四川省成都九校2023届高三下学期一模考试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图为氢原子的能级示意图。处于n=4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射列逸出功为2.29eV的某金属板上，下列说法正确的是（）A共有10种不同频率的光子辐射出来B

2、共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象C入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大D从金属板中逸出的光电子就是粒子2、2019年4月21日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第44颗北斗导航卫星。若组成北斗导航系统的这些卫星在不同高度的转道上都绕地球做匀速圆周运动，其中低轨卫星离地高度低于同步卫星。关于这些卫星，下列说法正确的是（）A低轨卫星的环绕速率大于7.9km/sB地球同步卫星可以固定对一个区域拍照C低轨卫星和地球同步卫星的速率相同D低轨卫星比同步卫星的向心加速度小3、图中ae为珠港澳大桥上四段l10m的等跨钢箱连续梁桥，若汽车从a点由静止开始做匀加速直线

3、运动，通过ab段的时间为t，则通过ce段的时间为AtBtC(2)tD(2+) t4、如图，长为L、倾角的传送带始终以2.5m/s的速率顺时针方向运行，小物块以4.5m/s的速度从传送带底端A沿传送带上滑，恰能到达传送带顶端B，已知物块与斜面间的动摩擦因数为，取，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，则下列图像中能正确反映物块在传送带上运动的速度v随时间t变化规律的是（）ABCD5、如图所示，围绕地球做匀速圆周运动的两颗卫星的周期分别为T1和T2，两颗卫星的轨道半径的差值为d，地球表面重力加速度为g，根据以上已知量无法求出的物理量是（引力常量G未知）（）A地球的半径B地球的质量C两颗卫星的轨道半径D

4、两颗卫星的线速度6、如图所示，一辆运送沙子的自卸卡车，装满沙子沙粒之间的动摩擦因数为1，沙子与车厢底部材料的动摩擦因数为2，车厢的倾角用表示（已知21），下列说法正确的是A要顺利地卸干净全部沙子，应满足tan =2B要顺利地卸干净全部沙子，应满足sin 2C只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足2tan 1D只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足21tan 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在天文观察中发现，一颗行星绕一颗恒星按固定轨道运行，轨道近似为圆

5、周。若测得行星的绕行周期T，轨道半径r，结合引力常量G，可以计算出的物理量有（）A恒星的质量B行星的质量C行星运动的线速度D行星运动的加速度8、在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样.若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（ ）A改用红色激光B改用蓝色激光C减小双缝间距D将屏幕向远离双缝的位置移动E.将光源向远离双缝的位置移动9、下列说法正确的是_。A分子间距离减小时，分子势能一定增大B单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔C在绝热压缩和等温压缩过程中，气体内能均不变D热量不能自发地从低温物体传到高温物体E.当人们感到干燥时，空气的相对湿度

6、较小10、图甲是工厂静电除尘装置的示意图，烟气从管口M进入，从管口N排出，当A、B两端接直流高压电源后，在电场作用下管道内的空气分子被电离为电子和正离子，而粉尘在吸附了电子后最终附着在金属管壁上，从而达到减少排放烟气中粉尘的目的，图乙是金属丝与金属管壁通电后形成的电场示意图。下列说法正确的是()A金属丝与管壁间的电场为匀强电场B粉尘在吸附了电子后动能会增加C粉尘在吸附了电子后电势能会减少D粉尘在吸附了电子后电势能会增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻RA(约为110)。

7、提供的实验器材有：A直流电源(电动势为1V，内阻不计)；B电阻箱(0999.9)；C滑动变阻器(05.额定电流为3A)；D滑动变阻器(050.额定电流为1A)。(1)为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R应选用_(选填“C”或“D”)。(2)根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整_。(3)主要实验步骤如下：I.将电阻箱R0的阻值调为零，滑动变阻器R的滑片P移到右端；II.闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表的示数为3mA；I.调节电阻箱R0，使电流表的示数为1mA，读出此时电阻箱的阻值R1；IV.断开开关S，整理好仪器。(4)已知R1=208.8，则电流表内

