2020中考复习物理考点归类练习——专题七十四：简单机械（解析版）.pdf

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1、2 0 2 0 中考复习物理考点归类练习一一专题七十四：简单机械考点一：滑轮1.如图所示，重为8牛的物体A和重为1 2 牛的物体B都处于静止状杰，关于以下说法正确的是A.物体A受到的合力为4牛B.物体B受到的合力为4牛C.滑轮C的优点是可以改变用力的方向D.物体A向下移动1 0 厘米，则物体B向上移动2 0 厘米2.用动滑轮提升重物，不计绳重和摩擦.下列说法正确的是A.可以省力B.可以改变力的方向C.可以省功D.提的物体越重，机械效率越低3 .如图所示，用同样大小的力将下列重物匀速提升.若不计摩擦和滑轮重，下列几种情况中，物重最大的是4 .利用如图所示的甲、乙两滑轮组，在相同的时间内用大小相同

2、的力E 和 F 2 分别把质量相等的重物G和 G z 提升到相同的高度，则EJ 由甲 乙A.乙滑轮组做的有用功多B.乙滑轮组绳子末端移动的距离较多C.Fi做功的功率大D.甲滑轮组的机械效率高5.如图所示是某建筑工地用升降机提升大理石的滑轮组示意图.滑轮组通过固定架被固定住，滑轮组中的两个定滑轮质量相等，绕在滑轮组上的绳子能承受的最大拉力为2000N.大理石的密度是2.8X103kg/m3,每块大理石的体积是1.0X 10-2m 3,升降机货箱和动滑轮的总重力是300N.在某次提升15块大理石的过程中，升降机在lm in内将货箱中的大理石沿竖直方向匀速提升了 15m,绳子末端的拉力为F,拉力F

3、的功率为P,此时滑轮组的机械效率为 n.不计绳子的重力和轮与轴的摩擦，g 取 10N/kg.下列选项中正确的是A.升降机一次最多能匀速提升40块大理石B.拉力F 的大小为1300NC.拉力F 的功率P 为 1125WD.滑轮组的机械效率n 为 85%6.如图所示，滑轮组下端用细线吊着边长为0.2 m 的正方体物块，物块放在水平地面上.若用 H=1 2 0 N 的力竖直向下拉绳子的自由端时，物块对地面的压强为6 5 0 0 P a；若用力F?竖直向下拉绳子的自由端时，物块以0.1 m/s 的速度匀速上升，滑轮组的机械效率为8 0%.不计绳重和轮与轴的摩擦，g=1 0 N/k g.则VM7/M7.

4、A.动滑轮重1 5 0 NB.物块的质量为4 0 k gC.若以0.2 m/s 的速度匀速提升物块，滑轮组的机械效率大于8 0%D.若以0.2 m/s 的速度匀速提升物块，竖直向下的拉力大于F?7 .用滑轮组竖直向上提升重物，不计绳重和摩榛，下列措施能提高滑轮组机械效率的是A.增大重物上升的速度 B.增大重物上升的高度C.减小定滑轮的重力 D.减小动滑轮的重力8 .如图所示，工人用2 5 0 N 的力将重4 0 0 N 的物体匀速提升2 m,共用了 1 0 秒，若在此过程中（忽略绳重和摩擦），绳子自由端移动的距离是 m,物体上升的速度是 m/s,动滑轮的重是 N,如果被提升的物体重8 0 0

5、N,则工人需要用 N的力能将物体提升.9 .在下图中，甲是用绳和木棍体验“滑轮组”威力的装置；乙是正在旋转着升降的滚摆.甲 乙(1)图甲证明了(2)图乙说明了1 0.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验,实验数据如下表：实验序号物重G/N物体上升的高度h/0拉力F/N机械效率n20.201.066.7%30.3060.402.580%甲 乙(1)实验中应竖直向上_ _ _ _ _ 拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升，第3次实验中绳子自由端移动的距离为 m.(2)在读取弹簧测力计示数时，测力计应_ _ _ _ _ (选 填“保持静止”或“匀速上升”)；(3)第二

6、次实验时，测力计示数如图乙所示，本 次 测 量 出 滑 轮 组 的 机 械 效 率 为 (百分数保留一位小数)；(4)实验中，小明所用动滑轮的重一定小于 N.（5）通过实验可以得出：同一个滑轮组所提的物体越重，其 效 率 越 （选 填“大”或“小”）；为了提高滑轮组的机械效率，还 可 以 采 取 的 方 法 有 （写出一条即可）考点二：杠杆1.关于力臂，下列说法正确的是A.力臂一定在杠杆上B.从支点到动力作用点的距离叫动力臂C.从支点到力的作用线的距离叫力臂D.力臂不可能为零2.在质量忽略不计的AC硬棒B、C 两点施加件、F2,棒在如图所示位置处于静止状态.K的方向沿00线.A.FIF2 B.

