(3份试卷汇总)2019-2020学年黑龙江省伊春市物理高一第二学期期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共4 0分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.魔方，英文名为Rubiks Cube,又叫魔术方块或鲁比克方块，是一种手部极限运动.通常泛指三阶魔方.三阶魔方形状是正方体，由有弹性的硬塑料制成.要将一个质量为m、边长为a的水平放置的匀质三阶魔方翻倒，推力对它做功至少为（）C(6+l)m ga一 222.（本题9分）如图所示，“探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律”实验中打出的一条纸带，相邻计数点间的时间间隔为T,则打C点时物体运动速度的大小为A If B%+X c If 口 无2+巷 T T 2T 2

2、T3.（本题9分）2016年11月1 4日 超级月亮 现身合肥市夜空，某时刻月亮看起来比平常大14%、亮度提高了 30%,这是因为月球沿椭圆轨道绕地球运动到近地点的缘故，则下列说法中正确的是A.此时月球的速度最小B.此时月球的加速度最大C.月球由远地点向近地点运动的过程，地球对月球的万有引力做负功D.月球由远地点向近地点运动的过程，月球的机械能减小4.（本题9分）如图,排球场总长为4,宽为L2，网高，运动员在离网L远的线上的中点处跳起后将排球水平击出.若击球高度为2,不计空气阻力，排球可视为质点，当地重力加速度为g,则（）A.要使排球能落在对方界内，水平击出时排球的最小速度为L忸B.排球落地时

3、重力的瞬时功率随击出速度的增大而增大C.要使排球能落在对方界内，排 球 落 地 时 的 最 大 速 度 为+g旦当V -8%D.当排球被垂直球网击出时,只要外 ,总可以找到合适的速度,使排球落到对方界内5.（本题9分）两个物体的质量分别是m i和m 2,且mi=4mz。当它们以相同的动能在动摩擦因数相同的水平面上运动时，它们滑行距离之比和滑行时间之比分别是A.1：4,2：1 B.1：4,1：2 C.4：1,1：2 D.2：1,4：16.（本题9分）如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着细线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则下列说法中正确的是（）：O：依皮A.橡皮做匀速直

4、线运动B.橡皮做匀变速直线运动C.橡皮做匀变速曲线运动D.橡皮做变加速曲线运动7.（本题9分）如图所示，两个互相垂直的力Fi和F2作用在同一物体上，使物体运动，物体通过一段位移时，力Fi对物体做功4 J,力F2对物体做功3 J,则 力Fi和F2的合力对物体做功为（）A.2J B.1J C.5J D.7J8.（本 题9分）两个相同的金属球分别带有+2Q和-4Q的电荷量，两球相隔一定距离时，相互作用力的大小 为F,若把它接触后再放回原处，两球相互作用力的大小变为（）FF F FA.-B.C.D.2 4 1 6 8 49.（本题9分）山城重庆的轻轨交通颇有山城特色，由于地域限制，弯道半径很小，在某些

5、弯道上行驶时列车的车身严重倾斜.每到这样的弯道乘客都有一种坐过山车的感觉，很是惊险刺激.假设某弯道铁轨是圆弧的一部分，转弯半径为R,重力加速度为g,列车转弯过程中倾角（车厢地面与水平面夹角）为 仇 则 列车在这样的轨道上转弯行驶的安全速度（轨道不受侧向挤压）为（）A.Jg R sin g B.yJgRcosd C.Jg R tan。D.Jg R co t。10.（本题9分）如图所示，用轻绳连接的质量为m的木块A与质量为2m的木块B放在光滑地面上，先用 F 的力向右拉动木块B,再用F 的力向左拉动木块A,求两种情况中两木块间绳子拉力的大小分别为F F 2F F F 2F F FA.；B.-:C.

