四川省武胜烈面中学2023届高考物理全真模拟密押卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某弹簧振子在05 s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是()A振动周期为5 s，振幅为8 cmB第2

2、s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C从第1 s末到第2 s末振子的位移增加，振子在做加速度减小的减速运动D第3 s末振子的速度为正向的最大值2、汽车碰撞试验是综合评价汽车安全性能的有效方法之一。设汽车在碰撞过程中受到的平均撞击力达到某个临界值F0时，安全气囊爆开。在某次试验中，质量m1=1 600 kg的试验车以速度v1 = 36 km/h正面撞击固定试验台，经时间t1 = 0.10 s碰撞结束，车速减为零，此次碰撞安全气囊恰好爆开。则在本次实验中汽车受到试验台的冲量I0大小和F0的大小分别为（）（忽略撞击过程中地面阻力的影响。）AI0=5.76104NS，F0=1.6105NBI0=1

3、.6104NS，F0=1.6105NCI0=1.6105NS，F0=1.6105NDI0=5.76104NS，F0=3.2105N3、乒乓球作为我国的国球，是一种大家喜闻乐见的体育运动，它对场地要求低且容易上手。如图所示，某同学疫情期间在家锻炼时，对着墙壁练习打乒乓球，球拍每次击球后，球都从同一位置斜向上飞出，其中有两次球在不同高度分别垂直撞在竖直墙壁上，不计空气阻力，则球在这两次从飞出到撞击墙壁前（ ）A飞出时的初速度大小可能相等B飞出时的初速度竖直分量可能相等C在空中的时间可能相等D撞击墙壁的速度可能相等4、如图所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上；小

4、滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点；O是三根细线的结点，bO水平拉着重物B，cO沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态，g=10 m/s2，若悬挂小滑轮的斜线OP的张力是N，则下列说法中正确的是（）A弹簧的弹力为NB重物A的质量为2.5kgC桌面对重物B的摩擦力为NDOP与竖直方向的夹角为605、如图所示，匀强磁场中有一电荷量为q的正离子，由a点沿半圆轨迹运动，当它运动到b点时，突然吸收了附近若干电子，接着沿另一半圆轨迹运动到c点，已知a、b、c在同一直线上，且acab。电子的电荷量为e，质量可忽略不计，则该离子吸收的电子个数为ABC

5、D6、关于天然放射现象，下列说法正确的是（ ）A放出的各种射线中，粒子动能最大，因此贯穿其他物质的本领最强B原子的核外具有较高能量的电子离开原子时，表现为放射出粒子C原子核发生衰变后生成的新核辐射出射线D原子核内的核子有一半发生衰变时，所需的时间就是半衰期二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速直线运动，依次经a、b、c、d到达最高点e.已知xabxbd6 m，xbc1 m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2 s，设小球经b、c

6、时的速度分别为vb、vc，则( )Avc3 m/sBvb4 m/sC从d到e所用时间为2 sDde4 m8、以下说法正确的是_A质量、温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能不相同B空调既能制热又能制冷，说明热量可以从低温物体向高温物体传递C知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度.不能估算出气体分子的大小D一定质量的理想气体，经等容升温，气体的压强増大，用分子动理论的观点分析，这是因为气体分子数密度增大E.一定量的理想气体在某过程中从外界吸热2.5104J，并对外界做功1.0104J，则气体的温度升高，密度减小9、一列简谐横波沿x轴正方向传播，P和Q是介质中平衡位置分别位于x=lm和x=7m的两

7、个质点。t=0时刻波传到P质点，P开始沿y轴正方向振动，t=ls时刻P第1次到达波峰，偏离平衡位置位移为0.2m；t=7s时刻Q第1次到达波峰。下列说法正确的是（）A波的频率为4HzB波的波速为1m/sCP和Q振动反相Dt=13s时刻，Q加速度最大，方向沿y轴负方向E.013s时间，Q通过的路程为1.4m10、如图，光滑绝缘细管与水平面成30角，在管的上方P点固定一个正点电荷Q，P点与细管在同一竖直平面内。一带电量为q的小球位于管的顶端A点，PA连线水平，qQ将小球由静止开始释放，小球沿管到达底端C点。已知B是AC中点，PBAC，小球在A处时的加速度为a不考虑小球电荷量对电场的影响，则（ ）A

