(3份试卷汇总)2019-2020学年汕头市物理高一第二学期期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r.将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是（）A.电压表V的示数变小B.电流表A i的示数变小C.电流表Az的示数变小D.电流表A的示数变大2.（本 题9分）如图所示，在自主活动中，当笔尖同时沿水平方向和竖直方向做直线运动时，以下说法正确 的 是（）A.笔尖的合运动一定是直线运动B.笔尖的合运动一定是曲线运动C.若笔尖沿两个方向都做匀速直线运动，则笔尖的合

2、运动一定是匀速直线运动D.若笔尖沿两个方向都做匀变速直线运动，则笔尖的合运动一定是匀变速直线运动3.（本题9分）在距地面高度为H的位置斜向上抛出一个质量为m的小球，小球到达最高点时的速度大小为V I,小球落地时的速度大小为V 2,忽略空气阻力.则小球抛出时的动能为（）A.-mgH1 2B.mv.2 1-1 2 1 2C.m v2 2，?2 VI1 2 rjD.mvf-mgH4.（本题9分）如图所示，从倾角为e的斜面顶端分别以V。和2V。的速度水平抛出a、b两个小球，若两个小球都落在斜面上且不发生反弹，不计空气阻力，则a、b两球A.水平位移之比为1：2B.下落的高度之比为1：2C.在空中飞行的时

3、间之比为1:2D.落到斜面时速度方向与斜面夹角之比为1:25.（本题9 分）某星球x 的质量和半径分别为地球的L和上，地球表面的重力加速度为g,则星球x 表面10 2的重力加速度为A.0.4g B.0.5g C.1.5g D.2.5g6.（本题9 分）如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为4；金星转过的角度为（4、4 均为锐角），则由此条件不可求得的是：A.水星和金星绕太阳运动的周期之比B.水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比C.水星和金星到太阳的距离之比D.水星和金星的密度之比7.（本题9 分）直流电动机

4、M 接在如图所示的电路中，理想电压表的示数是20 V,理想电流表的示数是1.0 A,限流电阻R=5.0 C,则 可 知（）A.电动机的机械功率是20 WC.电动机线圈的电阻是20 QB.电阻R 消耗的电功率是5 WD.电动机产生的电热功率是20 W8.（本题9 分）关于匀速圆周运动运动下列说法不无硼的是A.线速度不变 B.角速度不变C.频率不变 D.周期不变9.（本题9 分）汽车从甲地由静止出发，沿直线运动到丙地，乙在甲丙两地的中点.汽车从甲地匀加速运动到乙地，经过乙地速度为60km/h；接着又从乙地匀加速运动到丙地，到丙地时速度为120km/h.求汽车从甲地到达丙地的平均速度大小等于（）A.

5、30km/hB.45km/hC.60km/hD.90km/h1 0.（本题9 分）一个100 g 的球从1.8 m 的高处落到一个水平板上又弹回到1.25 m 的高度，则整个过程中重力对球所做的功及球的重力势能的变化是（g 取 10 m/s2）（）A.重力做功为1.8 JB.重力做了 0.55 J 的负功C.物体的重力势能一定减少0.55 JD.物体的重力势能一定增加1.25 J二、多项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分11.（本题9 分）某人将一重物由静止举高h,并获得速度v

6、,下列说法正确的是（）A.合外力对物体做的功等于物体机械能的增加B.物体克服重力做的功等于物体重力势能的增加C.人对物体做的功等于物体克服重力做的功与物体获得的动能之和D.人对物体做的功等于物体机械能的增加12.（本题9 分）如图所示，由绝缘材料制成的光滑圆环（圆心为O）竖直固定放置。电荷量为+q（q0）的小球 A 固定在圆环的最高点，电荷量大小为q 的小球B 可在圆环上自由移动。若小球B 静止时，两小球连线与竖直方向的夹角为0=30。，两小球均可视为质点，以无穷远处为零电势点，则下列说法正确的是A.小球B 可能带正电B.。点电势一定为零C.圆环对小球B 的弹力指向圆心D.将小球B 移至圆环最