6、；-D.；2 2 3 3 3 3 3 3二、多项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分11.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、3 0 V.实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c 三点，已知：带电粒子带电量为0 Q 1 C,在 a 点处的动能为0.5 J,则该带电粒子A.粒子带正电 B.在 b 点处的电势能为0.5JC.在 b 点处的动能为零 D.在 c 点处的动能为0.4 J12.（本题9 分）物

7、体受到几个外力的作用而作匀速直线运动，如果撤掉其中的一个力，它可能做（）A.匀速直线运动 B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动 D.曲线运动13.（本题9 分）如图所示，质量为M 的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹为仇一个质量为m 的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度%开始运动.当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v,距地面高度为h,则下列关系式中正确的是B.m v()cos0=(m+M)vC.D.mgh+-(m+M)v2=mv1mgh=-m(v0 sin O)214.（本题9 分）如图所示，质量相等的A、B 两个球，原来在光滑水平面上沿同一直线相向做

8、匀速直线运动，A 球的速度是6m/s,B 球的速度是一2 m/s,不久A、B 两球发生了对心碰撞。对于该碰撞之后的A、B 两球的速度可能值，某实验小组的同学们做了很多种猜测，下面的猜测结果有可能实现的是（）与 PB 正方向777777/777777777/7777A.VAZ=_2 m/s,VB,=6 m/sB.VA*=2 m/s,VB*=2 m/sC.VA/=1 m/s,VB/=3 m/sD.VA=-3m/s,VB/=7 m/s15.（本题9分）如图所示，可视为质点的小球用不可伸长的结实的细线悬挂起来，将细线水平拉直后从静止释放小球，小球运动到最低点时的速度为八 重力的瞬时功率为P、绳子拉力为

9、F,向心加速度为a,若不改变小球的质量，把悬线的长度增加一倍，仍将细线水平拉直后从静止释放小球，下面说法正确的是/T-A.改变悬线长度之后最低点的速度V变为原来的血倍B.改变悬线长度之后最低点的重力瞬时功率P是原来的加倍C.改变悬线长度前后最低点绳子拉力F都等于小球重力的3倍D.改变悬线长度前后最低点向心加速度a都等于重力加速度的3倍16.如图所示，一个由金属圆管制成的半径为R的士光滑圆弧轨道固定在水平地面上，在轨道右侧的正上4方金属小球由静止释放，小球距离地面的高度用h表示，则下列说法正确的是（）A.若=2 R则小球能沿轨道运动到最高点对轨道的无压力B.若h从2R开始增大，小球到达轨道的最高

10、点对轨道的压力也增大C.适当调整h,可使小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处D.若h从2.5R开始增大，小球到达轨道的最高点和最低点对轨道的压力差保持不变三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）用如图所示装置探究碰撞中的不变量，气垫导轨水平放置，挡光板宽度为d,两滑块被弹簧（图中未画出）弹开后，左侧滑块通过左侧光电计时器，记录时间为At”右侧滑块通过右侧光电计时器，记录时间为At2.左侧滑块质量为m“左 侧 滑 块 的 速 度 大 小.右 侧 滑 块 质 量 为m 2,右侧滑块的质量和 速 度 大 小 的 乘 积。若规定向左为正，弹开后两滑块质量与速度的乘积的矢量和

11、表达式为（用题中物理量表示）t 11 8.（本题9 分）某物理兴趣小组猜想向心力大小与小球质量、半径及角速度有关。现做如下实验，用细线穿过光滑笔杆中，一端拴住小球，另一端用一只手牵住，另一只手抓住笔杆并用力转动，使小球做圆周运动，可近似认为细线拉力提供了小球所器的向心力，实验过程如下：（1）在保证小球质量和角速度不变的条件下，通 过 改 变 小 球 做 圆 周 运 动 的,感受向心力的大小；（2）换用不同质量的小球，在保证_ _ _ _ 和半径不变的条件下，感受向心力的大小；（3）在小球质量为m 和运动半径为R 不变的条件下，小球做圆周运动所在平面距水平地面的高度为H,当角速度增加到某值时，细

12、线突然断掉，小球做平抛运动，测得小球落地点到转轴的水平距离为X,当地重力加速度为g,则细线恰好断裂时，小 球 的 速 度 大 小 是,细 线 所 能 承 受 的 最 大 拉 力 是 （用题中字母符号表示）。四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.（6 分）（本题9 分）某行星可看作半径为R 的均匀球体，一颗卫星做绕该行星做半径为r 周期为T 的匀速圆周运动。已知万有引力常量G。求：（1）该行星的密度；（2）在该行星表面发射卫星的最小速度。20.（6 分）（本题9 分）如图所示，一水平放置的半径为r=3.5m 的薄圆盘绕过圆心。点的竖直轴转动，圆盘边缘有一质量m=3.3kg的小滑块