7、F i l f bC.Fi方向沿00线向上 D.R 力臂小于L3.在我国古代，简单机械就有了许多巧妙的应用，护城河上安装的吊桥装置就是一个例子,如图所示.在拉起吊桥过程中A.滑轮起到省力的作用 B.A 点是吊桥的支点C.AB是吊桥的阻力臂 D.吊桥是省力杠杆4.如图所示，在水平力F 的作用下，使重为G 的木棒绕固定点沿逆时针方向缓慢转动至水平位置，在棒与竖直方向的夹角逐渐增大的过程中，下列说法正确的是A.重力G 不变，G 的力臂不变B.拉力F 变大，F 的力臂变小C.拉力F 不变，F 的力臂变大D.重力G 变小，G 的力臂变大5 .两支蜡烛用木棒相连接，设法在其木棒中间插入一枚缝衣针，把针的两

8、端分别放在两个玻璃杯上，将两端同时点燃，发现蜡烛可以绕针轴上下来回摆动，如图所示.关于此装置,下列说法中错误的是A.蜡烛燃烧过程中，化学能转化为光能和内能B.跷跷板两侧的蜡烛必须一样长C.点燃后蜡烛即使两端燃烧速度不同，也能使跷跷板往复翘动D.蜡烛转动的动能来源于蜡烛自身的重力对自己做功6 .下列有关起重机提升货物时机械效率的说法，正确的是（）A.有用功越多，机械效率越高B.同一起重机提起的货物越重，机械效率越高C.额外功越少，机械效率越高D.同一起重机提起同一货物越快，机械效率越高7 .有一种重心在支点处的杠杆，他与转轴间的摩擦较小，因此机械效率很高.若用这种杠杆将质量为1 8 k g 的物

9、体匀速提升50c m 的过程中，杠杆的机械效率为9 0%,则在提升该物体的过程中（g取 1 0N/k g）A.有用功为9 J B.杠杆自重不做额外功C.总功为1 0J D.该杠杆为省力杠杆8 .小刚家厕所的水龙头坏了，关不住水.看到会浪费不少水，小刚很心疼.他立即找来扳手换水龙头，可是费了好大的劲，坏的水龙头却纹丝不动.他又找来一根粗铁管辅助扳手把龙头扳拧下来，这 样 做 的 物 理 原 理 是.9 .在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠 杆（杠杆上每小格长为2c m）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（每个钩码重1 N）.（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示

10、的位置，此 时 杠 杆 处 于 （选 填“平衡”或“不平衡”）状态.(2)实验时，使杠杆在 位置平衡，主要是为了便于测量_ _ _ _的大小，因此他应把甲图 中 杠 杆 的 平 衡 螺 母 向 (左/右)边调.(3)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆A点处挂上2个钩码，作为动力件,B点处挂上1个钩码，作为阻力R,杠杆恰好在水平位置平衡，分别测量出两个力的力臂L和h,计算后发现：F J=FZ1 2,便得出杠杆的平衡条件是：F11I=F212,但小红认为小明这种实验处理方法是不完善的，理由是.(4)接着，小明提出新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小

11、明利用如图丙所示装置进行探究，在杠杆D点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数如图丙所示，则弹簧测力计的拉力是 N.以弹簧测力计的拉力为动力F”钩码重力为阻力R,多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：FL总是大于F J z,其原因主要是杠杆受到了 的影响.(5)小明又把弹簧测力计的作用点固定，只改变测力计与水平方向的角度9 ,则能描述测力计示数F与。关 系 的 图 象 是.1 0.小明同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率.(1)实验中，小明竖直向上匀速拉动弹簧测力计，他 这 样 做 的 目 的 是.(2)实验中，使用该杠杆提升钩

12、码做功时，其额外功主要来源 (写出一条即可)(3)为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，小明同学用该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点.测量并计算得到下表所示的两组数据次数钩码悬挂点钩码总重G/N钩码移动距离h/n拉力F/N测力计移动距离s/m机械效率n/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，不能得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的实验结论.请简要说明两条理由：;.考点三：斜面1.如图所示，邻居大叔正在吃力地把一重物搬上高台，小勇看见后急忙前去帮忙他找来一块木块，搭成图乙所示的斜面，结果非常轻松地把同

13、样地重物推到了高台上，关于这两种方式，下列说示正确的是XT甲ZA.图乙情况下更省力B.大叔的有用功大些C.图乙情况的机械效率高D.小勇做功的功率一定更大2 .甲同学用水桶从井里提水，乙同学把掉在井里的水桶捞上来，水桶里带了一些水，在上述过程中，两位同学都做了功，则下列说法正确的是A,甲做的功都是有用功 B.乙做的功都是有用功C.甲对桶做的功是额外功 D.乙对桶做的功是额外功3 .某同学家新房装修时，在地面与窗台间放置一斜木板，将瓷砖沿木板从地面匀速拉上窗台.如图所示，已知窗台高3 m,木板长5 m,瓷砖重5 0 0 N,沿斜面所用拉力4 0 0 N,则斜面的 机 械 效 率 是.若仅使斜面的倾

