北京人民大学附中2023年高三（最后冲刺）物理试卷含解析.doc

《北京人民大学附中2023年高三（最后冲刺）物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《北京人民大学附中2023年高三（最后冲刺）物理试卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m，相互接触，球与地面间的动摩擦因数均为，则：A上方球与下方3个球间均没有弹力B下方三个球与水平地面间均没有摩擦力C水平地面对下方三

2、个球的支持力均为D水平地面对下方三个球的摩擦力均为2、2019年春晚在舞春海）中拉开帷幕如图所示，五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起，若五名领舞者的质量（包括衣服和道具）相等，下面说法中正确的是A观众欣赏表演时可把领舞者看作质点B2号和4号领舞者的重力势能相等C3号领舞者处于超重状态D她们在上升过程中机械能守恒3、如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，原线圈与定值电阻R1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻R2，A、V是理想电表。当R2=2R1时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，则（）A电源输出电压为8VB电源输出功率为4WC当R

3、2=8时，电压表的读数为3VD当R2=8时，变压器输出功率最大4、如图所示，边长为L的正六边形ABCDEF的5条边上分别放置5根长度也为L的相同绝缘细棒。每根细棒均匀带上正电。现将电荷量为+Q的点电荷置于BC中点，此时正六边形几何中心O点的场强为零。若移走+Q及AB边上的细棒，则O点强度大小为(k为静电力常量)(不考虑绝缘棒及+Q之间的相互影响)ABCD5、一试探电荷在电场中自A点由静止释放后，仅在电场力的作用下能经过B点。若、分別表示A、B两点的电势，EA、EB分别表示试探电荷在A、B两点的电势能，则下列说法正确的是( )ABEA EBC电势降低的方向就是场强的方向D电荷在电势越低的位置其电

4、勢能也越小6、如图所示，半径为R的竖直半球形碗固定于水平面上，碗口水平且AB为直径，O点为碗的球心将一弹性小球（可视为质点）从AO连线上的某点c点沿CO方向以某初速度水平抛出，经历时间（重力加速度为g）小球与碗内壁第一次碰撞，之后可以恰好返回C点；假设小球与碗内壁碰撞前后瞬间小球的切向速度不变，法向速度等大反向不计空气阻力，则C、O两点间的距离为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的D形金属盒半径为R。两盒间的狭

5、缝很小，带电粒子穿过狭缝的时间忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直。A处粒子源产生质量为m、电荷量为+q的粒子，在加速器中被加速，加速电压为U。下列说法正确的是（）A交变电场的周期为B粒子射出加速器的速度大小与电压U成正比C粒子在磁场中运动的时间为D粒子第1次经过狭缝后进入磁场的半径为8、如图所示，水平传送带以恒定的速度v运动，一质量为m的小物块轻放在传送带的左端，经过一段时间后，物块和传送带以相同的速度一起运动。已知物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则()A物块加速运动时的加速度为gB物块加速运动的时间为C整个过程中，传送带对物块做的功为mv2D整个过程中，摩擦产生的热量

6、为mv29、两相距2R、电量相等的点电荷Q1、Q2放在水平轴线上，Q1带负电，Q2带正电，O为两者中点。以Q1为圆心、半径为R的球面上有a、b、c三位置，a、Q1、Q2在同一竖直平面内，b、c、Q1在同一水平平面内，且a、b连线与水平轴垂直，b、c连线与水平轴平行，a、O相距为R，如图所示。下列说法正确的是( )Aa、b两处电势相等Bb、c两处电势相等Ca、b两处场强大小相等Db、c两处场强大小相等10、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘空心斜面ABC放置在水平面上，CAB=30，斜面内部0点(与斜面无任何连接)固定一个正点电荷，一带负电可视为质点的小物体可以分别静止在M、P、N点，P为MN的中点，

7、OM=ON，OMAB，下列说法正确的是（）A小物体在M、P、N点静止时一定都是受4个力B小物体静止在P点时受到的摩擦力最大C小物体静止在P点时受到的支持力最大D小物体静止在M、N点时受到的支持力相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值，实验提供的器材如下：A待测电阻Rx（约200）B电源（电动势E约1.4V，内阻r约10）C灵敏电流计G（量程1mA，内阻Rg=200）D电阻R1=50E.电阻R2=200F.滑动变阻器R（阻值范围为0500）G.开关，导线若干(1)由于电源电动势未知，该实验小