13、（可看成是质点）.当圆盘转动的角速度达到某一数值时，滑块从圆盘边缘滑落，滑块与圆盘间的动摩擦因数H=3.3,圆盘所水平面离水平地面的高度h=3.5m,g 取33m/s3.（3）当圆盘的角速度多大时，滑块从圆盘上滑落？（3）若取圆盘所在平面为零势能面，求滑块到达地面时的机械能；21.（6 分）（本题9 分）如图所示，质量为M=2kg、左端带有挡板的长木板放在水平面上，板上贴近挡板处放有一质量为m=lkg的物块，现用一水平向右大小为9N 的拉力F 拉长木板，使物块和长木板一起做匀加速运动，物块与长木板间的动摩擦因数为m=0.1,长木板与水平面间的动摩擦因数为R=0 Z 运动一段时间后撤去F,最后物

14、块恰好能运动到长木板的右端，木板长L=4.8 m,物块可看成质点，不计挡板的厚度,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2,求：撤去F 的瞬间，物块和板的加速度；(2)拉 力 F 作用的时间；整个过程因摩擦产生的热量。22.(8 分)(本 题 9 分)某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止落下，如图所示，经过 8 s后打开降落伞，运动员做匀减速直线运动再经过16s后刚好到达地面且速度恰好为零.忽略打开降落伞前的空气阻力和打开降落伞的时间，取重力加速g=10m/s】.求：(1)打开降落伞时运动员的速度大小；(1)打开降落伞后运动员的加速度大小.参考答案一、单项选择题：本题共1

15、0小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.D【解析】【详解】魔方翻倒一次，重心升高h=；(&-1)a,则推力对它做功至少为卬=mgh=A.正 m g a,与结论不相符，选项A 错误；B.正嘤，与结论不相符，选 项 B 错误；2C.（&+D-a,与结论不相符，选项C错误；2D.（五二1）嘤,与结论相符，选 项D正确；22.D【解析】【详解】C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则有：匕=毛 孕；A.返二五，与结论不相符，选项A错误；TB.父A,与结论不相符，选 项B错误；TC.与结论不相符，选 项C错误；2TD.餐3,与结论相符，选 项D正确；2T3.

16、B【解析】根据开普勒定律，月球和地球的连线在相等的时间内扫过相等的面积，故在近地点速度最大，故A错误；在近地点轨道半径小，根据牛顿第二定律：m a=k，此时月球的加速度大，故B正确；既然从远地点r向近地点运动过程是加速运动，说明万有引力做正功，故C错误；由于只有万有引力做功，故月球的机械能不变，故D错误；故选B.4.C【解析】排球做平抛运动，；要使排球能落在对方界内，落地的时间r=J迎 水 平 击 出 时 排 球 的 最 小 速 度为vmin=1 =42（蒜）选项人错误；排球落地时重力的瞬时功率PG=G。=Ggt=g G 杵，则排球落地时重力的瞬时功率与击球的速度无关，选 项B错误；要使排球能

17、落在对方界内，则球落地的时间t=伶；球的最大水平位移S=（L+1L,）2+（1L2）2,击球的最大速度%,皿=5=5 俣，排球落地时的最大速度为匕而=J味伽+（g，）2 =卜 也+g E ,选项C正确；若排球被击出后既恰好触网又恰好越界，则同时满足L+g =%杵和L=），联立以上两式解得(L +2 L)2/7；4+W+4L)“MF2当4 =意 舞 时 若 排 球 被 击 出 时 的 速 度 小 于%,排球会触网，若排球被击出时的速度大于,排球会越界，所以不是只要4 外,就一定能使排球落到对方界内，选 项D错误；故选C.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住等时性

18、，结合临界条件结合运动学公式灵活求解；注意排球 触网 和 越线 的临界条件.5.B【解析】【分析】先根据动能之比求出初速度之比，然后牛顿第二定律求出加速度之比，最后根据运动学公式求滑行距离与滑行时间之比.【详解】根据牛顿第二定律_ _ 摩擦因数相同，故两个物体加速度相同；_ 动能相同，则=:一,二=L 口初速度之比为1：2,根 据 运 动 学 公 式r-，得 _.，代入数据得，根据 _，代入数 V-_;二据得一 B正确.D 2 16.A【解析】【详解】橡皮参与了水平向右和竖直向上的分运动，如图所示，两个方向的分运动都是匀速直线运动，合运动也为匀速直线运动，A正确；7.D【解析】【分析】【详解】