14、角逐渐增大，沿 斜 面 向 上 的 拉 力 将 逐 渐,此斜面 的 机 械 效 率 将 逐 渐(后 两 空 选 填“增大”、“不变”或“减小”).4.用图示装置探究“斜面机械效率”，实验记录如下表.实验次数物体种类物重G/N斜面高h/cm沿斜面的拉力F/N斜面长s/cm机械效率n A1木块4151.19060.62小车41590(1)沿斜面拉动物体时，应使其做 运动.(2)根据图中测力计的示数，可知第2 次 实 验 的 机 械 效 率 为%.由实验可得初步结论：斜面倾斜程度相同时，越小，机械效率越大.(3)第 1 次实验中，木块所受摩擦力为 N.考点四：简单机械作图1.如图所示，杠杆在力的作用

15、下处于水平平衡状态，L 为动力R 的力臂.请在图中作出阻力臂L2及动力Fi的示意图.2.如图所示，轻质杠杆0A能绕。点转动，请在杠杆中的A 端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力F 的示意图（要求保留作图痕迹）.3.用滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法.2 0 2 0 中考复习物理考点归类练习一一专题七十四：简单机械参考答案考点一：滑轮1.如图所示，重为8牛的物体A 和重为1 2 牛的物体B 都处于静止状杰，关于以下说法正确的是A.物体A 受到的合力为4牛B.物体B 受到的合力为4牛C.滑轮C 的优点是可以改变用力的方向D.物体A 向下移动1 0 厘米，则物体B 向上移动2 0 厘米【答案】C【

16、解析】A.因为物体A 静止，合力为零，故 A 说法错误；B.因为物体B 静止，合力为零，故 B 说法错误；C.图中滑轮C 为定滑轮，其优点是可以改变用力的方向，故 C 正确；D.物体A 向下移动 1 0 厘米，则物体B 向上移动1 0 厘米，故 D 错 误.故 选 C.2.用动滑轮提升重物，不计绳重和摩擦.下列说法正确的是A.可以省力B.可以改变力的方向C.可以省功D.提的物体越重，机械效率越低【答案】A【解析】A.使用动滑轮省力但赛距离，故 A正确；B、动滑轮实质是一个动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮省力但不能改变力的方向，故 B错误，C.由功的原理可知，使用任何机械都不省功，故 C错误

17、；D.滑轮组的机械效率1 =湛 =.动滑轮的重力不变，也就是说额外%G h +G 动 G+G 动功不变，增加物体的重力，就可增加有用功占总功的比值，可增大机械效率，故 D错误.故选A.3.如图所示，用同样大小的力将下列重物匀速提升.若不计摩擦和滑轮重，下列几种情况中，物重最大的是【答案】C【解析】不计摩擦和滑轮重，用同样大小的力F将重物匀速提升,A.此滑轮为动滑轮,可以省一半力，所以F=G A,GA=2 F,2B.此滑轮为定滑轮,不省力，所以GB=F；C.此滑轮组绳子股数为3,所以F=；G,所以物重G c=3 F；D.此滑轮组绳子股数为2,所以F=；G,所以物重G n=2 F；所以物体重力最大

18、的是C.故选c.4.利用如图所示的甲、乙两滑轮组，在相同的时间内用大小相同的力R和 F 2 分别把质量相等的重物附和G 2 提升到相同的高度，则A.乙滑轮组做的有用功多B.乙滑轮组绳子末端移动的距离较多C.R做功的功率大D.甲滑轮组的机械效率高【答案】C【解析】A.已知滑轮组把质量相等的重物提升到相同的高度，由公式W产G h=m g h 可知，两个滑轮组做的有用功相同.故A错误；B.甲滑轮组由3段绳子承担物重，则 S F 3 h,乙滑轮组由2段绳子承担物重，则 s 尸2 h,比较可知，甲滑轮组绳子末端移动的距离较多.故B错误；C.在相同的时间内，甲滑轮组绳子末端移动的距离较多，所以甲绳端移动速

19、度大于乙绳w Fs端移动速度.根据P=F v,拉力F相同，所以R的功率大.故C正确，t tGh Gh GD.甲滑轮组的机械效率：n1=-=-=-=；则乙滑轮组的机械效率：%骼 F3h 3F%2 Gh Gh GH 2=-.%2 勺 2 Flh 2 F所以乙滑轮组的效率高.故D错误.故选C.5.如图所示是某建筑工地用升降机提升大理石的滑轮组示意图.滑轮组通过固定架被固定住，滑轮组中的两个定滑轮质量相等，绕在滑轮组上的绳子能承受的最大拉力为2 0 0 0 N.大理石的密度是Z.g X I O T g/m S,每块大理石的体积是1.0 X 1 0-2 m 3,升降机货箱和动滑轮的总重力是3 0 0 N