8、组经过分析后，设计了如图（a）的测量电路。部分步骤如下：先闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计示数I1=0.90mA，此时电路总电流I总=_mA；(2)同时测出电动势1.35V后，该小组成员在图（a）的基础上，去掉两开关，增加两支表笔M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图（b），则表笔M为_（选填“红表笔”或“黑表笔”）。用改装后的欧姆表先进行电阻调零，再测量Rx阻值，灵敏电流计的示数I如图（c），待测电阻Rx的阻值为_。12（12分）某兴趣小组用如图所示的办法来测玻璃的折射率，找来一切面为半球的透明玻璃砖和激光发生器。若激光垂直底面半径从点射向玻璃砖，则光线沿着_射出；若

9、将激光发生器向左移动，从点垂直底面射向玻璃砖，光线将沿着如图所示的方向从点射出，若想求此玻璃砖的折射率，需要进行以下操作：（a）测玻璃砖的半径：_。（b）入射角的测量：_，折射角的测量：_。（c）玻璃砖的折射率计算表达式：_。（d）将激光束继续向左移动到点，刚好看不到出射光线，则临界角即等于图中_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一位同学在用气垫导轨探究动量守恒定律时，测得滑块甲质量为m甲，它以v1的速度水平撞上同向滑行的滑块乙。乙的质量为m乙，速度为v2。碰撞后滑块甲以v3的速度继续向前运动

10、。求滑块乙的滑行速度v乙的大小。14（16分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A开始经状态B到达状态C，已知气体在状态C时的压强为，该理气体的内能与温度关系满足UkT求:(i)气体在A点的压强大小;(ii)气体从A变化到B再变化到C吸收的热量15（12分）某客机在高空水平飞行时，突然受到竖直气流的作用，使飞机在10s内高度下降150m，如果只研究飞机在竖直方向的运动，且假定这一运动是匀变速直线运动，且在这段下降范围内重力加速度取g= 9m/s2.试计算(1)飞机在竖直方向加速度的大小和方向。(2)乘客放在水平小桌上2kg的水杯此时对餐桌的压力为多大。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小

11、题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】对上方球分析可知，小球受重力和下方球的支持力而处于平衡状态，所以上方球一定与下方球有力的作用，故A错误；下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，所以下方球有运动的趋势，故下方球受摩擦力作用，故B错误；对四个球的整体分析，整体受重力和地面的支持力而处于平衡，所以三个小球受支持力大小为4mg，每个小球受支持力为mg，故C正确；三个下方小球受到的是静摩擦力，故不能根据滑动摩擦力公式进行计算，故D错误故选C2、B【解析】A项：观众欣赏表演时看演员的动作，所以不能将领舞者看作质点，故A错误；B项：2号和4号领舞者始终处于同一

12、高度，质量相等，所以重力势能相等，故B正确；C项：五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起，所以处于平衡状态，故C错误；D项：上升过程中，钢丝绳对他们做正功，所以机械能增大，故D错误故选B3、D【解析】A当时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，根据欧姆定律，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，根据电压与匝数成正比得原线圈电压是根据单相变压器中电流与匝数成反比得原线圈电流是所以电源输出电压为A错误；B电源输出功率为B错误；D根据欧姆定律得副线圈电流为，所以原线圈电流是，所以当时，即电压表的读数为6V；变压器输出的功率所以满足时变压器输入功率最大，解得变压器输出的功率最大为，C错误，D

13、正确。故选D。4、D【解析】根据对称性，AF与CD上的细棒在O点产生的电场强度叠加为零，AB与ED上的细棒在O点产生的电场强度叠加为零.BC中点的点电荷在O点产生的电场强度为，因EF上的细棒与BC中点的点电荷在O点产生的电场强度叠加为零，EF上的细棒在O点产生的电场强度为，故每根细棒在O点产生的电场强度为，移走+Q及AB边上的细棒，O点的电场强度为EF与ED上的细棒在O点产生的电场强度叠加，这两个场强夹角为60，所以叠加后电场强度为；故选D。A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；5、B【解析】A当试探电荷带正电时，