19、当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力Fi对物体做功4J,力Fz对物体做功3 J,所 以Fi与F2的合力对物体做的总功就为：W=3J+4J=7J,D正确，ABC错误。故 选Do8.C【解析】【分析】【详解】由库仑定律可得：尸=,两 相 同 金 属 小 球 带 异 种 电 荷 时，开始时的库仑力：尸=登 算，两者相互r r1接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量都是：。二心二产二一。,库 仑 力：尸=绰，所以库2r1F仑力是原来的石，即 尸=一.O OFA.二与分析结果不相符；故A错误.B.4与分析结果不相符；故B错误.与分析结果相符；故C正确.O与分析结果不

20、相符；故D错误.49.C【解析】列车在这样的轨道上转弯安全行驶，此时列车受到的支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律2 _得：ta n e=?3，解得：y=,故 C 正确，ABD 错误.10.C【解析】【详解】用F的力向右拉动木块B时，对AB整体：。=二；对A:7J=m a=E;用F的力向左拉动木块A时，3m 3F 2对AB整体：a；对B：。=2 以=/；3m 3A.与；,与结论不相符，选项A错误；2 22F FB.与结论不相符，选 项B错误；3 3F 2FC.,与结论相符，选项C正确；3 3D.与结论不相符，选 项D错误；3 3二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分.在

21、每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.AD【解析】【详解】A.由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B.由电势能的定义知粒子在b点处的电势能Epb=4Q=0.01x30J=0.3J故B错误；C.由粒子在a点处的总能量E=0.01xl0J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C错误；D.由能量守恒得在C点处的动能为：Ekc=0.6J-0.01x20J=0.4J故D正确.12.BCD【解析】【详解】A.物体在几个力的作用下处

22、于平衡状态，若撤去其中某一个力而其余力的性质（大小、方向、作用点）不变，根据平衡条件，其余力的合力与撤去的力等值、反向、共线，合力是恒力；在撤去了恒力之后，物体受到的合力不为0,故物体一定做加速运动，不可能做匀速直线运动，故A是不可能的；B.当合力与物体运动的方向相同时，物体做匀加速直线运动，故B是可能；C.直线运动中合力与物体运动的方向相反时，物体做匀减速直线运动，C是可能的；D.曲线运动中合力与速度不共线，物体做匀变速曲线运动；D是可能的.13.BC【解析】【详解】A B.小物块上升到最高点时速度与楔形物体的速度相同，均为V.系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒.以水平向右为正方向，由水

23、平方向系统动量守恒得：mvocos0-Cm+M）v故A错误，B正确；C D,系统的机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+(m+M)v2-mv02故C正确，D错误.故 选BC.点睛：本题主要考查了动量守恒定律和机械能守恒定律的直接应用，要知道小物块上升到最高点时，竖直方向速度为零，系统水平方向动量守恒，但总动量不守恒.14.ABC【解析】【详解】A.两小球碰撞动量守恒，初动量为p=6m-2m=4m碰前总动能E.=mx6+zwx(-2)-=2Qmk 2 2碰后总动量p=-2m+6m=4m碰后总能量1,1 ,Ek=-m x(2+-/nx62=20m=Ek动量守恒，机械能守恒，可以实现，A正确；B.

24、碰后总动量p=2m+2m=4m碰后总动能1 ,1 ,E =-mx2+mx2-4m E.k 2 2动量守恒，机械能不增加，可以实现，B正确；C.碰后总动量p=Im+3m=4m碰后总动能E =-m xl2+mx32=5m Ek动量守恒，机械能增加，违反能量守恒定律，D错误。故选ABCo15.AC【解析】【详解】A.由机械能守恒 定 律 得 根=v=L,L加倍之后，低点的速度v变得为原来的0倍，A正确；B.最低点重力与速度垂直，重力的瞬时功率为零，B错误；2C在最低点绳的拉力为尸，则F 机且=w彳，则尸二3叫，与L无关,c正确；D.向心加速度。=_丝 =2 g,D错误。m16.CD【解析】【详解】对

25、小球先自由落体再通过环形轨道到达最高点的过程，由动能定理m g(fi-2 R)=m v2-0可得小球到达环形轨道最高点的速度y=,2 g(-2R)A.若h=2 R,可知小球到达最高点的速度刚好为零，也是刚好能过环形轨道最高点的最小速度，此时的向心力为零，则内侧轨道对球有向上的支持力等于m g,故A错误；B.若h从2R开始增大，小球过最高点有不等于零的速度，当OWvW而时，满足2_ Vm g-F =m K内侧轨道的支持力随速度的增大而减小到零；当n 历时，外侧轨道提供向下的支持力力，有V2m g+F =m 外侧轨道的支持力随速度的增大而增大，故B错误；C.若小球从槽口平抛落到端口，有R=g/2,