7、低点，A、B 组成的系统电势能变大13.（本题9分）如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，在将弹簧压缩到最短的整个过程中,下列关于小球和弹簧的能量叙述中正确的是（）A.重力势能和动能之和减小B.重力势能和弹性势能之和总保持不变C.动能和弹性势能之和增大D.重力势能、弹性势能和动能之和总保持不变14.如图所示，内壁光滑半径大小为R的圆轨道竖直固定在水平桌面上，一个质量为，的小球恰好能通过轨道最高点在轨道内做圆周运动。取桌面为重力势能的参考面，不计空气阻力，重力加速度为g。则小球在运动过程中其机械能E、动 能 心、向 心 力?、速 度 的 平 方 它 们 的 大小分别随距桌面高度h的变化图

8、像正确的是1 5.（本题9分）如图，两小木块a和b（可视为质点放在水平圆盘上，a与转轴0 0 的距离为I,质量为m,b与转轴的距离为2 1,质量为m,木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用。表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）0|a bI 门 门ojA.a一定比b先开始滑动B.a、b所受的摩擦力始终相等C.8=杵是a开始滑动的临界角速度D.当b即将滑动时，a所受摩擦力的大小为等16.如图所示，甲、乙两种粗糙面不同但高度相同的传送带，倾斜放置，以同样恒定速率v顺时针转动。现将一质量为m的小物块（视为质点）轻轻放在A处，小物

9、块在甲传送带上到达B处时恰好达到传送带的速率V；在乙传送带上到达离B竖直高度为h的C处时达到传送带的速率V.已知B处离地面高度为H,则在物块从A到B的过程中A.两种传送带对小物块做功相等B.两种传送带因运送物块而多消耗的电能相等C.两种传送带与小物块之间的动摩擦因数不等，甲的小D.两种传送带与物块摩擦产生的热量相等三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17.某实验小组用如图1所示的实验装置 探究功与速度变化的关系。g-n图】实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力。现把长木板右端垫高，在不挂钩码且打点计时器打点的情况下,轻推一下小车，若获得了如（选填 图2或 图3）所示的纸带，表明已平衡了摩擦力和其

10、他阻力。（2）挂上质量为m的钩码，接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点标 为0。在纸带上依次取A、B、C.若干个计数点，已知打相邻计数点间的时间间隔为T,测得A、B、C.各点到0点的距离为XI、X2、X3.如图4所示。Ar/（xio2j）实验中，钩码质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为mg。从 打0点到打B点的过程中，拉力对小车做的功W=,打B点时小车的速度v=o 以W为纵坐标，v2为横坐标，利用实验数据作出如图5所示的W-v2图像。通过图像可以得到的结论是.1 8.利用如图所示的实验装置做“探究合外力做的功与物体动能改变量的关系”实验，将光电门固定在

11、轨道上 的B点，用重物通过细线拉小车，细线拉力的大小可由拉力传感器测出，小车质量为M,保持小车质量不变，改变所挂重物质量m进行多次实验，每次小车都从同一位置A由静止释放。拉力传感器光电n_ iA_（1）完成该实验时，（填“需要 或 不需要）平衡摩擦力；（2）在正确规范操作后，实验时读出拉力传感器的示数F,测出小车质量M,遮光条宽度d,挡光时间t及 AB间的距离L,则 验 证 动 能 定 理 的 表 达 式 为 （用测得的物理量表示）。四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.（6 分）2016年 8 月 1 6 日 1 时 40分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将世

12、界首颗量子科学实验地球卫星“墨子号 发射升空。已知“墨子号 的公转周期为T,地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,万有引力常量为G,忽略地球自转。求：（1）地球的第一宇宙速度；（2）墨子号 卫星距离地球表面的高度。20.（6 分）（本题9 分）将一个质量m=2.0kg的小球从离地面h=15m高的地方水平抛出，抛出时小球的速度 vo=lOm/s,忽略空气对小球的阻力.求：（1）小球在空中运动的时间；（2）小球落地时的速度大小；（3）小球的重力势能的减少量.（重力加速度g 取 10m/s2）21.（6 分）（本题9 分）为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为0=

13、6 0 长 为 L i=2 6 m 的倾斜轨道A B,通过微小圆弧与长为Lz=m 的水平轨道BC相连，然后在C处2设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A 点高为h=0.9m的水平台面上以一定的初速度V。水平弹出，到 A 点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和 BC间的动摩擦因数均为炉力，g 取 10m/s2.3（1）求小球初速度V。的大小；（2）求小球滑过C点时的速率vc;（3）要使小球不离开轨道，则竖直圆弧轨道的半径R应该满足什么条件？22.（8 分）（本题9 分）如图甲所示，在水平路段AB上有一质量为m=5 x 103k