8、A点的电势低于B点的电势BB点的电场强度大小是A点的4倍C小球从A到C的过程中电势能先增大后减小D小球运动到C处的加速度为ga三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组同学，用铁架台、弹簧和多个质量均为的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系如图（甲）所示。(1)该组同学在做该实验时，依次在弹簧下端挂上钩码，并在表格内分别记下钩码静止时弹簧下端指针所对应的刻度，记录数据如下：钩码个数12345弹力0.51.01.52.02.5指针对应刻度12.51_15.3916.1117.30当挂2个钩码时，指针对应刻度如图（甲）

9、所示，将指针示数填入表格；在以弹簧弹力为纵轴、指针对应刻度L为横轴的坐标系中，如图（乙）所示。描点画出第2组对应的数据点，并连线得到图像_。请根据图像分析并得出以下结论弹簧原长为_cm。弹簧的劲度系数_（保留两位有效数字）。(2)弹簧与绳有一点相似之处，都可以认为是一个传递力的媒介。某位同学根据这个观点推广认为：将两个同样的弹簧串接在一起后，弹簧的劲度系数k与原来一样。你认为他的想法正确么_？并解释一下你的理由_。12（12分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，教师提供了下列器材：A待测的干电池B电流传感器1C电流传感器2D滑动变阻器R（020 ，2 A）E定值电阻R0（2000 ）F

10、开关和导线若干某同学发现上述器材中没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验。(1)在实验操作过程中，如将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将_；（选填“变大”“不变”或“变小”）(2)图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的两个电流变化图线（IAIB图象），其中IA、IB分别代表两传感器的示数，但不清楚分别代表哪个电流传感器的示数。请你根据分析，由图线计算被测电池的电动势E_V，内阻r_；(3)用上述方法测出的电池电动势和内电阻与真实值相比，E_，r_。（选填“偏大”或“偏小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

11、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑的四分之一圆弧与光滑水平轨道在最低平滑连接。现有一质量为m的小球P沿光滑的四分之一圆弧上由静止开始下滑，与一质量为km（k0，未知）的静止在光滑水平地面上的等大的小球Q发生正碰撞。设碰撞是弹性的，且一切摩擦不计。(1)为使二者能且只能发生一次碰撞，则k的值应满足什么条件？(2)为使二者能且只能发生两次碰撞，则k的值应满足什么条件？14（16分）一竖直放置、内壁光滑且导热良好的圆柱形气缸内封闭有可视为理想气体的O2，被活塞分隔成A、B两部分，气缸的横截面积为S，达到平衡时，两部分气体的体积相等，如图（a）所示，此时A部分气体的

12、压强为p0；将气缸缓慢顺时针旋转，当转过90使气缸水平再次达到平衡时，A、B两部分气体的体积之比为12，如图（b）所示。 已知外界温度不变，重力加速度大小为g，求：(1)活塞的质量m；(2)继续顺时针转动气缸，当气缸从水平再转过角度时，如图（c）所示，A、B两部分气体的体积之比为13，则sin的值是多少?15（12分）一列简谐横波在均匀介质中沿x轴正方向传播，t=0时刻的波动图象如图甲所示，其中处于x=12m处的质点c的振动图象如图乙所示。求：质点a的运动状态传到质点d所用的时间；从t=0时刻开始，5.5s内质点b运动的路程和t=5.5s时质点b的位移。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每

13、小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A由题图可知振动周期为4 s，振幅为8 cm，选项A错误；B第2 s末振子在最大位移处，速度为零，位移为负，加速度为正向的最大值，选项B错误；C从第1 s末到第2 s末振子的位移增大，振子在做加速度增大的减速运动，选项C错误；D第3 s末振子在平衡位置，向正方向运动，速度为正向的最大值，选项D正确.2、B【解析】汽车受到试验台的冲量等于汽车动量的改变量的大小平均撞击力，根据动量定理可知带入数据解得：A I0=5.76104NS，F0=1.6105N与分析不符，故A错误；B I0=1.6104NS，F0=1.6