26、R=vt联立速度公式可解得9h=-R49故适当调整=R,可使小球从轨道最高点飞出后恰好落在轨道右端口处，故 c 正确;4D.设在最低点速率为片，最高点速率为2，最低点由牛顿第二定律因 h 从 2.5R开始增大，由动能定理可知在最高点的速度取值从廊开始，则外侧轨道提供支持力，由牛顿第二定律m e+F,=m R从最低点到最高点的过程，由动能定理 m g -2R-1 mv2 1 22-mvt联立可得F=F1 -F=6mg再由牛顿第三定律可知最低点和最高点的压力差恒为6 m g,故 D正确。故选CD,三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分d d d d17.m,-m,-_Ar,一 t2-A/2

27、【解析】【详解】d第一空.左侧滑块的速度大小V,;第二空.右侧滑块的速度大小为=二；则右侧滑块的质量和速度大小的乘积加23；t【A/2第三空.若规定向左为正，弹开后两滑块质量与速度的乘积的矢量和表达式为d dm,vi-m2v2=niA-m2 ,18.半径 角速度 J g(f _*)a)2 H R【解析】【详解】(1)1研究向心力大小的影响因素需要用到控制变量法，在保证小球质量和角速度不变的条件下，通过改变小球做圆周运动的半径，感受向心力的大小。(2)2换用不同质量的小球，在保证角速度和半径不变的条件下，感受向心力的大小。(3)3小球在细线断裂后做平抛运动，根据平抛运动的规律可知，竖直方向上,1

28、.2=”厂水平方向上x=vt小球落地点到转轴的水平距离为X,根据几何关系可知x-ylx2+R2联立解得：根据向心力公式可知，细线所能承受的最大拉力FV2，唱(尤2-&)m=-1-R 2HR四、解答题：本题共4 题,每题5 分，共 20分19.(1)p=3万厂GT2/?32万F于R【解析】【详解】(1)设行星的质量为M,卫星的质量为m,卫星绕行星运动的向心力由万有引力提供，则有:门 mM 4/G m产 T24行星的体积为：V=nR3又“3乃，联立可得0=GT2R3Mm(2)对于在行星表面附近绕行星运动的卫星，有：G -=mr R2 R结合前面的分析，可得在该行星表面发射卫星的最小速度为V20.(

29、3)当圆盘的角速度u)2 3rad/s时，滑块从圆盘上滑落.(3)3.5J【解析】解：(3)设圆盘的角速度为3时，滑块受到的静摩擦力达到最大值,根据牛顿第二定律：umg=mr33(3分)得 折 陋=2 K/rad/s=3rad/s (3 分)故当圆盘的角速度32 3rad/s时，滑块从圆盘上滑落.(3分)(3)抛出时的动能:滑块作平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，滑块到达地面时的机械能E=Et=gn，2=0,5“3 分)21.(1)1 m/s2,方向向左，2.5m/s2,方向向左(2)4s(3)72J【解析】【详解】撤去拉力时，设物块和板的加速度大小为ai、a z,由牛顿第二定律得：对物块：

30、Himg=mai对木板:卜2 (M+m)g-|iimg=Maz解得：ai=l m/s2,方向向左a2=2.5 m/s2,方向向左开始阶段，由于挡板的作用，物块与木板将一起做匀加速直线运动，则对整体:F52(M+m)g=(M+m)ao解得:ao=l m/s2o设撤去力F时二者的速度为v,由于内小于R,那么当撤去F后，板和物块各自匀减速到零，则滑块的位x2%木板的位移:又：XI-X2=L联立方程，代入数据得：v=4m/s设力F作用的时间为t,贝1)：v=aot所以：在拉力F的作用下木板的位移：xo=-aot2=xlx42=8m2 2由上解得，撤去拉力后木板的位移：X2=3.2m根据功能原理，知整个

