广东省广州中学2023届高考物理必刷试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、我国计划于2020年发射火星探测器，如图是探测器到达火星后的变轨示意图，探测器在轨道上的运行速度为，在轨道上P点的运行速度为v2，Q点的运行速度为，在轨道上P点的运行速度为v4，R点的运行速度为v5，则下列关系正确的是ABCD2、如图所示，在同一

2、平面内有、三根长直导线等间距的水平平行放置，通入的电流强度分别为1A，2A、1A，已知的电流方向为cd且受到安培力的合力方向竖直向下，以下判断中正确的是（）A的电流方向为abB的电流方向为feC受到安培力的合力方向竖直向上D受到安培力的合力方向竖直向下3、如图，a、b两个物块用一根足够长的轻绳连接，跨放在光滑轻质定滑轮两侧，b的质量大于a的质量，用手竖直向上托住b使系统处于静止状态。轻质弹簧下端固定，竖直立在b物块的正下方，弹簧上端与b相隔一段距离，由静止释放b，在b向下运动直至弹簧被压缩到最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内）。下列说法中正确的是（）A在b接触弹簧之前，b的机械能一直增加Bb接

3、触弹簧后，a、b均做减速运动Cb接触弹簧后，绳子的张力为零Da、b和绳子组成的系统机械能先不变，后减少4、如图所示，左侧是半径为R的四分之一圆弧，右侧是半径为2R的一段圆弧二者圆心在一条竖直线上，小球a、b通过一轻绳相连，二者恰好等于等高处平衡已知，不计所有摩擦，则小球a、b的质量之比为A3:4B3:5C4:5D1:25、如图所示，真空中，垂直于纸面向里的匀强磁场只在两个同心圆所夹的环状区域存在(含边界)，两圆的半径分别为R、3R，圆心为O一重力不计的带正电粒子从大圆边缘的P点沿PO方向以速度v1射入磁场，其运动轨迹如图，轨迹所对的圆心角为120若将该带电粒子从P点射入的速度大小变为v2时，不

4、论其入射方向如何，都不可能进入小圆内部区域，则v1：v2至少为ABCD26、如图甲所示，一金属线圈的横截面积为S，匝数为n匝。t=0时刻，磁场平行于线圈轴线向左穿过线圈，其磁感应强度的大小B随时间t变化的关系如图乙所示。则线圈两端a和b之间的电势差Uab（）A在t=0时刻，Uab=B在t=t1时刻，Uab=0C从0t2这段时间，Uab=D从0t2这段时间，Uab=二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有的负载电阻，原

5、、副线圈匝数之比为1：2，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（ ）A电流表的示数约为B电压表的示数约为C原线圈的输入功率为D副线圈输出的交流电的频率为8、质量m=2kg的小物块在某一高度以v0=5m/s的速度开始做平抛运动，若g=10m/s2，当运动到竖直位移与水平位移相等时，对于物块（）A此时的瞬时速度大小为5 m/sB此时重力的瞬时功率大小为200WC此过程动量改变大小为10（-1）kgm/sD此过程重力的冲量大小为20Ns9、如图所示，光滑水平面上放置一内壁光滑的半圆形凹槽，凹槽质量为，半径为。在凹槽内壁左侧上方点处有一质量为的小球（可视为质点），距离凹槽边缘的高度为。现将小球

6、无初速度释放，小球从凹槽左侧沿切线方向进入内壁，并从凹槽右侧离开。下列说法正确的是（）A小球离开凹槽后，上升的最大高度为B小球离开凹槽时，凹槽的速度为零C小球离开凹槽后，不可能再落回凹槽D从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为10、如图所示，单匝线圈ABCD边长为L，粗细均匀且每边电阻均为R，在外力作用下以速度v向右匀速全部进入场强为B的匀强磁场，线圈平面垂直于磁场方向，且。以下说法正确的是（ ）A当CD边刚进入磁场时，CD两点间电势差为BLvB若第二次以速度2v匀速全部进入同一磁场，则通过线圈某一横截面电量是第一次的2倍C若第二次以速度2v匀速全部进入同一磁场，则外力做功的功率为第