20、.在某次提升1 5 块大理石的过程中，升降机在l m i n内将货箱中的大理石沿竖直方向匀速提升了 1 5 m,绳子末端的拉力为F,拉力F的功率为P,此时滑轮组的机械效率为 T 1.不计绳子的重力和轮与轴的摩擦，g取 1 0 N/kg.下列选项中正确的是A.升降机一次最多能匀速提升4 0 块大理石B.拉力F的大小为1 3 0 0 NC.拉力F的功率P 为 1 1 2 5 WD.滑轮组的机械效率n 为 85%【答案】C【解析】m(1)由=歹 得 每块大理石的质量：m=P V=2.8X 1 03kg/m3X 1.O X 1 0 V=2 8kg每块大理石重：G=m g=2 8kg X 1 0 N/k

21、g=2 80 N；升降机一次能够提起的总重为G总=3 X F*大=3 X 2 0 0 0 N=6 0 0 0 N升降机一次能提起的大理石的总重为G石 4 总-G o=6 O O O N-3 O O N=5 7 O O N升降机一次能提起的大理石的块数为朽 9包=缪 当 心 2 0 (块)，故 A错；G 2 80 N(2)提升 1 5 块大理石的过程中，钢丝绳端移动的距离：s=3 h=3 X 1 5 m=4 5 mF=L (G+GO)=2(1 5 X 2 80 N+3 0 0 N)=1 5 0 0 N,故 B 错；3 3(3)把货物提升 1 5 nl 拉力做的功：W=F s=1 5 0 0 N

22、X 4 5 m=6.7 5 X 1 04J升降机的功率为P=IJV =66/7D5 XX11U04 T=1 2 5 W；故 C正确；t 6 0 s(4)W tf f l=G h=1 5 X 2 80 N X 1 5 m=6.3 X 1 04J,W,：!6 3X1 O4TT I=-7L X 1 0 0%=.-X 1 0 0%=9 3.3%,故 D 错.%6.75 xlO4 J故选C.6.如图所示，滑轮组下端用细线吊着边长为0.2 m 的正方体物块，物块放在水平地面上.若用 R=1 2 0 N 的力竖直向下拉绳子的自由端时，物块对地面的压强为6 5 0 0 Pa；若用力F。竖直向下拉绳子的自由端时

23、，物块以0.1 m/s 的速度匀速上升，滑轮组的机械效率为80%.不计绳重和轮与轴的摩擦，g=1 0 N/kg.则A.动滑轮重1 5 0 NB.物块的质量为4 0 kgC.若以0.2 m/s 的速度匀速提升物块，滑轮组的机械效率大于80%D.若以0.2 m/s 的速度匀速提升物块，竖直向下的拉力大于F?【答案】B【解析】若用F F 1 2 0 N 的力竖直向下拉绳子的自由端时，物块对地面的压强为6 5 0 0 Pa；物块对地面的压力是 F=p s=6 5 0 0 Pax 0.0 4 m 2=2 6 0 N,滑轮对物体的拉力是G-260N=弓 不计绳重和轮与轴的摩擦耳=）（七+G动），2 4=G

24、-260N+G 动；若用力F?竖直向下拉绳子的自w右由端时，物块以O.l m/s 的速度匀速上升，滑轮组的机械效率为80%.=8 0%,即w有+w额G-=8 0%得到G：G 动=4：1；由和解得G 动=1 0 0 N,G=4 0 0 N；物体的质量计算G+G 动4 0 kg,动滑轮的重是1 0 0 N,选项A错误，选项B 正确.滑轮组的机械效率和提升物体的速度无关，选项C错误，若以0.2 m/s 的速度匀速提升物块，竖直向下的拉力等于左，选项D错误.故 选 B.7.用滑轮组竖直向上提升重物，不计绳重和摩梭，下列措施能提高滑轮组机械效率的是A.增大重物上升的速度 B.增大重物上升的高度C.减小定

25、滑轮的重力 D.减小动滑轮的重力【答案】D【解析】用滑轮组竖直向上提升重物时，有用功：WGh,不计绳重和摩橡，额外功：W*G仙,总功：瞑”有+人=6 物 9G动 力；用 G物h G 物则滑轮组的机械效率：=设 =，=.物万；%G物 +G动 G物+G动由此可知，滑轮组机械效率的高低与重物上升的高度、定滑轮的重力和重物上升的速度无关，故 BC D 错误；由上式可知，减小动滑轮的重力，可减小额外功，能提高滑轮组的机械效率，故 A正确;故选A.8.如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m,共用了 10秒，若在此过程中(忽略绳重和摩擦)，绳子自由端移动的距离是 m,物体上升的速度是 m

