天津市一中2023届高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于静电场的描述正确的是A电势降低的方向就是电场线方向B沿着电场线方向电场强度一定减小C电场中电荷的受力方向就是电场强度的方向.D电场中电场强度为零的地方电势不一定为零2、如图所示，在O点

2、处放正点电荷，以水平线上的某点O为圆心，画一个圆与电场线分别相交于a、b、c、d、e则下列说法正确的是 ( )Ab、e两点的电场强度相同Bb、c两点间电势差等于e、d两点间电势差Ca点电势高于c点电势D负电子在d点的电势能大于在b点的电势能3、某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )A将R1单独接到电源两端B将R1、R2并联后接到电源两端C将R1、R2串联后接到电源两端D将R2单独接到电源两端4、在国际单位制中，电荷量的单位是库仑，符号

3、是C，静电力常量k=9.0109 Nm1 /C1关于电荷量与库仑力，下列说法不正确的是A两个电荷量为1 C的点电荷在真空中相距1 m时，相互作用力相当于地球上一百万吨的物体所受的重力B我们几乎不可能做到使相距1 m的两个物体都带1 C的电荷量C在微观带电粒子的相互作用中，库仑力比万有引力强得多D库仑定律的公式和万有引力的公式在形式上很相似，所以它们是性质相同的两种力5、用相同频率的光照射两块不同材质的金属板M、N，金属板M能发生光电效应，金属板N不能发生光电效应。则（）A金属板M的逸出功大于金属板N的逸出功B若增加光的照射强度，则金属板N有可能发生光电效应C若增加光的照射强度，则从金属板M中逸

4、出的光电子的最大初动能会增大D若增加光的照射强度，则单位时间内从金属板M中逸出的光电子数会增加6、氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线，都是氢原子中电子从量子数n2的能级跃迁到n=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定A对应的前后能级之差最小B同一介质对的折射率最大C同一介质中的传播速度最大D用照射某一金属能发生光电效应，则也一定能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、以下说法正确的是（ ）A已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可算出该气体分子的直径B

5、物质是晶体还是非晶体，比较可靠的办法是从各向异性或各向同性来判断C随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，但合力表现仍可能为斥力D能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程具有方向性8、如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下述正确的是（）A若R2短路，电流表示数变小，电压表示数变大B若R2短路，电流表示数变大，电压表示数变小C若R4断路，电流表示数变大，电压表示数变小D若R4断路，电流表示数变大，电压表示数变大9、如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动小球运动到最高点时，受到的弹力为F，速度大小

6、为v，其F-v2图像如乙图所示则（ ）Av2=c时，小球对杆的弹力方向向下B当地的重力加速度大小为C小球的质量为Dv2=2b时，小球受到的弹力与重力大小相等10、在光滑水平桌面中央固定一边长为0.3m的小正三棱柱abc俯视如图长度为L=1m的细线，一端固定在a点，另一端拴住一个质量为m=0.5kg、不计大小的小球初始时刻，把细线拉直在ca的延长线上，并给小球以v0=2m/s且垂直于细线方向的水平速度，由于光滑棱柱的存在，细线逐渐缠绕在棱柱上（不计细线与三棱柱碰撞过程中的能量损失）已知细线所能承受的最大张力为7N，则下列说法中正确的是：A细线断裂之前，小球角速度的大小保持不变B细线断裂之前，小球

7、的速度逐渐减小C细线断裂之前，小球运动的总时间为0.7（s）D细线断裂之前，小球运动的位移大小为0.9（m）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了测定金属丝的电阻率，某实验小组将一段金属丝拉直并固定在米尺上，其两端可作为接线柱，一小金属夹夹在金属丝上，且可在金属丝上滑动请完成以下内容(1)某次用螺旋测微器测该金属丝的直径，示数如图甲所示，则其直径d_mm(2)实验中先用欧姆表测出该金属丝的阻值约为3(3)准备的实验器材如下：A电压表V(量程03 V，内阻约20 k)B定值电阻10C定值电阻100D蓄电池(电动势约12 V，内阻不

