山西省长治二中2023届高三二诊模拟考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量相等的A、B两个物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力、的作用而从静止开始做匀加速直线运动，经过时间和4，A、B的速度分别达到2和时，分别撤去和，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止，两个物体速度随时间变化的图象如图所示，设和对A、B的冲量分

2、别为和，和，对A、B做的功分别为和，则下列结论正确的是A ， B ，C ， D ， 2、科幻电影流浪地球讲述了这样的故事：太阳即将毁灭，人类在地球上建造出巨大的推进器，使地球经历了停止自转、加速逃逸、匀速滑行、减速入轨等阶段，最后成为比邻星的一颗行星。假设若干年后，地球流浪成功。设比邻星的质量为太阳质量的，地球质量在流浪过程中损失了，地球绕比邻星运行的轨道半径为地球绕太阳运行轨道半径的，则地球绕比邻星运行与绕太阳运行相比较，下列关系正确的是（）A公转周期之比为B向心加速度之比为C动能之比为D万有引力之比为3、一颗子弹沿水平方向射向一个木块，第一次木块被固定在水平地面上，第二次木块静止放在光滑的

3、水平地面上，两次子弹都能射穿木块而继续飞行，这两次相比较（）A第一次系统产生的热量较多B第一次子弹的动量的变化量较小C两次子弹的动量的变化量相等D两次子弹和木块构成的系统动量都守恒4、利用碘131()治疗是临床上常用的一种治疗甲亢的方法，它是通过含有射线的碘被甲状腺吸收，来破环甲状腺组织，使甲状腺合成和分泌甲状腺激素水平减少来达到治愈甲亢的目的。已知碘131发生衰变的半衰期为8天，则以下说法正确的是（ ）A碘131的衰变方程为B碘131的衰变方程为C32 g碘131样品经16天后，大约有8g样品发生了衰变D升高温度可能会缩短碘131的半衰期5、如图所示，四个小球质量分别为、，用细线连着，在和之

4、间细线上还串接有一段轻弹簧，悬挂在光滑定滑轮的两边并处于静止状态。弹簧的形变在弹性限度内重力加速度大小为，则下列说法正确的是（）A剪断间细线的一瞬间，小球的加速度大小为B剪断间细线的一瞬间，小球和的加速度大小均为C剪断间细线的一瞬间，小球的加速度大小为零D剪断球上方细线的一瞬间，小球和的加速度大小均为零6、已知地球半径约为6400km，地球表面处的重力加速度g取。则对绕地球运动的卫星来说，下列说法正确的是（）A卫星可以绕地球任意一纬线做圆周运动B卫星可以绕地球任意一经线做圆周运动C卫星在地球表面的运动速度一定不会大于第一宇宙速度D卫星在距地球高度400km的轨道上做圆周运动的周期约为90分钟二

5、、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，理想变压器原线圈上串联一个定值电阻R0，副线圈上接一个滑动变阻器R，原线圈的输入端接在一个输出电压恒定的交流电源上，理想电压表V1、V2、V3的示数分别用U1、U2、U3表示，当滑动变阻器的触头P移动时，下面说法中正确的是（ ）A向上移动滑动触头P，U3与U1的比值变大B向下移动滑动触头P，U3与U2的比值不变C移动滑动触头P，当U3减小时，R0消耗的功率也减小D移动滑动触头P，电阻R0与滑动变阻器R消耗的功率之比始终都等于

6、8、一栋大楼的电梯运行高度为，测试人员测试电梯的运行情况。某次测试时让电梯从地面直达最高处，电梯运行的速度不超过，加速度大小不超过。电梯中的测试人员的质量为，重力加速度g取。若电梯以最短时间运行，下列说法正确的是（）A最短时间为B最短时间为C测试人员的脚部承受的最大压力为D测试人员的脚部承受的最大压力为9、如图所示，虚线边界ab上方有无限大的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。一矩形金属线框底边与磁场边界平行，从距离磁场边界高度为h处由静止释放，则下列说法正确的是A线框穿出磁场的过程中，线框中会产生顺时针方向的感应电流B线框穿出磁场的过程中，线框受到的安培力一定一直减小C线框穿出磁场的过程中，线框

7、的速度可能先增大后减小D线框穿出磁场的过程中，线框的速度可能先增大后不变10、下列说法正确的是A饱和汽压与温度和体积都有关B绝对湿度的单位是Pa，相对湿度没有单位C空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越快D气体做等温膨胀，气体分子单位时间对汽缸壁单位面积碰撞的次数一定变少E. 饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连:弹簧处

8、于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放小球离开桌面后落到水平地面通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等已知重力加速度大小为g，为求得Ek，至少需要测量下列物理量中的 （填正确答案标号）A小球的质量mB小球抛出点到落地点的水平距离sC桌面到地面的高度hD弹簧的压缩量xE.弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示Ek，得Ek= （3）图（b）中的直线是实验测量得到的sx图线从理论上可推出，如果h不变m增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不