8、阻的测量值为_，由于系统误差，电流表内阻的测量值_(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值。12（12分）测量物块（视为质点）与平板之间动摩擦因数的实验装置如图所示。是四分之一的光滑的固定圆弧轨道，圆弧轨道上表面与水平固定的平板的上表面相切、点在水平地面上的垂直投影为。重力加速度为。实验步骤如下：A用天平称得物块的质量为；B测得轨道的半径为、的长度为和的高度为；C将物块从点由静止释放，在物块落地处标记其落地点；D重复步骤，共做5次；E将5个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量其圆心到的距离。则物块到达点时的动能_；在物块从点运动到点的过程中，物块克服摩擦力做的功_；物块与平板的上表面之间的动

9、摩擦因数_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为一种质谱仪的工作原理图，圆心角为90的扇形区域OPQ中存在着磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，所有带电粒子经加速电压U加速后从小孔C射出，由磁场边界OP上N点垂直OP进入磁场区域，然后均从边界OQ射出，ON=l，不计粒子重力。(1)若由静止开始加速的某种粒子X从边界OQ射出时速度方向与OQ垂直，其轨迹如图中实线所示，求该粒子的比荷；(2)若由静止开始加速的另一种粒子Y，其比荷是X粒子比荷的，求该粒子在磁场区域中运动的时间t。14（16分

10、）如图所示，质量为m1的长木板静止在水平地面上，与地面间的动摩擦因数为1=0.5，其端有一固定的、光滑的半径R=0.4m 的四分之一圆弧轨道（接触但无黏连），长木板上表面与圆弧面最低点等高，木板左侧有一同样的固定的圆弧轨道，木板左端与左侧圆弧轨道右端相距x 0=1m。 质量为m2 =2m1的小木块（看成质点）从距木板右端x=2m处以v0 =10m/s的初速度开始向右运动，木块与木板间的动摩擦因数为2 =0.9，重力加速度取g = 10m/s2。 求：(1)m2第一次离开右侧圆弧轨道后还能上升的最大高度。(2)使m2不从m1上滑下，m1的最短长度。(3)若m1取第(2)问中的最短长度，m2第一次

11、滑上左侧圆弧轨道上升的最大高度。15（12分）如图所示，一竖直放置在水平面上的容积为V的柱形气缸，气缸内盛有一定质量的理想气体。活塞的面积为S，活塞将气体分隔成体积相同的A、B上下两部分，此时A中气体的压强为pA（未知）。现将气缸缓慢平放在水平桌面上，稳定后A、B两部分气体的体积之比为1：2，两部分气体的压强均为1.5p0。在整个过程中，没有气体从一部分通过活塞进入另一部分，外界气体温度不变，气缸壁光滑且导热良好，活塞厚度不计，重力加速度为g，求：(1)pA的大小；(2)活塞的质量m。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

12、。1、C【解析】A. 共有种不同频率的光子辐射出来，选项A错误；B. 其中能级差大于2.29eV的跃迁有：41、31、21、42，即共有4种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象，选项B错误；C. 根据光电效应规律可知，入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，选项C正确；D. 从金属板中逸出的光电子是，不是粒子，选项D错误。故选C。2、B【解析】AC根据万有引力提供向心力，则有解得可知轨道半径越大，运行的速度越小，低轨卫星轨道半径大于近地卫星的半径，故低轨卫星的环绕速率小于7.9km/s，低轨卫星轨道半径小于同步卫星轨道半径，故低轨卫星的环绕速率大于同步卫星的环绕速率，故A、C错误；

13、B同步卫星的周期与地球的周期相同，相对地球静止，可以固定对一个区域拍照，故B正确；D根据万有引力提供向心力，则有可得低轨卫星轨道半径小于同步卫星轨道半径，低轨卫星向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，故D错误；故选B。3、C【解析】设汽车的加速度为a，经历bc段、ce段的时间分别为t1、t2，根据匀变速直线运动的位移时间公式有：， ，解得：，故C正确，A、B、D错误；故选C。4、B【解析】ABCD开始阶段，物块的速度比传送带的大，相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律得解得方向沿传送带向下，当物块与传送带共速时，因所以物块与传送带不能保持相对静止，根据牛顿第二定

14、律得解得 方向沿传送带向下，所以物块继续做加速度较小的匀减速运动，直到速度为零，ACD错误B正确。故选B。5、B【解析】ABC根据万有引力提供向心力，依据牛顿第二定律，则有且由公式联立可解得两颗卫星的轨道半径和地球的半径，由于引力常量G未知则无法求出地球的质量，故AC正确，B错误；D由公式可知，由于两颗卫星的轨道半径和周期已知或可求出，则可求出两颗卫星的线速度，故D正确。故选B。6、C【解析】假设最后一粒沙子，所受重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力时，能顺利地卸干净全部沙子，有，B对；若要卸去部分沙子，以其中的一粒沙子为研究对象，C对；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