8、计)E开关S一只F导线若干实验小组利用上述器材设计并完成实验实验中通过改变金属夹的位置进行了多次测量，在实验操作和测量无误的前提下，记录了金属丝接入电路中的长度l和相应的电压表的示数U，并作出了的关系图像，如图乙所示根据题目要求，在图丙所示的虚线框内完成设计的实验电路图其中定值电阻R应选_(填“B”或“C”)；金属丝电阻率的表达式_(用a、b、c、d、R表示)12（12分）实验中挂钩位置可认为不变，利用力传感器和单摆小球来验证机械能守恒。（1）用游标卡尺测出小铁球直径结果如图乙所示。则其直径D=_cm。（2）如图甲所示，固定力传感器M取一根不可伸长的细线，一端连接（1）中的小铁球，另一端穿过固

9、定的光滑小圆环O，并固定在传感器的挂钩上（小圆环刚好够一根细线通过）将小铁球自由悬挂并处于静止状态，从计算机中得到拉力随时间变化的关系如图丁所示。（i）为验证小铁球在最高点A和最低处的机械能是否相等，则_。A必须要测出小铁球的直径DB必须要测出小铁球的质量mC必须要测出细线离开竖直方向的最大偏角D必须要知道图丙、丁中F0，F1，F2的大小及当地重力加速度gE必须要知道图丙、丁中F0，F1，F2的大小（ii）若已经通过实验测得了（i）中所需的物理量，则为了验证小铁球在最高点B和最低点处的机械能是否相等，只需验证等式_是否成立即可。（用题中所测得的物理量符号表示）四、计算题：本题共2小题，共26分

10、。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，空间中存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小为，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大小B=0.5 T有一带正电的小球，质量m=1106 kg，电荷量q=1106 C，正以速度v在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P点时撤掉磁场（不考虑磁场消失引起的电磁感应现象），取g=10 m/s1求：（1）小球做匀速直线运动的速度v的大小和方向；（1）从撤掉磁场到小球再次穿过P点所在的这条电场线经历的时间t14（16分）如图所示，哑铃状玻璃容器由两段完全相同的粗管和一段细管连接而

11、成，容器竖直放置。容器粗管的截面积为S1=2cm2，细管的截面积S2=1cm2，开始时粗细管内水银长度分别为h1=h2=2cm。整个细管长为h=4cm，封闭气体长度为L=6cm，大气压强取p0=76cmHg，气体初始温度为27。求：(i)若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应为多少K？(ii)若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中封闭气体长度L仍为6cm不变，封闭气体的温度应为多少K？15（12分）有一个直角三角形的玻璃棱镜ABC，截面如图。A=30，D点是AC边的中点，AC边长为L。一条光线从D点沿平行于AB方向射入棱镜，光线在AB面发生全反射后垂直BC从F点射出。求玻璃的折射率n

12、 ；若光在真空中的速度为c，光线从D点到F点经过的时间t。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A沿电场线方向电势降低，电势降低最快的方向是电场线方向，故A项错误；B负点电荷形成的电场，沿着电场线方向电场强度增大，故B项错误；C电场中正电荷的受力方向与电场强度的方向相同，电场中负电荷的受力方向与电场强度的方向相反，故C项错误；D电势具有相对性，电场中电场强度为零的地方电势不一定为零，故D项正确。2、B【解析】b、e两点到点电荷O的距离相等，根据可知两点处的电场强度大小相等，但是方向不同，故电场强度不同，A错

13、误；b、e两点到点电荷O的距离相等，即两点在同一等势面上，电势相等，c、d两点到点电荷O的距离相等，即两点在同一等势面上，电势相等，故b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差，B正确；在正电荷产生的电场中，距离点电荷越近，电势越高，故a点的电势低于c点的电势，b点电势低于d点电势，而负电荷在低电势处电势能大，故负电子在d点的电势能小于在b点的电势能，CD错误；【点睛】本题的关键是掌握点电荷电场规律：距离正点电荷越近，电势越高，电场强度越大，在与点电荷等距的点处的电势相等，负点电荷在低电势处电势能大3、A【解析】根据闭合电路欧姆定律得：U=EIr知，I=0时，U=E，图象的斜率等于r，则由电源的