31、的过程中因摩擦产生的热量为木板受到的地面的摩擦力与木板位移的乘积加上滑块受到的摩擦力与滑块相对于木板的位移的乘积，即：Q=H2(M+m)g(X 2+X 0)+|iimg(X 1-X 2)=0.2x30 x(3.2+8)+0.1xl0 x4.8=72J22.(1)80m/s；(1)Sm/s1【解析】【分析】【详解】(1)打开降落伞前，人和伞做自由落体运动，由速度公式得：v=gt解得：v=SOm/s(1)打开降落伞后，人和伞一起做匀减速直线运动，由加速度的定义得解得：a2=5 m/s2高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共1 0小题，每小题4分，共4 0分.在每小题给出的四个选项中，

32、只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）如图所示，木板质量为M,长度为L,小木块质量为m,水平地面光滑，一根不计质量的轻绳跨过定滑轮分别与M和m连接，小木块与木板间的动摩擦因数为u，开始时木块静止在木板左端,现用水平向右的力将m拉至右端，拉力至少做功为（）m力/力力,A.读mgLB.2pmgLC.nmgL/2D.p(M+m)gL【答案】A【解析】试题分析：开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力做功最小值时，即拉力维持小木块在木板上做匀速缓慢运动时；拉力大小为F=T+nmg=2nmg,拉力做功最小值为W=F工叩mgL故选A2.（本题9分）如图，一物体从光滑斜面AB底端A点以

33、初速度V。上滑，沿斜面上升的最大高度为h.设下列情境中物体从A点上滑的初速度仍为v。,则下列说法中正确的是（）A.若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后上升的最大高度仍为hB.若把斜面AB与水平面的夹角稍变大,物体沿斜面上升的最大高度将小于hC.若把斜面弯成竖直光滑圆形轨道D,物体沿圆弧能上升的最大高度仍为hD.若把斜面AB变成光滑曲面AEB,物体沿此曲面上升的最大高度仍为h【答案】D【解析】【分析】【详解】A项：若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后做斜上抛运动，在最高点物体还有一部分动能没有转换成重力势能，故不能上升到h,故A错误；B项：把斜面AB与水平面的夹角稍变大，根据机械能守恒，物体上升

34、的最大高度仍为h,故B错误；C项：把斜面弯成竖直光滑圆形轨道A D,物体沿圆弧能上升的最大高度时有最小速度而，故动能没有全部转化为重力势能，故上升高度小于h,故C错误;1 ,D项：若把斜面AB换成光滑曲面A E B,此过程由机械能守恒可知，取=5加片，故D正确.3.（本题9分）重物重为G,受到如图所示斜向下的推力F作用，仍静止在水平面上，则重物对地面的压力大小为（）A.G B.G+F2 C.Ft D.F2【答案】B【解析】【分析】【详解】竖直方向物体受力平衡，则FN=G+FZ,根据牛顿第三定律可知，重物对地面的压力大小为G+F2,故选B.4.在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来都静止

35、不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动。假定两板与冰面间的动摩擦因数相同。已知甲在冰上滑行的距离比乙远这是由于（）A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.分开时甲获得的动量大小大于乙的动量大小C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D.在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小【答案】C【解析】【详解】A.在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反，故A错误；B.根据动量守恒定律，则_ _ _ _ 分开时甲获得的动量大小等于乙的动量大小，故B错误；=Z.Z.C.由动能定理_ _ _ _ _ _ _ _滑行的距离

36、甲在冰上滑行的距离比乙远，两板与冰面间的动摩擦因数相同，说明在刚分开时,L=0-=rrr甲的初速度大于乙的初速度，故C正确;D.根据牛顿第二定律，在分开后，甲的加速度的大小等于乙的加速度的大小，都等于二=二二，两板与冰面间的动摩擦因数相同，故两者加速度大小相等，故D错误。5.如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m,在与水平面成8角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右移动了一段距离I.已知雪橇与地面间的动摩擦因数为卬 雪橇受到的aA.支持力做功为mgl B.重力做功为mglC.拉力做功为Ficos。D.滑动摩擦力做功为-pmgl【答案】C【解析】【详解】对雪橇及其坐在其上的人受力分析，如图：m

37、gA.支持力做功必，=MC O S90O=0J,故A错误；B.重力做功=mglcos90=0J,故B错误；C.拉力做功为叱=&cos。，故C正确；D.雪橇竖直方向受力平衡：N+FsinO=mg,则7 =坊-尺力?61,则摩擦力大小为：/=N=-Es加9),则摩擦力做功：Wf=-fl=-mg-Fsin0)l,故D错误.6.铁路在弯道处的内外轨道高度是不同的，已知内外轨道平面对水平面倾角为仇如图所示，弯道处的圆弧半径为R,若质量为m的火车转弯时速度小于J g R ta n。，则()A.内轨对内侧车轮轮缘有挤压B.外轨对外侧车轮轮缘有挤压C.这时铁轨对火车的支持力等于三COS，D.这时铁轨对火车的支