14、g的汽车，正以vi=10m/s的速度向右匀速行驶，汽车前方的水平路段BC较粗糙，汽车通过整个ABC路段的v-t 图象如图乙所示，在 t=20 s 时汽车到达C点，运动过程中汽车发动机的输出功率P=5xl（）4W,且保持不变.假设汽车在AB和 BC路段上运动时所受的阻力不同但都恒定，汽车可看成质点.求：(2)汽车速度减至8m/s时的加速度a 的大小;(3)BC路段的长度SBC.参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.C【解析】【分析】【详解】D.滑动变阻器的滑片P 从图示位置向右滑动，电路总电阻变大，电路中总电流减小

15、，D 错误；A.电源的内电压减小，则电路外电压变大，A 错误；B.Ri上电压变大，则电流变大，B 错误；C.由于总电流减小，A i电流增大，则 Az电流减小，C 正确考点：考查闭合电路的动态变化分析【点睛】本题应先明确各用电器间的串并联关系，可以先把电表看做理想电表，电流表短接，电压表断路看待，这可以使电路结构变得简单2.C【解析】笔尖沿直尺水平滑动的同时，随着直尺一起竖直向上运动，合速度的方向可能改变，也可能不改变，故可能是直线运动，也可能是曲线运动，故 AB错误；若笔尖沿两个方向都做匀速直线运动，根据平行四边形定则，合速度大小和方向都恒定，故合运动一定是匀速直线运动，故 C 正确；若笔尖沿

16、两个方向都做匀变速直线运动，将速度和加速度都合成，合运动的速度与加速度共线时是直线运动，否则是曲线运动，故 D 错误；故选C。点睛：本题关键是找出分运动和合运动，然后根据平行四边形定则得到合速度与合加速度，根据曲线运动的条件进行分析即可.【解析】【详解】小球不受空气阻力，则小球在运动中机械能守恒；则对抛出到落地点分析可知:m g H =g mv-g mvj故抛出点的动能为故 A 正确。【解析】【详解】因为两个小球均落到斜面上，所以二者的位移偏转角相同，又由于初速度之比为1：2,所以根据位移偏转角的正切值tan6=S，所以运动时间之比为1:2,C正确；再结合x=可得水平位移之比为1：2 4,A错

17、误；再根据=g g/，下落的高度之比为1：4,B错误；再根据速度偏转角的正切值是位移偏转角正切值的两倍可知，速度偏转角相同，速度方向与斜面夹角之比为1：1,D错误5.A【解析】【详解】根据星球表面的万有引力等于重力知道G%=m g 得出：g=g；星球x 的质量和半径分别约为地1球 的 和 上。所以星球表面的重力加速度g=-g=0.4 g,故选A。1 0 2 (景6.D【解析】试题分析：根据在相同时间内水星转过的角度为4,金星转过的角度为。2,则可求得水星的角速度与金星角速度之比为曳=当；根据3 丝=也 0：/，可得=3 ,所以可求出水星和金星到太阳的距离之叼*r*V(y*比；根据7 =主，可求

18、得水星和金星绕太阳运动的周期之比；根据G 工”=m a,则。=丝，知道水a r*r*星和金星到太阳的距离之比后，可求得水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比.选项A是错误的.考点：万有引力定律及牛顿定律.7.B【解 析】【分 析】【详 解】电动机消耗的总功率为：P=IU=20W,选 项 AD错 误；电 阻 R 消 耗 的 电 功 率 为PR=12X5W=5W,选 项 BTJ正 确：电动机不是纯电阻电路，故不适用欧姆定律，故电动机线圈的电阻,，工 上 工 2 0 Q,电动机产生的I电 热 功 率 不 是 20 W 选 项 CD错 误；故 选 B8.A【解 析】：A、匀速圆周运动的线速度大小不变

19、，方 向 时 刻 改 变.故 A 错误.B、匀速圆周运动的角速度大小和方向都不变.，B正确C、D、匀速圆周运动的周期、频率不变，故 C、D 正 确；解决本题的关键知道匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻改变，角速度的大小和方向都不变.9.B【解 析】【详 解】设 甲 两 两 地 距 离 为 2 L,汽车通过甲乙两地的时间分别为t i和 t2,则有：汽车从甲运动到乙的过程中做匀加速 运 动 故 其 平 均 速 度 为%=型 士 生=30km/h,所用时间：同理汽车从乙运动到丙的过程中做匀1 2 匕加速运动故其平均速度E =&=90km/h,汽车所用时间，2=上，所以汽车从甲至丙的平均速度2匕_