14、UI图线得到：电源的电动势为E=3V，内阻为r=0.5. 由电阻的伏安特性曲线求出R1=0.5、R2=1，R1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A，路端电压为1.5V，则电源的输出功率为P出1=1.5V3A=4.5W，同理，当将R1、R2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A，此时电源的输出功率P串=I2串(R1+R2)=3.75W；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I并=3.6A,此时电源的输出功率P并=EI并I2并r=4.32W；R2单独接到电源两端输出功率为P出2=2V2A=4W.所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最

15、大。故A正确，BCD错误。故选：A【点睛】由电源的U-I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻由电阻的U-I图线求出电阻再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择4、D【解析】两个电荷量为1 C的点电荷在真空中相距1 m时，相互作用力；一百万吨的物体所受的重力，所以我们几乎不可能做到使相距1 m的两个物体都带1 C的电荷量；在微观带电粒子的相互作用中，因粒子间的距离很小，所以库仑力比万有引力强得多，选项ABC正确；库仑定律的公式和万有引力的公式在形式上虽然很相似，但是它们不是性质相同的两种力，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选D.5、D【解析】A金属板M能发生光电效应，金属板N

16、不能发生光电效应，说明入射光的频率大于金属板M的极限频率而小于金属板N的极限频率，由，知金属板M的逸出功小于金属板N的逸出功，故A错误；B能否发生光电效应取决于入射光的频率和金属的极限频率的大小关系，而与光的照射强度无关，故B错误；C根据爱因斯坦光电效应方程可知，在金属板M逸出功一定的情况下，光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，故C错误；D在能发生光电效应的前提下，若增加光的照射强度，则单位时间内从金属板M中逸出的光电子数增加，故D正确。故选D。6、A【解析】试题分析：根据分析前后能级差的大小；根据折射率与频率的关系分析折射率的大小；根据判断传播速度的大小；根据发生光电效应现象的条件是入射

17、光的频率大于该光的极限频率判断是否会发生光电效应波长越大，频率越小，故的频率最小，根据可知对应的能量最小，根据可知对应的前后能级之差最小，A正确；的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据可知的传播速度最大，BC错误；的波长小于的波长，故的频率大于的频率，若用照射某一金属能发生光电效应，则不一定能，D错误【点睛】光的波长越大，频率越小，同一介质对其的折射率越小，光子的能量越小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A摩尔体积，气体分子所占空间，所以可以求得分子

18、间的平均距离，故A错误；B因多晶体也具有各向同性，故晶体和非晶体一般从熔点来判断，故B错误；C当分子间距离小于r0时，随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，合力表现为斥力，故C正确；D根据热力学定律可知，宏观自然过程自发进行是有其方向性，能量耗散就是从能量的角度反映了这种方向性，故D正确。故选CD。8、AD【解析】AB.若R2短路，电路总电阻减小，电路总电流I增大，电源内电压增大，电源的路端电压U减小，流过R3的电流减小，电流表示数变小；电源的路端电压U减小，流过R4的电流减小，流过R1的电流增大，R1的两端的电压增大，电压表示数变大；故A项正确，B项错误。CD.若R4

19、断路，电路总电阻增大，电路总电流I减小，电源内电压减小，电源的路端电压U增大，流过R3的电流增大，电流表示数变大；电源的路端电压U增大，R1的两端的电压增大，电压表示数变大；故C项错误，D项正确。9、CD【解析】由图象可知，当时，有：F0，则杆对小球得作用力方向向下，根据牛顿第三定律可知，小球对杆的弹力方向向上，故A错误；由图象知，当时，F=0，杆对小球无弹力，此时重力提供小球做圆周运动的向心力，有：，得,由图象知，当时，F=a，故有，解得：，故B错误，C正确；由图象可知，当时，由，得F=mg，故D正确；故选CD.【点睛】小球在竖直面内做圆周运动，小球的重力与杆的弹力的合力提供向心力，根据图象