26、/s,动滑轮的重是 N,如果被提升的物体重800N,则工人需要用 N 的力能将物体提升.【答案】(1).4(2).0.2(3).100(4).450【解析】由图可知，承担重物 绳子的股数n=2,所以将重400N的物体匀速提升2m,共用了 10秒,在此过程中，绳子自由端移动距离是s=2h=2X2m=4m,物体上升的速度:端 二 2m由 F=g(G +G,、p 得，G诩=2 F-G =2 x 2 5 0 N-4 0 0 =1OON如果被提升的物体重800N,则工人需要用力F=-C G +G Q =(8OO N+1OON)=450N2 动29.在下图中，甲是用绳和木棍体验“滑轮组”威力的装置；乙是正

27、在旋转着升降的滚摆.(1)图甲证明了乙(2)图乙说明了【答案】(1).滑轮组可以省力(2).动能和重力势能可以相互转化【解析】(1)由图甲可知，绳子和木棍组合在一起，起到滑轮组的作用，而用较小的力就可以使作用有较大力的两根木棍靠拢，说明使用滑轮组可以省力.(2)由图乙可知，在滚摆上升过程中，滚摆的高度增加，速度减小，滚摆的动能转化为滚摆的重力势能；滚摆下降时，高度减小，速度增大，滚摆的重力势能减小，动能增加，滚摆的重力势能转化为滚摆的动能.可见，动能和重力势能可以相互转化.故答案为(1)滑轮组可以省力；(2)动能和重力势能可以相互转化.1 0.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用

28、同一滑轮组进行了三次实验，实验数据如下表：实验序号物重G/N物体上升的高度h/m拉力F/N机械效率n20.201.066.7%30.3060.402.580%(1)实验中应竖直向上_ _ _ _ _ 拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升，第 3 次实验中绳子自由端移动的距离为 m.(2)在读取弹簧测力计示数时，测力计应_ _ _ _ _ (选 填“保持静止”或“匀速上升”)；(3)第二次实验时，测力计示数如图乙所示，本 次 测 量 出 滑 轮 组 的 机 械 效 率 为 (百分数保留一位小数)；(4)实验中，小明所用动滑轮的重一定小于 N.(5)通过实验可以得出：同一个滑轮组所提的物体越重，其 效

29、率 越 (选 填“大”或“小”)；为了提高滑轮组的机械效率，还 可 以 采 取 的 方 法 有 (写出一条即可)【答案】.匀速(2).1.2 (3).匀速上升(4).7 1.4%(5).1 (6).大(7).换用轻质的动滑轮(或减小摩擦等)【解析】(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；由图知，绳子的有效段数为3,根据s=n h,第 3 次实验中绳子自由端移动的距离为：3 X 0.4 0 m=1.2 m；(2)匀速提升物体时，还需克服机械摩擦做功，所以为了准确测量滑轮组提升物体时的机械效率，在读取弹簧测力计示数时，弹簧测力计应匀

30、速上升；(3)第二次实验时，测力计示数如图乙所示，测力计分度值为0.2 N,力的大小为L 4 N,根据s=n h,第二次实验中绳子自由端移动的距离为：s=3 h=3 X 0.3 0 m=0.9 0 m；本次测量出滑轮组的机械效率为：1 1 一%_Gh 3NxQ.3m 1.4A/x 0.90/72X1 0 0%N7 1.4%；(4)实验中，额外功的来源为克服动滑轮自重和机械摩擦做功，假设不计摩擦，根据作用在绳子自由端的拉力：F=G+%,由表中第1 组数据，3Gf t=3 F1-G1=3 X 1.0 N-2 N=l N,故实验中小明所用动滑轮的重一定小于1 N；(5)纵向比较表中数据可知，同一滑轮

31、组，所提的物体越重，其机械效率越大；在有用功一定的情况下，提高机械效率，还可以从减小额外功考虑，可换用轻质的动滑轮(或减小摩擦等).考点二：杠杆1.关于力臂，下列说法正确的是A.力臂一定在杠杆上B.从支点到动力作用点的距离叫动力臂C.从支点到力的作用线的距离叫力臂D.力臂不可能为零【答案】C【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离，简单地说，就 是“点到线”的距离，而不是“点”到“点”的距离.当力的作用线通过支点时，力臂为零.力臂不一定是杠杆长度，也不一定在杠杆上.杠杆越大，力臂不一定越大，如图所示.综上分析，只有选项C正确.故选C.2.在质量忽略不计的AC硬棒B、C两点施加用、F2,棒在如图所