7、一次的4倍D若第二次以速度2v匀速全部进入同一磁场，则线圈中产生的热量是第一次的2倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在学校社团活动中，某实验小组先将一只量程为300A的微安表头G改装为量程为0.3A的电流表，然后用改装的电流表测量未知电阻的阻值。可供选择的实验器材有：微安表头G(量程300，内阻约为几百欧姆)滑动变阻器R1(010)滑动变阻器R2(050)电阻箱R(09999)电源E1(电动势约为1.5V)电源E2(电动势约为9V)开关、导线若干(1)实验小组先用如图(a)所示电路测量表头G的内阻Rg，实验方法是：A按图(a)

8、连接好电路，将滑动变阻器的滑片调至图中最右端；B断开S2，闭合S1，调节滑动变阻器的滑片位置，使G满偏；C闭合S2，并保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使表头G的示数为200，记录此时电阻箱的阻值R0，实验中电源应选用_，滑动变阻器应选用_(选填仪器字母代号)；测得表头G的内阻Rg=_，表头内阻的测量值较其真实值_(选填“偏大”或“偏小”)；(2)实验测得G的内阻Rg=500，要将表头G改装成量程为0.3A的电流表，应选用阻值为_的电阻与表头G并联；(3)实验小组利用改装后的电流表A，用图(b)所示电路测量未知电阻Rx的阻值。测量时电压表V的示数为1.20V，表头G的指针指在原电

9、流刻度的250处，则Rx=_。12（12分）在航空仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温度系数低，电阻率大，耐磨等性能。实验小组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率的实验 ，其操作如下：(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为L_mm；用螺旋测微器测出其直径D如图乙所示，则D=_mm；(2)此圆柱体电阻约为100，欲测量这种材料的电阻率，现提供以下实验器材：A电流表A1（量程50mA，内阻r1=20）；B电流表A2（量程100mA，内阻r2约为40）：C电压表V（量程15V，内阻约为3000）；D滑动变阻器R1（010，额定电流2A）；E.定值电阻R080F.直流电源E

10、（电动势为4V，内阻很小）；G.开关一只，导线若干。为了尽可能精确测量圆柱体的阻值，在所给的方框中设计出实验电路图，并标明所选择器材的物理符号_；(3)此圆柱体长度为L直径D，若采用以上电路设计进行测量 电阻率_（写出表达式）（若实验中用到电流表A1、电流表A2、电压表V，其读数可分别用字母I1、I2、U来表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，长为3l的不可伸长的轻绳，穿过一长为l的竖直轻质细管，两端拴着质量分别为m、m的小球A和小物块B，开始时B先放在细管正下方的水平地面上手握细管轻轻摇动

11、一段时间后，B对地面的压力恰好为零，A在水平面内做匀速圆周运动已知重力加速度为g，不计一切阻力 （1）求A做匀速圆周运动时绳与竖直方向夹角；（2）求摇动细管过程中手所做的功；（3）轻摇细管可使B在管口下的任意位置处于平衡，当B在某一位置平衡时，管内一触发装置使绳断开，求A做平抛运动的最大水平距离14（16分）一长木板在光滑水平地面上匀速运动，在t=0时刻将一物块无初速轻放到木板上，此后长木板运动的速度时间图象如图所示已知长木板的质量M=2kg，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上取g=10m/s2，求：（1）物块的质量m；（2）这一过程中长木板和物块的内能增加了多少？1

12、5（12分）如图所示，水平放置的导热气缸A和B底面积相同，长度分别为2L和L，两气缸通过长度为L的绝热管道连接；厚度不计的绝热活塞a、b可以无摩擦地移动，a的横截面积为b的两倍开始时A、B内都封闭有压强为p0、温度为T0的空气，活塞a在气缸A最左端，活塞b在管道最左端现向右缓慢推动活塞a，当活塞b恰好到管道最右端时，停止推动活塞a并将其固定，接着缓慢加热气缸B中的空气直到活塞b回到初始位置，求（i）活塞a向右移动的距离；（ii）活塞b回到初始位置时气缸B中空气的温度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A在