38、持力大于 三cos 3【答案】A【解析】【详解】A B.当火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，有V2mg tan 6-m 可得火车的速度为 =JgA tan6,当火车转弯的速度小于JgR tan8 时,火车所需要的向心力减小，而重力与支持力的合力不变，所以合力大于所需要的向心力，内轨就要对火车产生一个向外的侧压力来抵消多余的力，所以此时内轨对内侧车轮轮缘有挤压，故 A正确，B错误；C D.当内外轨没有挤压力时，受重力和支持力，则有N=Scos。由于内轨对火车的作用力沿着轨道平面，可以把这个力分解为水平和竖直向上两个分力，由于竖直向上的分力的作用，使支持力变小，故 CD错

39、误。故选A。7.质量为15kg的物块在轻绳的拉动下沿倾角为30。的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。已知物块与斜面之间的动摩擦因数为且，重力加速度取10m/s2。以下说法正确的是3A.物块受到的摩擦力大小为25 6 NB.物块受到的摩擦力大小为50 6 NC.轻绳的张力为150ND.轻绳的张力为75N【答案】C【解析】【详解】AB.物块受到的摩擦力大小为/=?gcos30=】，x l5 0 x N =7 5 N,选项AB错误；CD.轻绳的张力为T=/+mgsin30=75+150 x（N=1 5 0 N,选项C正确，D错误。8.（本题9 分）质量为2g的子弹，以 300m/s的速度射入厚度

40、是5cm的木板，射穿后的速度是100m/s,子弹射穿木板的过程中受到的平均阻力是多大（）A.800NB.1200NC.1600ND.2000N【答案】C【解析】【详解】在子弹射穿木块的过程中只有木板对子弹的阻力（设为f）对子弹做了功，对子弹分析，根据动能定理得:代入数据计算得出阻力为：/=1600NA.800N与分析不符，故A错误.B.1200N与分析不符，故B错误.C.1600N与分析相符，故C正确.D.2000N与分析不符，故D错误.9.（本题9分）滑雪运动深受人民群众喜爱，某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道A B,从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在

41、，运动员的速率不变，则运动员沿A B下滑过程中（）A.合外力做功一定大于零B.所受摩擦力大小不变C.合外力始终与速度垂直D.机械能始终保持不变【答案】C【解析】【详解】试题分析：根据曲线运动的特点分析物体受力情况，根据牛顿第二定律求解出运动员与曲面间的正压力变化情况，从而分析运动员所受摩擦力变化；根据运动员的动能变化情况，结合动能定理分析合外力做功；根据运动过程中，是否只有重力做功来判断运动员的机械能是否守恒；因为运动员做曲线运动，所以合力一定不为零，A错误；运动员受力如图所示，重力垂直曲面的分力与曲2 2面对运动员的支持力的合力充当向心力，FN-mg cos0=FN=/n+mg cos0,运

42、动过程R R中速率恒定，且。在减小，所以曲面对运动员的支持力越来越大，根据速率恒定可得了 =mgsinO可知摩擦力越来越小，B错误；运动员运动过程中速率不变，质量不变，即动能不变，动能变化量为零，根据动能定理可知合力做功为零，C正确；因为克服摩擦力做功，机械能不守恒，D错误；【点睛】考查了曲线运动、圆周运动、动能定理等；知道曲线运动过程中速度时刻变化，合力不为零；在分析物体做圆周运动时，首先要弄清楚合力充当向心力，然后根据牛顿第二定律列式，基础题，难以程度适中.10.一质点做简谐运动，其相对于平衡位置的位移x与时间t的关系图线如图所示，由图可知B.质点的振幅为4.0cmC.在0.3s和0.5s

43、两时刻，质点的速度方向相同D.在0.3s和0.5s两时刻，质点的加速度方向相同【答案】D【解析】【详解】A.由图读出周期T=1.6s,则频率了=0.625HzT故A错误；B.质点的振幅等于振子的位移最大值，由图直接读出振幅A=2cm,故B错误；C.在0.3s时刻，质点正从平衡位置向最大位移处运动，速度沿正方向；在0.5s时刻，质点正从正向最大位移向平衡位置运动，速度方向沿负方向，故这两个时刻的速度方向相反。故C错误；D.由简谐运动的特征a=-m分析得知，在0.3s和0.5s两时刻，质点的位移相同，所以加速度方向相同，故D正确。二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四