9、变”）；如果m不变，h增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不变”）由图（b）中给出的直线关系和Ek的表达式可知，Ep与x的 次方成正比12（12分）用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮，另一端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上，另一端悬挂装有砝码的砝码盘，开始时木块靠近打点计时器。当地的重力加速度为。 （1）实验前，需要调节_的高度，使连接木块的细线与长木板平行。（2）接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻计数点间均有四

10、个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为，测出纸带上计数点0、2间的距离为，计数点4、6间的距离为，则打计数点5时，木块的速度大小为_，木块的加速度大小为_。（3）若木块的质量为，悬挂的砝码和砝码盘的总质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量均为M2 kg的甲、乙两辆小车并排静止于光滑水平面上，甲车的左端紧靠光滑的圆弧AB，圆弧末端与两车等高，圆弧半径R0.2 m，两车长度均为L0.5 m。两车上表面与滑块P之间的动摩擦因数0.2。将质量为m2 kg

11、的滑块P(可视为质点)从A处由静止释放，滑块P滑上乙车后最终未滑离乙车，重力加速度取g10 m/s2。求：(1)滑块P刚滑上乙车时的速度大小；(2)滑块P在乙车上滑行的距离。14（16分）两根足够长的平行金属导轨固定于同一水平面内，两导轨间的距离为L，导轨上垂直放置两根导体棒a和b，俯视图如图甲所示。两根导体棒的质量均为m，电阻均为R，回路中其余部分的电阻不计，在整个导轨平面内，有磁感应强度大小为B的竖直向上的匀强磁场。两导体棒与导轨接触良好且均可沿导轨无摩擦地滑行，开始时，两棒均静止，间距为x0，现给导体棒a一向右的初速度v0，并开始计时，可得到如图乙所示的图像（表示两棒的相对速度，即）。求

12、：（1）0t2时间内回路产生的焦耳热；（2）t1时刻棒a的加速度大小；（3）t2时刻两棒之间的距离。15（12分）如图所示，R为变阻箱，电压表为理想电压表，电源电动势，当变阻箱阻值为时，闭合电键后，电压表读数，求：(1)电路中的电流I和电源内阻r；(2)电源的输出功率P和效率；(3)试推导说明当R为多大时，电源的输出功率最大。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】从图象可知，两物块匀减速运动的加速度大小之都为，根据牛顿第二定律，匀减速运动中有f=ma，则摩擦力大小都为m根据图象知，匀加速运动的加速度分别为：

13、，根据牛顿第二定律，匀加速运动中有F-f=ma，则F1=，F1=，F1和F1的大小之比为11：5；所以：，则I1I1；图线与时间轴所围成的面积表示运动的位移，则位移之比为；两个物体的初速度、末速度都是0，所以拉力做的功与摩擦力做的功大小相等，所以：，则W1W1故选B.点睛：解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比，以及知道速度-时间图线与时间轴所围成的面积表示位移2、C【解析】A万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得解得故故A错误；B万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得解得故故B错误；C万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得动能代入数据计算解

14、得动能之比为故C正确；D万有引力代入数据计算解得故D错误。故选C。3、B【解析】ABC因为第一次木块固定，所以子弹减少的能量全部转化成内能，而第二次木块不固定，根据动量守恒，子弹射穿后，木块具有动能，所以子弹减少的能量转化成内能和木块的动能，因为产热即两次产热相同，所以第二次子弹剩余动能更小，速度更小，而动量变化量等于所以第一次速度变化小，动量变化小，故AC错误，B正确；D第一次木块被固定在地面上，系统动量不守恒，故D错误。故选B。4、B【解析】AB原子核衰变过程中放出电子，根据质量数守恒和电荷数守恒可知，碘131的衰变方程为，故A错误，B正确；C32g碘131样品经16天，即经过2个半衰期，

15、大约有8g样品未发生衰变，衰变的质量为24g，故C错误；D改变温度或改变外界压强都不会影响原子核的半衰期，故D错误。故选B。5、C【解析】AB开始时，弹簧的弹力为，剪断CD间细线的一瞬间，弹簧的弹力不变，则小球C的加速度大小为AB的加速度为零，故AB错误；C同理可以分析，剪断AB间细线的一瞬间，小球C的加速度大小为0，故C正确；D剪断C球上方细线的一瞬间，弹簧的弹力迅速减为零，因此小球A和B的加速度大小为，故D错误。故选C。6、D【解析】A卫星绕地球做圆周运动，是由万有引力提供向心力，卫星绕赤道做圆周运动的圆心一定在地心，绕不在赤道面上的纬线做圆周运动的圆心显然不在地心，选项A错误；B因为经线

16、在随地球自转，而卫星绕地球做圆周运动，没有使其随地球自转的作用力，选项B错误；C对于正在地球表面做离心运动的卫星，其运动速度大于第一宇宙速度，选项C错误；D对于近地卫星，有对于卫星有联立解得T=90分钟选项D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A向上移动滑动触头P，则R变大，则次级电流减小，初级电流减小，R0的电压减小，由于U2=U1-UR0，而U1不变，则初级电压变大，次级电压也变大，即U3变大，则U3与U1的比值变大，选项A正确；B U