14、当试探电荷带负电时，由于试探电荷所带电荷性质未知，故A错误；B因试探电荷由静止释放，只在电场力作用下能从A运动到B，故无论带何种电荷，电场力总对电荷做正功，电荷的电势能一定减小，故B正确；C电势降落最快的方向是场强的方向，故C错误；D负电荷在电势越低的位置电势能越高，故D错误。故选B。6、C【解析】小球在竖直方向的位移为，设小球与半球形碗碰撞点为D点，则DO的连线与水平方向的夹角为300，过D点作CO连线的垂线交于CO连线E点，则OE=，小球下落h时竖直方向的速度为，则水平方向的速度，所以水平方向的位移为，由几何关系可知，CO=，故C正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

15、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A为了能够使粒子通过狭缝时持续的加速，交变电流的周期和粒子在磁场中运动周期相同，即A错误；B粒子最终从加速器飞出时解得粒子飞出回旋加速器时的速度大小和无关，B错误；C粒子在电场中加速的次数为，根据动能定理粒子在磁场中运动的时间C正确；D粒子第一次经过电场加速进入磁场，洛伦兹力提供向心力解得D正确。故选CD。8、AC【解析】A物块加速运动时，由牛顿第二定律得mg=ma可得a=g故A正确；B物块加速运动的时间为t=故B错误；C整个过程中，根据动能定理得传送带对物块做的功为W=mv

16、2-0=mv2故C正确；D物块加速运的动时间内传送带的位移为x带=vt物块的位移为x物=物块与传送带间相对位移大小为x=x带-x物=整个过程中摩擦产生的热量为Q=mgx=mv2故D错误。故选AC。9、AC【解析】AB在产生的电场中，a、b、c三点等势，在产生的电场中，a、b等势且高于c点电势，故A正确，B错误；C由对称性可知，a、b两点场强大小相等，方向不同，故C正确；Db、c与等距，距的距离b近c远，由平行四边形定则可知，b点场强大于c点，故D错误。故选AC。10、CD【解析】对小物体分别在三处静止时所受力分析如图所示：A结合平衡条件，由图，小物体在P、N两点时一定受四个力的作用，而在M处不

17、一定。故A错误。B小物体静止在P点时，摩擦力f=mgsin30，静止在N点时：f=mgsin30+Fcos30，静止在M点时：f=mgsin30-Fcos30，可见静止在N点时所受摩擦力最大。故B错误。CD小物体静止在P点时，设库仑力为F，受到的支持力：N=mgcos30+F，在M、N点时：N=mgcos30+Fsin30，由库仑定律知：FF，故NN，即小物体静止在P点时受到的支持力最大，静止在M、N点时受到的支持力相等。故CD正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.50 黑表笔 180 【解析】(1)1闭合开关S1、S

18、2，G与R1并联，调节滑动变阻器R，灵敏电流计读数I1=0.90mA，根据并联电路特点，通过R1的电流故此时电路总电流(2)2改装为欧姆表后，表内有电源，根据多用电表“红进黑出”的特点，表笔M应接黑表笔3根据欧姆表的原理，欧姆调零时，有接待测电阻后，读出表的电流为I=0.60mA，电路中的总电流为则有解得12、方向 在白纸上描出两点，并测出长 连接，入射光线与的夹角为 与出射光线的夹角为 【解析】1当光线垂直质界面射入时，传播方向不发生改变，故从点垂直底面射向玻璃砖的光线将沿方向射出。（a）2记录出射点，连接，长即为半径。（b）34连接即为法线，入射光线与夹角为入射角，出射光线与夹角为折射角。

19、（c）5由折射率公式知（d）6当光线从点入射时恰好发生全反射，即此时等于临界角。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】取水平向右为正方向，则碰撞前甲的速度为v1，乙的速度为v2，碰撞后，甲的速度为v3，滑块乙的滑行速度v乙，根据动量守恒定律得解得14、（i）；（ii）V0 +【解析】（i ）已知气体在状态C时的压强为p0，设气体在A点时的压强为pA，根据几何关系可知，气体在状态A时的温度为 根据理想气体状态方程有得：pA=（ii）由于气体从A到B发生的是等压变化，此过程气体对外做功W=pAV=（2V0-V0）=V0气体从A变化到B再变化到C，气体的内能增量：U=k（2T0-）=根据热力学第一定律可知：U=Q-W气体吸收的热量：Q=V0 +15、 (1)3m/s2，方向竖直向下；(2)12N。【解析】(1)根据得a=3m/s2方向竖直向下；(2) 对水杯，根据牛顿第二定律解得FN=12N由牛顿第三定律可知压力