受力分析，根据牛顿第二定律得解得