北京市西城区北京第四十四中学2023届高考物理考前最后一卷预测卷含解析.doc

《北京市西城区北京第四十四中学2023届高考物理考前最后一卷预测卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《北京市西城区北京第四十四中学2023届高考物理考前最后一卷预测卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两辆汽车在同一时刻开始运动，运动方向相同。如图所示为运动的图像。车的图像在段和段的形状对称相同。时刻两车并排行驶。下列表述中正确的是（）A内车先加速运动后减速运动B内两车的加速度有一个时刻相同C时刻车在车之前D开始时刻两车的距离与时刻两车的距离相

2、等2、如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动则下列说法中正确的是A两粒子电性相同B甲粒子经过c点时的速率大于乙粒子经过d点时的速率C两个粒子的电势能都是先减小后增大D经过b点时，两粒子的动能一定相等3、如图所示为光电效应实验装置图。实验中用a光照射光电管时，灵敏电流计有示数；而用b光照射光电管时，灵敏电流计没有示数。则下列说法中正确的是（）Aa光频率大于b光频率B若增加b光的照射时间，灵敏电流计将会有示数C若增大b光的光

3、照强度，灵敏电流计将会有示数D用b光照射时，适当增大电源的电压，灵敏电流计将会有示数4、如图所示，电源E，导线，导电细软绳ab、cd，以及导体棒bc构成闭合回路，导电细软绳ab、cd的a端和d端固定不动，加上恰当的磁场后，当导体棒保持静止时，闭合回路中abcd所在平面与过ad的竖直平面成30，已知ad和bc等长且都在水平面内，导体棒bc中的电流I=2A，导体棒的长度L=0.5m，导体棒的质量m=0.5kg，g取10m/s2，关于磁场的最小值和方向，说法正确的是（ ）AT，竖直向上BT，竖直向下C2.5T，由b指向aD2.5T，由a指向b5、在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触

4、点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）AI1增大，I2不变，U增大 BI1减小，I2不变，U减小CI1增大，I2减小，U增大 DI1减小，I2增大，U减小6、如图甲所示，一线圈匝数为100匝，横截面积为0.01m2，磁场与线圈轴线成30角向右穿过线圈。若在2s时间内磁感应强度随时间的变化关系如图乙所示，则该段时间内线圈两端a和b之间的电势差Uab为（ ）AVB2VCVD从0均匀变化到2V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于对分子

5、动理论、气体和晶体等知识的理解，下列说法正确的是_A温度高的物体，其分子的平均动能一定大B液体的分子势能与体积无关C晶体在物理性质上可能表现为各向同性D温度升高，气体的压强一定变大E.热量可以从低温物体传给高温物体8、如图所示,甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图像,乙图为参与波动质点P的振动图像,则下列判断正确的是_.A该波的传播速率为4m/sB该波的传播方向沿x轴正方向C经过0.5s,质点P沿波的传播方向向前传播4mD该波在传播过程中若遇到2m的障碍物,能发生明显衍射现象E.经过0.5s时间,质点P的位移为零,路程为0.4m9、如图所示，足够长U型管内分别由水银封有、两部分气

6、体，则下列陈述中正确是 A只对加热，则h减小，气柱长度不变B只对加热，则h减小，气柱长度减少C若在右管中注入一些水银，将增大D使、同时升高相同的温度，则增大、h减小10、2019年1月11日1时11分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将“中星2D”卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道。该卫星可为全国广播电台、电视台等机构提供广播电视及宽带多媒体等传输任务。若已知“中星2D”的运行轨道距离地面高度h、运行周期T、地球的半径R，引力常量G，根据以上信息可求出（ ）A地球的质量B“中星2D”的质量C“中星2D”运行时的动能D“中星2D”运行时的加速度大小三、实验题：本题共2小题，共18

7、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势和内电阻(1)先用多用电表粗测电池的电动势把多用电表的选择开关拨到直流电压50 V挡，将两表笔与电池两极接触，电表的指针位置如图甲所示，读数为_V(2)再用图乙所示装置进行精确测量多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的应是电池的_极闭合开关，改变电阻箱的阻值R，得到不同的电流值I，根据实验数据作出图象如图丙所示已知图中直线的斜率为k，纵轴截距为b，电流档的内阻为rA ，则此电池的电动势E_，内阻r_(结果用字母k、b、rA

8、表示) (3)多用表直流电流档的内阻对电动势的测量值大小_（选填“有”或“无”）影响12（12分）用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮，另一端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上，另一端悬挂装有砝码的砝码盘，开始时木块靠近打点计时器。当地的重力加速度为。 （1）实验前，需要调节_的高度，使连接木块的细线与长木板平行。（2）接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻计数点间均有四个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为，测出纸带上计数点