20、 2LV =-A +22 =-,-2-km/h=45km/h +J ；故选 B.30 90【点 睛】本题关键明确平均速度的定义和物理意义，要明确平均速度与时间间隔和位移对应，不同时间间隔内的平均速度往往不同.10.C【解 析】在整个过程中，物体下降的高度为：h=1.8-1.25=O.55m:该过程中重力对物体做正功为：W=mgh=0.1xl0 x0.55=0.55J,故 AB错 误；重力做多少正功重力势能就减少多少，故小球的重力势能一定减少 O.55J,故 C 正 确，D 错 误.故 C正 确，ABD错误.二、多项选择题：本 题 共 6 小 题，每 小 题 4 分，共 24分.在 每 小 题

21、给 出 的 四 个 选 项 中，有多项符合题目要 求.全 部 选 对 的 得 4 分，选 对 但 不 全 的 得 2 分，有 选 错 的 得。分11.BCD【解析】【分析】根据动能定理可知：合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，物体重力做的功等于重力势能的变化量，除重力以外的力对物体做的功等于物体机械能的变化量.【详解】根据动能定理可知：合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，故A错误；物体重力做的功等于重力势能的变化量，所以物体克服重力做的功等于物体重力势能的增加量，故B正确；人对物体做的功等于物体机械能的变化量，而物体克服重力做的功等于物体重力势能的增加量，所以人对物体做的功等于物体克服

22、重力做的功与物体获得的动能之和，故C正确；根据除重力以外的力对物体做的功等于物体机械能的变化量，所以人对物体做的功等于物体机械能的增加，故D正确。故 选BCD。12.BD【解析】【详解】A.因小球B处于静止状态，对其受力分析，如下图所示：由于A球带正电，因此小球B一定带负电，故A错误；B.因两球带电量是等量异种电荷，则两者连线的中垂线即为等势线，以无穷远处为零电势点，因此。点的电势为零，故B正确；C.由A选项分析，可知圆环对小球B的弹力背离圆心，故C错误；D.将小球B移至圆环最低点，电场力做负功，导致A、B小球组成的系统电势能变大，故D正确；13.ACD【解析】【详解】对于小球从接触弹簧到将弹

23、簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，弹簧是一直被压缩的，所以弹簧的弹性势能一直在增大。因为小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变，重力势能和动能之和始终减小。故A正确。在刚接触弹簧的时候这个时候小球的加速度等于重力加速度，在压缩的过程中，弹簧的弹力越来越大，小球所受到的加速度越来越小，直到弹簧的弹力等于小球所受到的重力，这个时候小球的加速度为零，要注意在小球刚接触到加速度变为零的过程中，小球一直处于加速状态，

24、由于惯性的原因，小球还是继续压缩弹簧，这个时候弹簧的弹力大于小球受到的重力，小球减速，直到小球的速度为。，这个时候弹簧压缩的最短。所以小球的动能先增大后减小，所以重力势能和弹性势能之和先减小后增加。故B错误。小球下降，重力势能一直减小，所以动能和弹性势能之和一直增大。故C正确。对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。故D正确。故选ACD【点睛】根据能量守恒小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。其中一个能量的变化可以反映出其余两个能量

25、之和的变化。14.CD【解析】【分析】根据竖直平面内小球做圆周运动的临界条件，结合机械能守恒定律分析即可解题。【详解】Y V I X）2A B.小球通过轨道最高点时恰好与轨道间没有相互作用力，则在最高点：=则在最高点小球R的动能：Ek=m v =m g R（最小动能），在最高点小球的重力势能：Ep=2 mgR,运动的过程中小球的动能与重力势能的和不变，机械能守恒，即：E =m g R,故AB错误；C D.小球从最高点到最低点，由动能定理得：m g-2 R =m v -m v ,曝?=5gR,则有在距桌面高度h处有：一 根=；根/一 g m丫 低2,化简得：v2-5 g R-2 g h ,%=团