32、示位置处于静止状态.R的方向沿00线.A.FI 2,故 A错误；B.由于L 不是&的力臂，所以FL rFzL z,故 B错误；C.已知Fz的方向是竖直向下的，为保持杠杆平衡,H 的方向应该沿0 0 向上，故 C正确；D.从支点到力的作用线的垂线段叫力臂，所以R 力臂是L,故 D错误.故选C.3.在我国古代，简单机械就有了许多巧妙的应用，护城河上安装的吊桥装置就是一个例子,如图所示.在拉起吊桥过程中A.滑轮起到省力的作用 B.A点是吊桥的支点C.AB是吊桥的阻力臂 D.吊桥是省力杠杆【答案】D【解析】由图可知吊桥绕着B 点转动，所以护城河上安装的吊桥的支点是B 点；在匀速拉起吊桥时，拉力的作用点

33、是A 点，阻力的作用点是桥AB的中点，过支点B 做力作用线的垂线得到的线段，即为力臂，比较两力臂的大小可知，它的动力臂大于阻力臂，所以属于一个省力杠杆；定滑轮的作用是改变力的方向，而不能省力.故选D.4.如图所示，在水平力F 的作用下，使重为G的木棒绕固定点沿逆时针方向缓慢转动至水平位置，在棒与竖直方向的夹角逐渐增大的过程中，下列说法正确的是A.重力G不变，G的力臂不变B.拉力F 变大，F 的力臂变小C.拉力F 不变，F 的力臂变大D.重力G变小，G的力臂变大【答案】B【解析】因为重力G不会变.由图可知，在木棒转动过程中，拉力F 的力臂L 在减小，重力G的力臂&在增大.选项B 正确，A.D错误

34、；由根据杠杆的平衡条件，得 FL=GLz,在 G不变的情况下,L 减小,Lz增大，所以拉力F 增大，所以选项C 错 误.故 选 B.5.两支蜡烛用木棒相连接，设法在其木棒中间插入一枚缝衣针，把针的两端分别放在两个玻璃杯上，将两端同时点燃，发现蜡烛可以绕针轴上下来回摆动，如图所示.关于此装置,下列说法中错误的是A.蜡烛燃烧过程中，化学能转化为光能和内能B.跷跷板两侧的蜡烛必须一样长C.点燃后蜡烛即使两端燃烧速度不同，也能使跷跷板往复翘动D.蜡烛转动的动能来源于蜡烛自身的重力对自己做功【答案】B【解析】A、蜡烛燃烧过程中，化学能转化为内能和光能，故A正确；B、由于蜡烛的粗细可能不同，则跷跷板两侧的

35、蜡烛不一定一样长，故B错误；CD,将两端同时点燃，在火焰的加热下会不断滴下蜡油；假设左边燃烧的速度快，那么左边很快就会变轻，于是右边下沉；因为火苗向上烧，所以下沉的一端由于火焰烧烤蜡烛而熔化较快，所以右边很快就变轻了，这样右边就翘起来，左边下沉，如此往复循环，装置就会来回自动摆个不停；所以，即使两端燃烧速度不同，也能使跷跷板往复翘动，故C正确；在整个过程中，是由于重力做功使装置上下来回摆动的，即蜡烛转动的动能是由重力势能转化而来的，故D正确.故选B.6.下列有关起重机提升货物时机械效率的说法，正确的是（）A.有用功越多，机械效率越高B.同一起重机提起的货物越重，机械效率越高C.额外功越少，机械

36、效率越高D.同一起重机提起同一货物越快，机械效率越高【答案】B【解析】机械效率是有用功与总功的比值，若只知道有用功越多，而总功的多少不确定，则无法判断有用功与总功比值的大小，即不能判断机械效率的高低，故 A错误；起重机提起的货物做有用功变化时，所做的额外功基本不变，此时有用功在总功中所占的比重会变大，所以它的机械效率就越大，故 B正确；机械效率越高，说明所做有用功占总功的比值大，额外功所占总功的比值小，而不是做的额外功越少，故 C错误；使用滑轮组做功越快，说明功率越大，但机械效率与功率无关，故 D错误，故选B.7.有一种重心在支点处的杠杆，他与转轴间的摩擦较小，因此机械效率很高.若用这种杠杆将

37、质量为1 8 kg 的物体匀速提升5 0 cm的过程中，杠杆的机械效率为9 0%,则在提升该物体的过程中（g取 1 0 N/kg）A.有用功为9 J B.杠杆自重不做额外功C.总功为1 0 J D.该杠杆为省力杠杆【答案】B【解析】A,有用功 WM=Gh=m g h=1 8 kg X 1 0 N/kg X 0.5 m=9 0 J,故 A 错误；B、重心在支点处的杠杆，重心的位置不变，没有克服杠杆自重做额外功，故 B正确；C、吸Iga|t-7 _ r 3根据 n =777%.可知，总功W .%9 0 J 辽 心、口=1 0 0 J,故 C 错误;H 9 0%D、重心在支点处的杠杆，其动力臂和阻力