14、105N与分析相符，故B正确；C I0=1.6105NS，F0=1.6105N与分析不符，故C错误；D I0=5.76104NS，F0=3.2105N与分析不符，故D错误。故选：B。3、A【解析】C将乒乓球的运动反向处理，即为平抛运动，由题知，两次的竖直高度不同，所以两次运动时间不同，故C错误；B在竖直方向上做自由落体运动，因两次运动的时间不同，故初速度在竖直方向的分量不同，故B错误；D撞击墙壁的速度，即可视反向平抛运动的水平初速度，两次水平射程相等，但两次运动的时间不同，故两次撞击墙壁的速度不同，故D错误；A由上分析，可知竖直速度大的，其水平速度速度就小，所以根据速度的合成可知，飞出时的初速

15、度大小可能相等，故A正确。故选A。4、C【解析】A 设悬挂小滑轮的斜线中的拉力与Oa绳的拉力分别为T1和T，则有：2Tcos30=T1得：T=20N以结点O为研究对象，受力如图根据平衡条件得，弹簧的弹力为F1=Tcos60=10N故A错误；B 重物A的质量故B错误；C 绳Ob的拉力根据平衡条件可知，桌面对重物B的摩擦力为N，故C正确；D 由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP与竖直方向的夹角为30故D错误。故选：C。5、D【解析】正离子由a到b的过程，轨迹半径，根据牛顿第二定律：，正离子在b点吸收n个电子，因电子质量不计，所以正离子的速度不变，电荷量变为qne，正离子从b到

16、c的过程中，轨迹半径r2ab，且(qne)vB，解得：nA。故A不符合题意。 B。故B不符合题意。C。故C不符合题意。 D。故D符合题意。6、C【解析】A在三种放射线中，粒子动能虽然很大，但贯穿其他物质的本领最弱，选项A错误。B 衰变射出的电子来源于原子核内部，不是核外电子，选项B错误。C原子核发生衰变后产生的新核处于激发态，向外辐射出射线，选项C正确。D半衰期是放射性原子核总数有半数发生衰变，而不是原子核内的核子衰变，选项D错误；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0

17、分。7、AD【解析】物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，则从a到c有xac=v0t1+at12；即7=2v0+2a；物体从a到d有xad=v0t2+at22，即3=v0+2a；故a=-m/s2，故v0=4m/s；根据速度公式vt=v0+at可得vc=4-2=3m/s，故A正确从a到b有vb2-va2=2axab，解得vb=m/s，故B错误根据速度公式vt=v0+at可得vd=v0+at2=4-4m/s=2m/s则从d到e有-vd2=2axde；则故D正确vt=v0+at可得从d到e的时间故C错误故选AD【点睛】本题对运动学公式要求较高，要求学生对所有的运动学公式不仅要熟悉而且要熟练，要灵

18、活，基本方法就是平时多练并且尽可能尝试一题多解.8、BCE【解析】A温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能一定相同，故A错误；B空调既能制热又能制冷，说明在外界的影响下，热量可以从低温物体向高温物体传递，故B正确；C知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可求出摩尔体积，将气体分子占据的空间看成立方体形，立方体的边长等于气体分子间的平均距离，由摩尔体积除以阿伏加德罗常数可求出每个气体分子占据的空间大小，从而能求出分子间的平均距离。不能估算出气体分子大小，故C正确；D一定质量的理想气体，经等容升温，气体的压强增大，因体积不变，则气体分子数密度不变，气体的平均动能变大，用分子动理论的观点分析，这是

19、因为气体分子对器壁的碰撞力变大，故D错误；E由热力学第一定律可知，一定量的理想气体在某过程中从外界吸热2.5104J，并对外界做功1.0104J，则气体的内能增加，温度升高，体积变大，密度减小，故E正确。故选BCE。9、BCE【解析】A由题意可知可得T=4s频率f=0.25Hz选项A错误；B t=ls时刻P第1次到达波峰，t=7s时刻Q第1次到达波峰，可知在6s内波传播了6m，则波速为选项B正确；C波长为因PQ=6m=1，可知P和Q振动反相，选项C正确；DEt=7s时刻Q第1次到达波峰，则t=6s时刻Q点开始起振，则t=13s时刻， Q点振动了7s=1T，则此时Q点到达波谷位置，加速度最大，方