9、0、2间的距离为，计数点4、6间的距离为，则打计数点5时，木块的速度大小为_，木块的加速度大小为_。（3）若木块的质量为，悬挂的砝码和砝码盘的总质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，用一块长L1=1.0m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面离地高H=0.8m，桌面长L2=1.5m，斜面和水平桌面间的倾角可以在060之间调节后固定，将质量m=0.2kg的小物块从斜面顶端无初速释放，物块与斜面间的动摩擦因数1=0.05，物块和桌面间的动摩擦因数为2，忽略物块在斜面和

10、桌面交接处的能量损失。（已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，求斜面的倾角；（用正切值表示）（2）当角增大到37时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2；（3）若将（2）中求出的2作为已知条件，继续增大角，求物块落地点与墙面的距离最大值S总，及此时斜面的倾角。14（16分）如图所示，水平传送带与固定斜面平滑连接，质量为m1kg的小物体放在斜面上，斜面与水平方向的夹角为37，若小物体受到一大小为F20N的沿斜面向上的拉力作用，可以使小物体从斜面底端A由静止向上加速滑动。当小物体到达斜面顶端B时，撤去拉力F且水平传送带立即从静止开始以加速度a01m

11、/s2沿逆时针方向做匀加速运动，当小物体的速度减为零时刚好滑到水平传送带的右端C处。小物体与斜面及水平传送带间的动摩擦因数均为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，AB间距离L5m，导槽D可使小物体速度转为水平且无能量损失，g10m/s2。已知sin370.6，cos370.8，求：(1)小物体运动到B点的速度(2)小物体从A点运动到C点的时间(3)小物体从B点运动到C点的过程中，小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量Q15（12分）一列沿x轴传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图实线所示，在t1=0.2s时刻的波形如图虚线所示。(1)若波向x轴正方向传播，求该波的波速；(2)若波向x轴负方向传播

12、，且t1T，求x=2m处的P质点第一次出现波谷的时刻。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A根据图像可知，在内车速度一直在增大，故A错误；B图像斜率表示加速度。如图所示：内车图像斜率有两个时刻与车图像斜率相等，故B错误；C时刻两车并排行驶，在同一位置。图像与轴所围面积为位移，内车正方向运动的位移小于车正方向运动的位移，则时刻车在车之后，故C错误；D因为对称，图象围成的面积相等，所以内与内两车单向运动的位移相等，则开始时刻两车的距离与时刻两车的距离相等，故D正确。故选D。2、B【解析】根据曲线运动时质点所受

13、的合力指向轨迹的内侧可知，甲受到引力，乙受到斥力，则甲与Q是异种电荷，而乙与Q是同种电荷，故两粒子所带的电荷为异种电荷故A错误甲粒子从a到c过程，电场力做正功，动能增加，而乙从a到d过程，电场力做负功，动能减小，两初速度相等，则知甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点时的速度故B正确甲粒子从a到b过程，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大；电场力对乙粒子先做负功后做正功，电势能先增大后减小故C错误a到b时，电场力对两粒子的做的功都是0，两个粒子的速率再次相等，由于不知道质量的关系，所以不能判定两个粒子的动能是否相等故D错误故选B3、A【解析】A实验中用a光照射光电管时，灵敏电流计有示数

14、，说明能够发生光电效应；而用b光照射光电管时，灵敏电流计没有示数，说明不能发生光电效应，可知a光频率大于b光频率，选项A正确；BC根据光电效应的规律可知，若增加b光的照射时间以及增加b光的光照强度，都不能发生光电效应，则灵敏电流计都不会有示数，选项BC错误；D用b光照射时不能发生光电效应，即使适当增大电源的电压，也不会发生光电效应，灵敏电流计也不会有示数，选项D错误。故选A。4、C【解析】对导体棒受力分析，受到重力，绳子的拉力和安培力，拉力和安培力的合力竖直向上，根据三角形定则知，安培力方向与拉力方向垂直时，安培力最小，根据左手定则可知，磁场的方向沿ba所在直线，由b指向a，磁感应强度最小，则

15、根据共点力平衡可知mgsin30=BIL，解得B=2.5T，故C正确，A、B、D错误；故选C。5、D【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析触点向b端移动过程中连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据可知路端电压减小，即U减小， 在干路，通过它的电流增大，所以两端的电压增大，而，所以减小，即并联电路两端的电压减小，所以的电流减小，而，所以增大，D正确6、A【解析】与线圈轴线成30角穿过线圈的向右磁感应强度均匀增加，故产生恒定的感应电动势，根据法拉第电磁感应定律，有：