38、臂的大小关系不知道，所以无法判断它属于哪种类型的杠杆，故 D错误.故选B.8.小刚家厕所的水龙头坏了，关不住水.看到会浪费不少水，小刚很心疼.他立即找来扳手换水龙头，可是费了好大的劲，坏的水龙头却纹丝不动.他又找来一根粗铁管辅助扳手把龙头扳拧下来，这 样 做 的 物 理 原 理 是.【答案】增大动力臂，减小动力【解析】使用一根粗钢管，套在扳手柄上是加大了动力臂，所以会更省力，此时相当于省力杠杆.9.在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠 杆（杠杆上每小格长为2 cm）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（每个钩码重1 N）.图2（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示

39、的位置，此 时 杠 杆 处 于 （选 填“平衡”或“不平衡”）状态.（2）实验时，使杠杆在 位置平衡，主要是为了便于测量_ _ _ _ 的大小，因此他应把甲图 中 杠 杆 的 平 衡 螺 母 向 （左/右）边调.（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆A点处挂上2个钩码，作为动力R,B点处挂上1个钩码，作为阻力F 2,杠杆恰好在水平位置平衡，分别测量出两个力的力臂L 和 h,计算后发现：F L=F 2 1 2,便得出杠杆的平衡条件是：F111=F212,但小红认为小明这种实验处理方法是不完善的，理由是.(4)接着，小明提出新的探究问题：”若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然

40、成立？”于是小明利用如图丙所示装置进行探究，在杠杆D点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数如图丙所示，则弹簧测力计的拉力是 N.以弹簧测力计的拉力为动力%,钩码重力为阻力 F 2,多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：FL 总是大于F z L,其原因主要是杠杆受到了 的影响.(5)小明又把弹簧测力计的作用点固定，只改变测力计与水平方向的角度e,则能描述测力计示数F与。关 系 的 图 象 是.【答案】(1).平衡(2).水平(3).力臂(4).右(5).没有经过多次测量就得出结论，结论不具有普遍性(6).3.3 (7).杠杆重力(8)

41、.B【解析】(1)杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；(2)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂.他把杠杆右端的平衡螺母调到最右边，但是杠杆仍然不能水平平衡，接下来他应该把左端的平衡螺母往右调；(3)小明仅凭一测量就得出杠杆平衡条件，这种实验处理方法是不完善的，因为实验次数过少，会导致实验结论具有偶然性，应该改变动力或阻力的方向进行多次测量，寻找普遍规律，以避免偶然性.(4)由图可知，弹簧测力计的刻度值为0.1 N,指针在3 N 以下三格处，示数为3.3 N.用如图丙所示装置进行探究，杠杆的

42、重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响.(5)当测力计和杠杆的角度从0度逐渐增加到90 度时，动力臂越来越大，动力越来越小，当测力计和杠杆垂直时，此时动力臂最大，动力最小，当测力计和杠杆的角度从90 度逐渐增加到1 8 0 度时，角度越大，动力臂越小，动力越大.所以B图象符合题意.故答案为(1)平衡；(2)水平;力臂;把左端的平衡螺母往右调；(3)没有经过多次测量就得出结论，实验没有普遍性；(4)3.3；杠杆重力；(5)B.1 0.小明同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率.(1)实验中，小明竖直向上匀速拉动弹簧测力计，他 这 样 做 的 目 的 是.(2)实验中，使用该杠杆提升钩码

43、做功时，其额外功主要来源 (写出一条即可)(3)为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，小明同学用该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点.测量并计算得到下表所示的两组数据次数钩码悬挂点钩码总重G/N钩码移动距离h/n拉力F/N测力计移动距离S/B机械效率11/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，不能得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的实验结论.请简要说明两条理由：;_ _ _ _ _.【答案】(1).使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等(2).杠杆自重(或杠杆支点处的摩擦)(3).两次实验钩码没有

44、挂在同一位置(4).一次对比实验所得结论是不可靠的【解析】(1)杠杆所受的一个力是钩码对它的拉力，竖直向下，大小跟钩码重力一样大，所以弹簧测力计拉力应该竖直向上，这样可以确保两个力的力臂比值不变，移动中拉力也就不变，便于分析机械效率，匀速是为了让杠杆处于平衡状态；(2)杠杆自身有重力，对杠杆做的功是额外功的主要来源，另外杠杆支点处的摩擦也会产生额外功；(3)分析机械效率的影响因素应采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持钩码的位置不变；原实验中先后将钩码挂在A.B两点，是错误的；为避免实验的偶然性，应进行多次实验，分析多组数据，才能得出正确结论.原实验中只凭一次实验数据对比做出