20、向沿y轴正方向；此过程中Q通过的路程为7A=70.2m=1.4m，选项D错误，E正确。故选BCE。10、ABD【解析】A. 正点电荷的电场线呈发散型，沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故A正确；B. 结合几何关系：PA=2PB，由点电荷电场强度公式可知，B点的电场强度大小是A点的4倍，故B正确；C.小球带负电，正点电荷Q对小球的电场力为吸引力，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则小球电势能先减小后增大，故C错误；D. 小球在AC两处受到的电场力大小相等，在A处时小球的加速度为a，对A点处小球受力分析，小球受电场力、重力与支持力，则：Fcos30+mgsin30=

21、ma在C处时，小球受到重力、电场力与支持力，则：mgsin30Fcos30=ma解得：a=ga故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （） （） 不正确 两个劲度系数相同的弹簧串联后，施加外力后，与单独一个弹簧相比弹簧的等效伸长量变为原来的2倍，所以劲度系数发生改变 【解析】(1)1刻度尺的读数为。2描点并作图：3弹力为0时，弹簧原长为。4根据胡克定律可知，图像斜率的物理意义为弹簧的劲度系数(2)5不正确。6两个劲度系数相同的弹簧串联后，施加外力后，与单独一个弹簧相比弹簧的等效伸长量变为原来的2倍，所以劲度系数发生改变。12、变

22、小 3.0 2.0 偏小 偏小 【解析】(1)1滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片P向右滑动时 R值减小，电路总电阻减小，总电流变大，电源内阻上电压变大，则路端电压减小，即电阻R0上电压减小，电流减小，即电流传感器1的示数变小。(2)23由闭合电路欧姆定律可得I1R0E（I1I2）r变形得由数学知可知图象中的由图可知b1.50k1103解得E3 .0Vr2.0 。(3)45本实验中传感器1与定值电阻串联充当电压表使用，由于电流传感器1的分流，使电流传感器2中电流测量值小于真实值，而所测量并计算出的电压示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以

23、短流电流为轴向左下转动，如图所示，故图象与横坐标的交点减小，电动势测量值减小；图象的斜率变大，故内阻测量值小于真实值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)【解析】(1)设P与Q碰撞前P的速度为，碰后P与Q的速度分别为与，由动量守恒及机械能守恒定律有由此解得若，则P、Q不可能发生第二次碰撞；若，为使P从坡上滑下后再不能追上Q，应有即这导致P、Q不可能发生第二次碰撞；为使二者能且只能发生一次碰撞，则k的值应满足的条件是(2)为使P、Q能发生第二次碰撞，要求，对于第二次碰撞，令和分别表示碰后P和Q的速度，

24、同样由动量守恒及机械能守恒定律有由此解得，若则一定不会发生第三次碰撞，若且则会发生第三次碰撞，故为使第三次碰撞不会发生，要求P第三次从坡上滑下后速度的大小不大于Q速度的大小，即联立解得由可求得解得求交集即为所求14、 (1)；(2)【解析】（1）气体做等温变化，在（a）状态，对活塞受力分析可得所以又因为二者体积相同在（b）状态，此时A处体积为B处体积为对A部分气体，由玻意耳定律得同理，对B部分气体，由玻意耳定律得联立解得（2）由题意知，对A部分气体，有对B部分气体，有解得。活塞处于静止状态，有解得。15、0.2s；5.5m，10cm【解析】由图甲可知，简谐波的波长，由图乙可知，简谐波的周期，故该波的传播速度由正弦函数曲线规律可知，质点a平衡位置的横坐标为5m，质点d平衡位置的横坐标为11m，所以质点a的运动状态传到质点d所用的时间5.5s内，有故时质点b处在正的最大位移处，质点b运动的位移为10cm；质点b运动的路程