16、由图可知：Wb/s代入数据解得：VA正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACE【解析】A温度是分子平均动能的标志，温度升高时，分子的平均动能增大，故A正确；B液体分子之间的距离不同，液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子力做功不同，则分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故B错误；C单晶体因排列规则其物理性质为各向异性，而多晶体因排列不规则表现为各向同性，故C正确；D根据理想气体得状态方程可知温度升高，气体的压强不一定增大，还要看体

17、积变化，故D错误；E热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，故E正确。故选ACE。8、ADE【解析】A由甲图读出该波的波长为=4m，由乙图读出周期为T=1s，则波速为v=4m/s，故A正确；B在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向，故B错误；C质点P只在自己的平衡位置附近上下振动，并不随波的传播方向向前传播，故C错误；D由于该波的波长为4m，与障碍物尺寸相差较多，故能发生明显的衍射现象，故D正确；E经过t=0.5s=，质点P又回到平衡位置，位移为零，路程为S=2A=20.2m=0.4m，故E

18、正确9、AD【解析】AB只对L1加热，假设体积不变，则压强增大，所以L1增大、h减小，气柱L2长度不变，因为此部分气体做等温变化，故A正确B错误；C若在右管中注入一些水银，L2压强增大，假设L1的体积不变，L1的压强与h长度的水银柱产生的压强之和随之增大，L1的压强增大，根据玻意耳定律得L1将减小，故C错误；D使L1、L2同时升高相同的温度，假设气体体积不变，L1的压强增大，L2压强不变，则L1增大、h减小，故D正确；故选AD.【点睛】做好本题的关键是知道两边气体压强大小的影响因素，再利用理想气体状态方程判断各物理量的变化10、AD【解析】AB根据可得 但是不能求解m，选项A正确，B错误；C

19、“中星2D”的质量未知，则不能求解其运行时的动能，选项C错误；D根据 可得可求解“中星2D”运行时的加速度大小，选项D正确；故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、12.0； 负 无 【解析】(1)1电压档量程为50V，则最小分度为1V，则指针对应的读数为12.0V；(2)2作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进，黑表笔流出，故黑表笔连接的是电池的负极；34由闭合电路欧姆定律可得： 变形可得：则由图可知：则可解得： (3)5由于多用表存在内电阻，所以由闭合电路欧姆定律得：E=IR+I（RA+r）变形为：由图象可知斜率和不考虑多用

20、表的内电阻时相同，所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。12、定滑轮 【解析】（1）1调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。（2）23根据时间中点速度等于某段时间的平均速度，则可求打计数点5时，木块的速度大小为根据得木块的加速度（3）4由牛顿第二定律有解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）tan= 0.05；（2）0.8；（3）1.9m，53。【解析】（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，有 mgsin=1mgcos解得：tan=1=0.05，斜面的倾角=arctan0.05（2）物块从顶端

21、无初速释放开始直至恰好停在桌面边缘，根据动能定理 W合=得：mgL1sin371mg L1cos372mg（L2L1cos37）=0代入数据，解得2=0.8（3）物块从顶端无初速释放开始直至运动到桌面末端，根据动能定理得：mgL1sin1mg L1cos2 mg（L2L1cos）=代入数据得sin+0.75 cos1.2=变形得（sincos+sincos）1.2=式中tan=0.75，=37，即sin（+37）1.2=则当=53时，有最大值，解得v的最大值为vm=1m/s。对于平抛运动，竖直方向有：H=gt2代入数据，解得物块离开桌面平抛的时间t=0.4s，平抛运动的水平距离最大为x=vmt

22、=0.4m物块落地点与墙面的距离最大值为S总=L2+x=1.9m答：（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，斜面的倾角正切值为tan=0.05；（2）当角增大到37时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，物块与桌面间的动摩擦因数2是0.8；（3）物块落地点与墙面的距离最大值S总是1.9m，此时斜面的倾角是53。14、 (1)；(2)3s；(3)【解析】(1)小物体受到沿斜面向上的拉力作用时，对其进行受力分析，由牛顿第二定律可得解得从到过程中由运动学公式可得解得(2)从到过程中由运动学公式可得小物体在段，由牛顿第二定律可得由运动学公式可得小物体从到过程中的时间总联立解得总(3)小物体在段，小物体向右运动，传送带逆时针运动，对小物块对传送带小物体相对于传送带的位移小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量解得15、 (1)5+15n（m/s）（n=0，1，2）；(2)0.025s【解析】(1)当波向x轴正方向传播时，由波形图可知该波的波长为x=3m从t=0到t1=0.2s过程，波向正方向传播的距离为波传播的波速为解得(2)当波向x轴负方向传播时，由波形图可知解得波的速度大小为P点距右侧实线第一个波谷的水平距离为P点第一次出现波谷的时间为联立解得