45、结论是不科学的.考点三：斜面1.如图所示，邻居大叔正在吃力地把一重物搬上高台，小勇看见后急忙前去帮忙他找来一块木块，搭成图乙所示的斜面，结果非常轻松地把同样地重物推到了高台上，关于这两种方式，下列说示正确的是甲乙A.图乙情况下更省力B.大叔的有用功大些C.图乙情况的机械效率高D.小勇做功的功率一定更大【答案】A【解析】A.斜面是一种省力机械，利用斜面将物体推上高台可更省力，故A正确;B.这两种方法，都把重物推到了高台上，两人做同样多的有用功，克服重力做功相同，故B错误；C.由于甲中情况直接克服物体重力做功，所以甲种情况下的机械效率高.故C错误；D.功率等于功与时间的比值，由于题中没有给出时间，

46、不能确定哪个做功的功率大.故D错误.故选A.2 .甲同学用水桶从井里提水，乙同学把掉在井里的水桶捞上来，水桶里带了一些水，在上述过程中，两位同学都做了功，则下列说法正确的是A.甲做的功都是有用功 B.乙做的功都是有用功C.甲对桶做的功是额外功 D.乙对桶做的功是额外功【答案】C【解析】根据题意知道，甲同学的目的是提水，所以对水做的功是有用功，而对桶是不得不做功，则对桶做的是额外功；乙同学的目的是提桶，所以对桶做的功是有用功，而对水是不得不做功，故对水做的是额外功，综上所述，只有C正确，故选C.3 .某同学家新房装修时，在地面与窗台间放置一斜木板，将瓷豉沿木板从地面匀速拉上窗台.如图所示，已知窗

47、台高3 m,木板长5 m,瓷豉重50 0 N,沿斜面所用拉力4 0 0 N,则斜面的 机 械 效 率 是.若仅使斜面的倾角逐渐增大，沿 斜 面 向 上 的 拉 力 将 逐 渐,此斜面 的 机 械 效 率 将 逐 渐 (后两空选填“增大”、“不变”或“减小”).【答案】(1).75%(2).增大(3).增大【解析】(1)G=50 0 N,h=3 m,做的有用功为：W =G h=50 0 N X3 m=1 50 0 J,又因为 s=5m,F=4 0 0 N,所以拉力做的总功为：W =F s=4 0 0 N X5m=2 0 0 0 J.则斜面的机械效率为：n =X 1 0 0%=15 00，/X 1

48、 0 0%=75%.W&2 0 0 0 J(2)若仅使倾角。逐渐增大(即斜面变陡)，拉动物体越赛力，即沿斜面向上的拉力将逐渐增大；(3)其他条件不变，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高.故答案为75%；增大；增大.4.用图示装置探究“斜面机械效率”，实验记录如下表.实验次数物体种类物重G/N斜面高h/cm沿斜面的拉力F/N斜面长s/cm机械效率nA1木块4151.19060.62小车41590(1)沿斜面拉动物体时，应使其做 运动.(2)根据图中测力计的示数，可知第2 次 实 验 的 机 械 效 率 为%.由实验可得初步结论：斜面倾斜程度相同时，越小，机械效率越大.(3)第 1 次实验中，木块所

49、受摩擦力为 N.【答案】匀速直线、9 5.2、摩擦力、0.4【解析】（1）沿斜面拉动物体时，应使其做匀速直线运动；（2）由表格中的数据可知，斜面长是斜面高的6 倍，测力计的示数为0.7N,可知第2次实验的机械效率是n =G/6F=4 N/4.2 N=9 5.2%；斜面倾斜程度相同时，摩擦力越小，机械效率越大；（3）第 1 次实验中的有用功为W肃=G h=O.6 J，总功为W/F s=O.9 9 J,额外功为W覆=3总-W 有=0.3 9 J,所以可知木块所受的摩擦力为f=W，s=0.4 3 N.考点四：简单机械作图1.如图所示，杠杆在力的作用下处于水平平衡状态，L i 为动力R的力臂.请在图中

50、作出阻力臂L 2 及动力F 1 的示意图.【解析】由图可知，0为支点，物体对杠杆的拉力是阻力F z,由0向力F?的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是力臂L 2；作力臂L的垂线即力K的作用线，与杠杆的交点就是作用点，K使杠杆的转动方向与力F z的相反；如下图所示：2.如图所示，轻质杠杆0A能绕0 点转动，请在杠杆中的A 端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力F 的示意图（要求保留作图痕迹）.【答案】2 G【解析】解：杠杆0A能绕0 点转动所以0 为支点，根据杠杆的平衡条件可知，阻力和阻力臂一定时,动力臂最长时动力最小，由图可知：连接0A力臂最长，然后过A 点做力臂的垂线即为力F,如图所示：3.用滑轮