17、3与U2的比值等于变压器的次级与初级线圈的匝数比，则向下移动滑动触头P，U3与U2的比值不变，选项B正确；C移动滑动触头P，当U3减小时，则U2也减小，由于U2=U1-UR0，而U1不变，则UR0变大，则此时R0消耗的功率变大，选项C错误；D根据理想变压器的规律可知，输出功率等于输入功率，即电阻R消耗的功率等于原线圈的输入功率，分析原线圈电路可知，电阻R0与原线圈串联，电流相等，功率P=UI，则电阻R0与滑动变阻器R消耗的功率之比等于R0两端电压与原线圈电压之比，电压表V1、V2的示数为U1、U2，则电阻R0与滑动变阻器R消耗的功率之比为，选项D正确；故选ABD。8、AD【解析】电梯运行时间最

18、短，则电梯运动的过程如下：以最大加速度a做初速度为0的加速运动至最大速度v，再以速度v匀速运动，最后以最大加速度a做减速运动至静止。加速和减速过程有对称性。AB匀加速过程与匀减速过程，均有通过的位移匀速过程有又有总时间为故A正确，B错误；CD在加速上升过程测试人员脚部承受的压力最大，有则故C错误，D正确。故选AD。9、AD【解析】A线框穿出磁场的过程中，线框内磁通量减小，由楞次定律可知，线框中会产生顺时针方向的感应电流，故A正确；B线框穿出磁场的过程中，线框所受安培力若大于重力，则线框做减速运动，受到的安培力减小，线框所受安培力若小于重力，则线框做减加速运动，受到的安培力增大，故B错误；CD线

19、框穿出磁场的过程中，线框所受安培力若小于重力，则线框做加速运动，速度增大，产生的感应电流增大，所受安培力增大，当安培力增大到等于重力时，做匀速运动，不会出现速度先增大后减小的情况，故C错误D正确。故选：AD。10、BDE【解析】饱和汽压与温度有关，和体积无关，选项A错误；绝对湿度及压强表示其单位是Pa，相对湿度没有单位，则B正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，则C错误；气体做等温膨胀，分子密度变小，气体分子单位时间对汽缸壁单位面积碰撞的次数一定变少，则D正确；饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等，则E正确；故选BDE。三、

20、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）ABC (2)（3）减小 增大 2【解析】（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，故选ABC（2）由平抛规律可知：竖直方向上：h=gt2，水平方向上：s=vt，而动能Ek=mv2联立可得Ek= ；（3）由题意可知如果h不变，m增加，则相同的L对应的速度变小，物体下落的时间不变，对应的水平位移s变小，s-L图线的斜率会减小；只有h增加，则物体下落的时间增加，则相同的L下

21、要对应更大的水平位移s，故s-L图线的斜率会增大弹簧的弹性势能等于物体抛出时的动能，即Ep=，可知Ep与s的2次方成正比，而s与L成正比，则Ep与L的2次方成正比【点睛】本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，弹性势能转化为物体的动能，从而得出结论根据x与L的图线定性说明m增加或h增加时x的变化，判断斜率的变化弹簧的弹性势能等于物体抛出时的动能和动能的表达式，得出弹性势能与x的关系，x与L成正比，得出Ep与L的关系12、定滑轮 【解析】（1）1调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。（2）23根据时间中点速度等于某段时间

22、的平均速度，则可求打计数点5时，木块的速度大小为根据得木块的加速度（3）4由牛顿第二定律有解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)m/s(2)m【解析】(1)滑块沿圆弧下滑过程机械能守恒，有，设滑块P刚滑上乙车时的速度为v1，此时两车的速度为v2，以滑块和甲、乙两辆小车组成系统，规定向右为正方向，根据系统水平方向动量守恒列出等式：，对整体应用能量守恒有，解得：，滑块P刚滑上乙车时的速度大小为m/s；(2)设滑块P和小车乙达到的共同速度为v，滑块P在乙车上滑行的距离为x，规定向右为正方向，对滑块P和小车乙应用动量守恒有：，对滑块P和小车乙应用能量守恒有解得：。14、 (1) ；(2) ；(3)【解析】(1)t2时刻，两棒速度相等。由动量守恒定律mv0=mv+mv由能量守恒定律，整个过程中产生的焦耳热 得 (2)t1时刻 回路中的电动势此时棒a所受的安培力由牛顿第二定律可得，棒a的加速度 (3)t2时刻，两棒速度相同，由(1)知 0-t2时间内，对棒b，由动量定理，有BiLtmv0即BqL=mv得 又 得15、 (1)，；(2)，；(3)当时最大输出功率为【解析】(1)电路中的电流根据闭合电路欧姆定律，解得内阻为(2)电源的输出功率效率为(3)电源的输出功率为可知当时，电源输出功率最大，即