13、轨道上P点的速度小于轨道上P点的速度，选项A错误；B在轨道上的速度大于经过Q点的圆轨道上的速度，即大于轨道上Q点的速度，选项B错误；C探测器在轨道上运行，若经过P点时瞬时加速，就变成椭圆轨道，而且在P点加速时获得的速度越大，椭圆轨道的远火星点就越远，轨道的远火星点R比轨道上的远火星点Q更远，因此，选项C正确；D设P点到火星中心的距离为r，Q点到火星中心的距离为r1，R点到火星中心的距离为r2，由开普勒第二定律有：，则，选项D错误.故选C.2、C【解析】AB因为的电流方向为cd且受到安培力的合力方向竖直向下，根据左手定则可知导线处的合磁场方向垂直纸面向外，而三根长直导线等间距，故导线和在导线处产

14、生的磁场大小相等，方向均垂直纸面向外，再由安培定则可知的电流方向为ba，的电流方向为ef，故A错误，B错误；C根据安培定则可知和在处产生的磁场方向垂直纸面向外，而的电流方向为ba，根据左手定则可知受到安培力的合力方向竖直向上，故C正确；D根据安培定则可知在处产生的磁场方向垂直纸面向里，在处产生的磁场方向垂直纸面向外，根据电流产生磁场特点可知处的合磁场方向垂直纸面向里，又因为的电流方向为ef，故根据左手定则可知受到安培力的合力方向竖直向上，故D错误。故选C。3、D【解析】A在b接触弹簧之前，b除重力外有绳的拉力做负功，则b的机械能减小，故A错误；Bb接触弹簧后，开始阶段弹力较小，b的合力向下，继

15、续向下加速，b的合力减为零，再变为向上，b才开始减速，同样b加速时也会带动a跟着加速，故b接触弹簧后，ab均先做加速运动后做减速运动，故B错误；Cb接触弹簧后，只要b在加速运动，就一定会带着a加速，绳子的拉力一定不为零，只有在b准备减速时，绳无法拉直，此时绳的张力为零，故C错误；D对a、b和绳子组成的系统而言，弹簧的弹力属于系统的其它力，则接触弹簧前弹力不做功，接触弹簧后弹力做负功，故系统的机械能先不变后减小，故D正确。故选D。4、A【解析】对a和b两个物体受力分析，受力分析图如下，因一根绳上的拉力相等，故拉力都为T；由力的平衡可知a物体的拉力，b物体的拉力，则联立可解得，A正确5、B【解析】

16、粒子在磁场中做圆周运动，如图：由几何知识得：，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：；当该带电粒子从P点射入的速度大小变为v2时，若粒子竖直向上射入磁场粒子恰好不能进入磁场时，即粒子轨道半径，则不论其入射方向如何，都不可能进入小圆内部区域，此时洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，则：，故B正确，ACD错误6、C【解析】由图乙可知，磁感应强度在时间内均匀减小，由法拉第电磁感应定律可知则时间内磁感应强度变化率与时间内的相同，则ab两端电势差相等，故ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

17、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB由题意可知变压器输入电压的有效值，由可知，副线圈两端电压电压表的示数为；通过电阻的电流由得电流表的示数为4A，故A错误，B正确；C变压器两端功率相等，故原线圈的输入电功率等于输出功率故C正确；D交流电的频率变压器不改变交流电的频率，故D错误。故选BC。8、BD【解析】物块做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，当运动到竖直位移与水平位移相等时解得t=1sA此时竖直方向的速度为vy=gt=10m/s则此时的速度为 故A错误；B此时的重力瞬时功率为P=mgvy=200W故B正确；C根据动量定理I=P=m

18、gt=20kgm/s故C错误；D此过程重力的冲量大小为I=mgt=20Ns故D正确。故选BD。9、AB【解析】ABC小球与半圆槽组成的系统在水平方向所受合外力为零，初状态时系统在水平方向动量为零，由动量守恒定律可知，小球第一次离开槽时，系统水平方向动量守恒，球与槽在水平方向的速度相等都为零，球离开槽后做竖直上抛运动，槽静止，小球会再落回凹槽，由能量守恒可知小球离开凹槽后上升的最大高度为。故AB正确，C错误；D从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为，由动量守恒解得故D错误。故选AB。10、CD【解析】A当CD边刚进入磁场时，电动势E=BLv；则CD两点间电势差为选项A错误；B设正方形边