26、元=j（5 g R-2gh）,故 C、D 正确。i K【点睛】本题主要考查了竖直圆周运动的综合应用，属于中等题型。15.CD【解析】【分析】【详解】A B.两个木块的最大静摩擦力相等。木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：木块所受的静摩擦力f=m32r,m、3相等，f a r,所 以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值，所 以b一定比a先开始滑动，故A B错误；C.当a刚要滑动时，有kmg=m32L解得:故C正确；D.当b刚要滑动时，有kmg=m322 L解得:以a为研究对象，当=J丝 时，由牛顿第二定律得：f=m 321,可解得：

27、V 21 1 ,f =-kmg故D正确。故选CD。16.AC【解析】【详解】A.传送带对小物体做功等于小物块机械能的增加量，两种情况下物体动能的增加量相等，重力势能的增加量也相同，即机械能的增加量相等，根据功能关系知，两种传送带对小物体做功相等，故A正确.C.根据公式v2=2ax,乙物体的位移小，v相等，可知物体加速度关系a单V a乙，再由牛顿第二定律Hmgcos0-mgsin6=ma,得知以甲V i乙；故C正确.D.由摩擦生热Q=fS相 对知，m mH c 叫、/甲图和初,v2于、-mg sin 0=ma=m-2-Hsin。2乙图中：0乙 无2=人，晔sm 9 2,sinJ1 9 1 9解得

28、：,(2r=mg(H-h)+-m v QTQ 乙；故 D 错误.B.根据能量守恒定律，电动机消耗的电能E电 等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能之和，因物块两次从A到B增加的机械能相同，所以将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能甲更多，故B错误.三、实验题:共2小题，每题8分，共1 6分1 7.图3 mgxz e户 外力对物体所做的功和速度的二次方成正比2T【解析】【详解】第一空.当摩擦力平衡后，轻推小车，小车应该在木板上匀速运动，纸带上的点迹应该是均匀的，即为图3所示；第二空.从打。点到打B点的过程中，拉力对小车做的功W=mgX2；第三空.打B点时小车的速度等于AC之间的平均速度，则以=玉

29、 产；第四空.由图像可知，W与v2成正比，即外力对物体所做的功和速度的二次方成正比.1 8.需要 FL=-M(-)22 t【解析】【详解】(1)由于该实验只有绳子的拉力，所以不能有摩擦力做功，所以需要平衡摩擦力.(2)光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，则 在B点的速度dV =根据功能关系可以求出需要验证的关系式为：F L-M v2.2 2 t四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分-1 -ic W19.(1)、二二(2)一二【解析】(1)在地球表面万有引力等于重力有：二 三=二 二又二六=二三解得：二=二二(2)“墨子号 做圆周运动，由牛顿第二定律得：二 二 三=二(二+二

30、)(1)；(U+U 尸 1解得：二=:黄:一二。点睛：万有引力问题的运动，一般接题的两种思路：根据地球表面上的物体重力等于万有引力求解；由卫星绕地球运行，万有引力做向心力求解。20.(1)瓜(2)20m/s(3)300J【解析】在竖直方向做自由落体运动：,1 2h=Qgt-(2)小球落地时竖直方向的速度为vv=g f =i o G /所以小球落地时的速度大小v =*+*=川2+(1 0同/=20m/.小球的重力势能的减少量=m g =2 x 1 O x 1 5 J =3 0 0./.21.(1)76 m/s(2)376 m/s(3)0R1.08m【解析】试题分析：(1)小球开始时做平抛运动：v

31、v2=2gh代入数据解得：=7 2 =V 2 x 1 0 x 0.9=3 V 2 m /sVA 点：tan6 Q=得：匕=%=/m /s=R m /sx tan6 Q 乖)(2)从水平抛出到C 点的过程中，由动能定理得：mg(h+Lisin0)-/.imgLcosO-imgL2=m v l m vo 代入数据解得：vc=3 m/.ymv(3)小球刚刚过最高点时，重力提供向心力，贝(I：m g=段1 2 1 2 m vc=2 m g Ri+z n v代入数据解得Ri=l.08 m1 ,当小球刚能到达与圆心等高时-m v l=m g R2代入数据解得Rz=2.7m当圆轨道与AB相切时R3=BCta