44、个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）如图，两小木块a和b（可视为质点放在水平圆盘上，a与转轴0 0,的距离为I,质量为m,b与转轴的距离为2 1,质量为m,木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为go若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用0表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）a b口 口A.a一定比b先开始滑动a、b所受的摩擦力始终相等。4星 是a开始滑动的临界角速度D.当b即将滑动时，a所受摩擦力的大小为等2【答案】CD【解析】【分析】【详解】A B.两个木块的最大静摩擦力相等。木块随圆盘一起转动

45、，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：木块所受的静摩擦力f=m32r,m、3相等，f a r,所 以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值，所 以b一定比a先开始滑动，故A B错误；C.当a刚要滑动时，有kmg=m32l,解得：故C正确；D.当b刚要滑动时，有kmg=m322 l,解得:以a为研究对象，当。=J杨 时，由牛顿第二定律得：f=mu）2l,可解得:V 2/f=-km g故D正确。故选CD1 2.（本题9分）质量为m=2 kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F,此后物体的v-t图像如图所示，取水平向右为正方向，g

46、 10m/s2,贝（j（）v/(m-s*)2 4 6 81：0 t/sx.86420A.物体与水平面间的动摩擦因数为H=0.05B.10s末恒力F的瞬时功率为6WC.10s末物体在计时起点左侧4 m处D.O-lO s内恒力F做功的平均功率为0.6W【答案】AD【解析】【详解】8A.由图线可知0 4 s内的加速度：ai=m/s2=2 m/s2,可得：F+jimg=mai；由图线可知41 0 s内的加速4度：a2=-m/s2=l m/s2,可得：F-pmg=m a2;解得：F=3 N,n=0.05,选项 A 正确；6B.10 s末恒力F的瞬时功率为Pio=Fvio=3x6W=18W,选 项B错误；

47、C.04 s 内的位移 xi=x4x8 m=16 m,410 s内的位移x2=-2x6x6 m=-18m,故10 s末物体在计时起点左侧x=2m处，选项C错误;_ Fx 3x2D.。10s内恒力F做功的平均功率为A=W =0.6 W,选 项D正确.t 101 3.（本题9分）物体受到几个外力的作用而作匀速直线运动，如果撤掉其中的一个力，它可能做（）A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动【答案】BCD【解析】D.曲线运动【详解】A.物体在几个力的作用下处于平衡状态，若撤去其中某一个力而其余力的性质（大小、方向、作用点）不变，根据平衡条件，其余力的合力与撤去的力等值、反向、共线，合力

48、是恒力；在撤去了恒力之后，物体受到的合力不为0,故物体一定做加速运动，不可能做匀速直线运动，故A是不可能的；B.当合力与物体运动的方向相同时，物体做匀加速直线运动，故B是可能；C.直线运动中合力与物体运动的方向相反时，物体做匀减速直线运动，C是可能的；D.曲线运动中合力与速度不共线，物体做匀变速曲线运动；D是可能的.1 4.如图所示，纵坐标表示两个分子间引力和斥力的大小，横坐标表示两个分子间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法中正确的是（）A.ab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为1（）7 mB.ab为斥力曲线，

49、cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为10-1。mC.若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力D.若两个分子间距离小于e点的横坐标时，分子力随两个分子间距离增大而增大【答案】AC【解析】【分析】在F-r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力。【详解】AB.在F-r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，所以ab为引力曲线，cd为斥力曲线，当分子间的距离等于分子直径数量级1010m时，引力等于斥力，A正 确B错误；C.若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力，C正确；D.若两个分子间距离小于于e点的横坐标时，

50、随着两个分子间距离越来越大，分子力越来越小，D错误。1 5.（本题9分）一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态。一质量为m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h,如图所示，让环自由下落（不计摩擦力）撞击平板。已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长（）A.若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒B.环撞击板后，板的新的平衡位置与h的大小无关C.在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的重力势能等于克服弹簧弹力所做的功D.在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧弹力所做的功【答案】AB【解析】【详解】A.圆环与平板碰撞过程，若碰撞时间极短，内力