19、长为L。根据感应电荷量经验公式，得：B、L、R都相等，所以两次通过某一横截面的电荷量相等故B错误。C外力做功的功率等于电功率，即则外力做功的功率为第一次的4倍，选项C正确；D根据焦耳定律得：线圈产生的热量则得第二次与第一次线圈中产生的热量之比为2：1，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、E2 R2 R0 偏小 0.5 4.3 【解析】(1)12闭合S2开关时认为电路电流不变，实际上闭合开关S2时电路总电阻变小，电路电流增大，电源电动势越大、滑动变阻器阻值越大，闭合开关S2时微安表两端电压变化越小，实验误差越小，为减小实验误差，

20、电源应选择E2，滑动变阻器应选择R2；34闭合开关S2时认为电路电流不变，流过微安表电流为满偏电流的，则流过电阻箱的电流为满偏电流的，微安表与电阻箱并联，流过并联电路的电流与阻值成反比，则：闭合开关S2时整个电路电阻变小，电路电流变大，大于300A，当表头G示数为200A时，流过电阻箱的电流大于100A，电阻箱阻值小于表头G电阻的一半，实验认为电流表内阻等于电阻箱阻值的一半，因此表头G内阻测量值偏小；(2)5把微安表改装成0.3A的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：(3)6改装后电流表内阻为：微安表量程为300A，改装后电流表量程为0.3A，量程扩大了1000倍，微安表示数为250A时，

21、流过电流表的电流为：25010-61000A=0.25A由图乙所示电路图可知，待测电阻阻值为12、50.15 5.695(5.6935.697) 【解析】(1)1 20分度的游标卡尺，精确度为0.05mm，圆柱体的长度为2螺旋测微器的转动刻度为50格，共0.5mm，一小格的长度为0.01mm，转动刻度估读到零点几格，则圆柱体的直径为(5.6935.697)(2)3直流电源E的电动势为4V，实验提供的电压表为15V，量程太大不合适，而电流表A1的内阻已知，还有一个定值电阻R080，可考虑改装出电压表，量程为量程较合适，改装后待测电阻的最大电流为电流表A2的量程100mA，直接接在待测电阻上指针的

22、偏转幅度小，而改装后的电压表和待测电阻并联后的总电流约为80mA，则电流表A2(100mA)接在干路上指针偏转比较合适；滑动变阻器R1(10)远小于待测电阻阻值100，为了调节方便和更多的获得测量数据，则采用滑动变阻器的分压式接法，电路图如图所示(3)4根据所设计的电路原理可知，待测电阻的电压为待测电阻的电流为由欧姆定律和电阻定律可得待测电阻的阻值为联立解得电阻率为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）=45 ；（2）；(3) 。【解析】（1）B对地面刚好无压力，对B受力分析，得此时绳子的拉力为对A受力分析，如

23、图所示在竖直方向合力为零，故解得 （2）对A球，根据牛顿第二定律有解得故摇动细管过程中手所做的功等于小球A增加的机械能，故有（3）设拉A的绳长为x（lx2l），根据牛顿第二定律有解得A球做平抛运动下落的时间为t，则有解得水平位移为当时，位移最大，为14、（1）4kg（2）24J【解析】（1）长木板和物块组成的系统动量守恒： 代入数据解得： （2）设这一过程中长木板和物块的内能增加量为Q，根据能量守恒定律：15、 (i) (ii) 【解析】(i)设绝热活塞b到达管道口右边且右端面与管口齐平时，A气缸中的活塞a向右移动x，此时A、B中气体压强为p， 则：对A气体：对B气体： 联立解得： ， (ii)设气缸B的温度为T、压度为时，绝热活塞b回到初始位置，对气体B: 对气体A: 联立解得：