32、n60=l.5 m即圆轨道的半径不能超过1.5 m综上所述，要使小球不离开轨道，R 应该满足的条件是0 Ubc.(Oa=(OhD.C Oa C Dh【答案】C【解析】由于a、b 两点绕同一中心点运动，并且时刻在一条直线上，所 以 a、b 两点的角速度相等，根据v=,可 知va&m a x，根据电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大可知可变电阻R2的阻值从最大到零的过程中可变电阻R2消耗功率一直减小，故选项D正确。1 3.以初速度v水平抛出一质量为m的石块，不计空气阻力，石块在空中运动的过程中，下列说法正确的是A.在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同B.在两个相等的时间间隔内，石块

33、动能的增量相同C.在两个下落高度相同的过程中，石块动量的增量相同D.在两个下落高度相同的过程中，石块的动能的增量相同【答案】AD【解析】【分析】【详解】A、石块做平抛运动，只受重力，在相等时间内重力的冲量/=G&相 同，根据动量定理/=G 0 =可知，在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同，故A正确；B、平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，则在两个相等的时间间隔内，位移M越来越大，根据动能定理片=%=%可知，故在两个相等的时间间隔内，石块动能的增量越来越大，故B错误；C、平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，则在两个下落高度相同的过程中，时间4越来越小，根据动量定理可知，在两个下

34、落高度相同的过程中，石块动量的增量不相同，故C错误；D、平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，则在两个下落高度相同的过程中，根据动能定理纥=%=，g。可知，在两个下落高度相同的过程中，石块的动能的增量相同，故D正确；故选AD.【点睛】石块做平抛运动，只受重力，在相等时间内重力的冲量相同，由动量定理可知，动量的变化量相同.在两个下落高度相同的过程中，重力做功相同，由动能定理可知，石块动能的增量相同，而运动时间不同，动量的增量不同.1 4.（本题9分）2015年10月4日，根据新华社 新华国际 客户端报道，太空本是广袤无垠的空间，却由于人类活动频繁而日益拥挤，科学家们担心，数目庞大的太空垃圾威

35、胁各种宇宙探索活动，可能令人类彻底失去地球同步卫星轨道，下面关于地球同步卫星的说法正确的是A.同步卫星的线速度大小大于7.9km/sB.已知神舟系列飞船的周期约为90分钟，则其轨道半径比地球同步卫星的轨道半径小C.知道地球同步卫星的轨道半径和周期可以计算出它和地球间的引力D.如果已知地球半径结合地球自转周期与地面的重力加速度可估算出地球同步卫星距地面的高度【答案】BD【解析】【详解】A、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以它们运行的线速度一定小于7.9km/s,故A错误；B、根据开普勒第三定律，=K可知，神舟系列飞船

36、的轨道半径比地球同步卫星的轨道半径小，故B正确;c、根据尸=9 竺=上?”，由于地球同步卫星的质量未知，故不能求出计算出它和地球间的引力，故r2 T1C错误;.,.G M m-一=G M m 4 2mz（7?+/i）D、在地表面附件，R?=m g,对地球同步卫星则有,R j/=-不-联立解得-R,即算出地球同步卫星距地面的高度，故D正确;V 4/故 选BD.1 5.（本题9分）如图所示为研究决定平行板电容器电容大小因素的实验装置.两块相互靠近的等大正对的平行金属板M、N组成电容器，板N固定在绝缘座上并与静电计中心杆相接，板M和静电计的金属壳都接地，板M上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板M的位置.

37、在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中，保持电容器所带电荷量不变，对此实验过程的描述正确的是（）4针.A.只将板M从图示位置稍向左平移，静电计指针张角变大B.只将板M从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，静电计指针张角变大C.只将板M从图示位置稍向上平移，静电计指针张角减小D.只在M、N之间插入云母板，静电计指针张角变大【答案】AB【解析】试题分析：A、只将板M从图示位置稍向左平移，d增大，根据知，电容减小，根 据U=羯 电4 九 kd C势差增大，则静电计指针张角变大，故A正确.B、只将板M从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移,正对面积S变小，根 据

38、C=上 一 知，电容减小，根 据U=g知电势差增大，则静电计指针张角变大，故B正 确.C、只将板M从图示位置稍向上平移，正对面积S变小，根据C=-知，电容减小，根 据U=羯4 打 kd C电势差增大，则静电计指针张角变大.故C错 误.D、只在M、N之间插入云母板，介电常数变大，根据C=枭知，电容增大，根 据3鸟知电势差减小，则静电计指针张角变小.故D错 误.故 选AB.4 兀 kd C考点：电容器的动态分析.1 6.（本题9分）已知一只船在静水中的速度为3m/s,它要渡过一条宽度为30m的河，河水的流速为5m/s,则下列说法中正确的是（）A.船不可能渡过河B.船渡河航程最短时，船相对河岸的速度