15、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A设恒星质量为M，根据得行星绕行有解得所以可以求出恒星的质量，A正确；B行星绕恒星的圆周运动计算中，不能求出行星质量，只能求出中心天体的质量。所以B错误；C综合圆周运动规律，行星绕行速度有所以可以求出行星运动的线速度，C正确；D由得行星运动的加速度所以可以求出行星运动的加速度，D正确。故选ACD。8、ACD【解析】A. 根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距x可知，改用红色激光，波长变大，则条纹的间距变大，选项A正确；B. 根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距x可知，改用蓝色激光，则

16、波长变短，则条纹的间距变小，选项B错误；C. 根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距x可知，减小双缝间距d，则条纹的间距变大，选项C正确；D. 根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距x可知，将屏幕向远离双缝的位置移动，即l变大，则条纹的间距变大，选项D正确；E. 根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距x可知，将光源向远离双缝的位置移动对条纹间距无影响，选项E错误.9、BDE【解析】A分子间作用力表现为引力时，分子间距离减小，分子力做正功，分子势能减小，故A错误；B晶体与非晶体的区别在于有无固定的熔点，晶体有固定的熔点而非晶体没有，故B正确；C在绝热压缩过程中，外界对气体做功而气体与外界无热交换气体内能一定增加，

17、故C错误；D热量不能自发地从低温物体传到高温物体，符合热力学第二定律的表述，故D正确；E当人们感到干燥时，空气的相对湿度较小，故E正确。故选BDE。10、BC【解析】A由图乙可知金属丝与管壁间的电场是非匀强电场，A错误；B粉尘在吸附了电子后会加速向带正电的金属管壁运动，因此动能会增加，B正确；CD此时电场力对吸附了电子后的粉尘做正功，因此粉尘在吸附了电子后电势能会减少，C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 104.4 大于 【解析】(1)1本实验为了减小实验误差，应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，

18、即应选用C(2)2根据实验电路图连接实物图如图所示(4)3由实验原理可知4由于闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表的示数为3mA，调节电阻箱R0，使电流表的示数为1mA，读出此时电阻箱的阻值R1；电阻箱阻值变大，并联等效电阻变大，故并联部分分担电压增大，由于电阻箱两端电压变大，故电阻箱阻值偏大，故电流表内阻测量偏大。12、 【解析】1从A到B，由动能定理得：mgR=EKB-0，则物块到达B时的动能：EKB=mgR，离开C后，物块做平抛运动，水平方向：x=vCt，竖直方向：，物块在C点的动能，联立可得：；23由B到C过程中，由动能定理得：，B到C过程中，克服摩擦力做的功：可得：。四、计

19、算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ；(2) 【解析】(1) X粒子在电场中加速的末速度为v0，由动能定理可得在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得由几何知识可知，粒子的轨道半径为r=l联立解得(2)Y粒子在电场中加速的末速度为v1，由动能定理可得在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得又解得r1=2lY粒子在磁场中的轨迹如图所示，圆心为O1，则由图可得由三角函数可知所以在磁场中运动的时间为联立解得14、 (1)2.8m；(2)m；(3)m【解析】（1）设滑块到达木板右端的速度为v1，由动能定理可得 代入数据，解得v1=8

20、m/s设滑块离开圆弧轨道后.上升的最大高度为h1，由动能定理可得代入数据，解得h1=2.8 m。（2）由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速度大小v1=8 m/s，滑上木板后，滑块的加速度为a2，由牛顿第二定律木板的加速的为a1，由牛顿第二定律解得，。设经过t1时间后两者共速，共同速度为v，由运动学公式可知，解得该过程中木板的位移滑块走过的位移由于，假设正确，之后一起匀减速运动，若滑块最终未从木板左端滑出，则木板的最小长度联立以上各式，解得（3）滑块和木板一起匀减速运动至最左端，设加速度均为a，由牛顿第二定律可知解得滑块和木板一起匀减速运动至最左端的速度为v2，由动能定理可得随后滑块滑上左侧轨道，设上升的最大高度为h2，则由动能定理可得代入数据，解得15、 (1)p0；(2)【解析】(1)对气体A，由玻意耳定律可得其中解得(2)对气体B，由玻意耳定律可得其中又因为解得