39、大小为4m/sC.船不能垂直到达对岸D.船垂直到达对岸所需时间为6s【答案】BC【解析】【分析】【详解】A.当静水速度与河岸不平行，则船就能渡过河，A错误；B.以水速矢量尾端为圆心，以小船船速大小为半径做圆，过水速矢量始端做圆的切线，此时小船航程最短，合速度与船速垂直，故船相对河岸的速度大小为丫=五 二3=4m/s,B正确；C.根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸，C正确；D.当静水速与河岸垂直时，渡河时间：D错误。故 选BC,三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）某物理兴趣小组利用图甲所示装置验证机械能守恒定律，当地

40、的重力加速度大小为g甲 下 列 做 法 可 减 小 实 验 误 差 的 是（填字母序号）.A.先松开纸带后接通电源B.用电火花计时器替代电磁打点计时器C.在铝锤和铁锤中，选择铝锤作为重锤(2)在实验中，质量为m的重锤自由下落，带动纸带，纸带上打出的一系列点，如图乙所示，。是重锤刚下落时打下的点.已知打点计时器打点的频率为3则从打点计时器打下0点到打下B点的过程中，重锤的 重 力 势 能 的 减 少 量 为，动能的增加量为;若在实验误差允许的范围内满足等式,则机械能守恒定律得到验证。I 3 e f二一fzd.1k-hi-在图乙所示纸带上，某同学选取了多个计数点，并测出了各计数点到。点的距离h,算

41、出打点计时器打下各计数点时重锤对应的速度大小V,以V2为纵轴，以h为横轴若图线为直线，且其斜率为,则可验证机械能守恒定律。【答案】B mgh2/r网-幻2 网一%)2=gb 2goo【解析】【分析】【详解】(1)1A.先接通电源后松开纸，故A错误；B.用电火花计时器替代电磁打点计时器，纸带与打点计时间的阻力会更小，故B正确；C.在铝锤和铁锤中，选择铁锤作为重锤，阻力会更小，故C错误。故选B.(2)2从打点计时器打下0点到打下B点的过程中，重锤的重力势能的减少量为mgh2；3打B点时，重物的速度大小为B 1 92 y 2由于初速度为零，故此过程中，动能的增加量为2 B 2 4 8 5 3若在误差

42、允许的范围之内有重力势能减少量等于动能的增加量，即gh2=-f2(h3-hi)28则机械能守恒定律得到验证；若重物下落过程中，机械能的减少量与动能的增加量相等，则机械能守恒，即有；mv2=mgh可得v2=2gh所以若以v2为纵轴，以 h 为横轴，可得图线为一直线，且斜率为2g。1 8.如图甲所示，是用电火花计时器验证机械能守恒定律的实验装置。已知当地的重力加速度g=9.80m/s2,电火花计时器所用电源频率为50 H z,重物质量为0.2kg.电火花计器一纸带430雪1 1图甲下列操作中正确的是.A.电火花计时器应接6V交流电源B.应先释放纸带，后接通电源打点C.需使用秒表测出重物下落的时间D

43、.测出纸带上两点间的距离，可知重物相应的下落高度（2）某同学按照正确的操作，得到一条符合实验要求的纸带，如图乙所示.如果打。点时重物速度为0,A、B、C 是打点计时器连续打下的3 个点，计 算 B 点对应的速度时，甲同学用*=2 g x 0 8,乙同学用VB=g苧，你赞成（选填 甲 或 乙）同学的计算方法.C单位：CTRI-1 9.2 0 T23J3图乙该同学用毫米刻度尺测量O 到 A、B、C 的距离，并记录在图乙中（单位cm1打点计时器打B 点时重物的动能为_ _ _ _ _ _ _ _ _ _J,从。到 B 过程中重物重力势能的减少量为 J（计算结果均保留3 位有效数字）.【答案】D 乙

44、0.369 0.376【解析】【详解】第一空.A.打点计时器应接交流电源，故 A 错误；B.开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故 B 错误；C.我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故 C 错误；D.测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度，故 D 正确.故填D.第二空.计算B 点瞬时速度时，若按甲同学的方法用T=2g%B，即认为纸带下落的加速度为g,则不需要计算速度VB的值也会有：m v l=m g xO B,故甲的数据

45、处理方法错误，应该选用乙同学的：某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，=黑，故乙同学正确.2T第三空.B 点的瞬时速度为：%=幺=2 3二 叼 X10-2m/s=1.92m/s,那么此时重物的动能2T 2x0.021 ,1 ,EkB=-w v；=-xO.2xl.922J=0.369J.第四空.从初始位置O 到打下计数点B 的过程中，重锤的重力势能的减少量为：Ep=mgh=0.2x9.8x0.192J=0.376J.四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分1 9.(本题9 分)如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高0.8m顶部水平高台，接着以v=3m/s水平速度离开平台，落至

46、地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A 点切入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑.A、B 为圆弧两端点，其连线水平.已知圆弧半径为R=1.0m,人和车的总质量为200kg,特技表演的全过程中，阻力忽略不计.求：(1)从平台飞出到A 点，人和车运动的水平距离s.(2)人和车运动到达圆弧轨道A 点时对轨道的压力.【答案】(1)1.2m(2)6200N【解析】(1)车做的是平抛运动，很据平抛运动的规律可得,竖直方向上有水平方向上有s=w,解得 s-V,=3x、-1.2m,t-().4s；g V 10(2)摩托车落至A 点时，其竖直方向的分速度为：Vy=gt=4 m/s;到达A 点时速度为：以=Ji?=5 m

47、 l s,设摩托车落地时速度方向与水平方向的夹角为a,则有ta n a=v=4,即有a =53。；v 3对摩托车受力分析可知，摩托车受到的指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力，所以有N.-m g cos a =加%,代 入 数 据 解 得NA=6200N,由牛顿第三定律可知，人和车在最低点。R时对轨道的压力为6200N.2 0.如图所示，小球在外力作用下，由静止开始从A 点出发做匀加速直线运动，到 B点时消除外力.然后,小球冲上竖直平面内半径为R的光滑半圆环，恰能维持在圆环上做圆周运动通过最高点C,到达最高点C后抛出，最后落回到原来的出发点A处.试 求：(1)小球运动到C点时的速度；(2)A

48、、B之间的距离.【答案】(1)丫 =廊(2)S=2 R【解析】试题分析：(1)小球冲上竖直半圆环，恰能通过最高点C,重力恰好提供向心力，根据向心力公式列式即可求解；(2)从 C到 A做平抛运动，根据平抛运动规律列式即可求解.v2(1)小球恰好经过C点，在 C点重力提供向心力，则有：=R解得：v-ygR(2)小球从C到 A做平抛运动，则有：2R=；g广解得：，=2 聆则 A、B之间的距离x=vr=2R2 1.(本题9 分)如图所示，在水平向右的匀强电场中，一不可伸长的绝缘细线的长度为L=40 c m,细线的一端连着一个质量为m=1.0 xl0-4 kg、带电量为q=+5.0 xl0-8 C的小球

49、，另一端固定于0 点，把小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速由A 点释放，当细线转过90。，小球到达B 点时速度恰好为零.不计空气阻力和细线质量，重力加速度g=10 m/sL 求：(1)A、B 两点间的电势差UAB;(1)匀强电场的电场强度E 的大小；(3)小球从A 点运动到B 点过程中的最大速度的大小.(结果可保留根号)【答案】U=-8 x l()3 v(1)E=2xlO4V/m v=272/2-2m/s【解析】【详解】(1)对小球，从 A 运动到8,由动能定理得mgL+q U AB=0-0解得：t/4B=-8xlO3V(1)由E岑 解 得：L iE=2xlO4V/m(3)由Eq=m g

50、,可知在细线转过45。时小球速度最大；从 A 运动到中点，由动能定理得m g Lsin45-E q L（-cos45）=-m v2-02解得:v=2-/2/2-2m/s2 2.(本题9 分)如图所示,质 量 m=0.2kg的金属小球从距水平面h=5.0 m 的光滑斜面上由静止开始释放,运动到A 点时无能量损耗，水平面AB是粗糙平面，与半径为R=0.9m 的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，其中圆轨道在竖直平面内，D 为轨道的最高点，小球恰能通过最高点D,求：(g=10m/s2)小球运动到A 点时的速度大小；(2)小球从A 运动到B 时摩擦阻力所做的功;【答案】10m/s(2)-5.5 J【解析