20、、应用向心力公式、牛顿第二定律分析答题10、CD【解析】试题分析：A、B细线断裂之前，绳子拉力与速度垂直，不做功，不改变小球的速度大小，故小球的速度大小保持不变，由圆周运动的速度与角速度的关系式v=r，随r减小，小球角速度增大，故A、B错误；绳子刚断裂时，拉力大小为7N，由F=m，解得此时的半径为r=m，由于小球每转120半径减小0.3m，则知小球刚好转过一周，细线断裂，则小球运动的总时间为t=，其中r1=1m，r2=0.7m，r3=0.4m，v0=2m/s，解得t=0.7（s），故C正确；小球每转120半径减小0.3m，细线断裂之前，小球运动的位移大小为0.9m，故D正确故选CD考点：牛顿第

21、二定律 圆周运动规律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.750 B 【解析】（1）螺旋测微器固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分。（2）电路分为测量电路和控制电路两部分。测量电路采用伏安法。根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法。变阻器若选择R2，估算电路中最小电流，未超过电流表的量程，可选择限流式接法。【详解】（1）螺旋测微器固定刻度为0.5mm，可动刻度为25.00.01mm，两者相加就是0.750mm。（2）因为只有电压

22、表，当连入电路的电阻丝变化时，其两端的电压也将发生变化，找到电压U与长度l的关系，画出图象就能求出电阻丝的电阻率，按题意就可以画出电路如图所示，由于电阻丝的电阻只有3，所以定值电阻选较小的B.（4）据欧姆定律可以写出电阻丝两端的电压所以结合图象有：（截距）当时， 而S=()2联立可得：【点睛】本实验测电阻丝的电阻率比较巧妙，利用图象法减小了偶然误差，再结合数学图象的知识，更是本题的精华部分；测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计。测量电路要求精确，误差小。12、1.090cm D 【解析】(1)1由图乙可知，该游标卡尺为50分度游标卡尺，故其读数为（2）2由机械能

23、守恒定律可得在最低点时有刚释放时有静止时有联立化简可得故小球机械能是否守恒验证以上等式即可，故需要测量的物理量为F0，F1，F2的大小及当地重力加速度g，故选D。3由2中分析可知，需验证的等式为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10 m/s，与电场方向夹角为60 （1）3.5 s【解析】（1）小球做匀速直线运动时，受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，则有：，带入数据解得：，速度v的方向与电场E的方向之间的夹角满足： 解得：，则；（1）撤去磁场后，由于电场力垂直于竖直方向，它对竖直方向的分运动没有

24、影响，以P点为坐标原点，竖直向上为正方向，小球在竖直方向上做匀减速直线运动，其初速度为，若使小球再次穿过P点所在的电场线，仅需小球的竖直方向的分位移为零，则有：联立解得：14、（i）405K；（ii）315K【解析】(i)开始时cmHg，水银全部离开下面的粗管时，设水银进入上面粗管中的高度为，则解得m此时管中气体的压强为cmHg管中气体体积为由理想气体状态方程，得K(i)再倒入同体积的水银，气体的长度仍为6cm不变，则此过程为等容变化，管里气体的压强为cmHg则由解得K15、（1） （2） 【解析】根据题意画出光路图，由几何知识求出光线在D点时的折射角，再由折射定律求玻璃的折射率；根据几何关系求光线在棱镜中传播的距离，由v=c/n求出光线在棱镜中的传播速度，再由运动学公式求传播时间【详解】光路图如图所示，设在AC面入射角为i，折射角为r，在AB面，光线与AB的夹角为，反射光线与AB的夹角为，光线垂直BC射出，有 由几何知识可得： 折射率：； 由于 ，所以ADE为等腰三角形，所以：； 设光线从D点到F点经过的距离为 ， ，光线在玻璃中传播速度为则：，解得： 【点睛】本题考查几何光学，掌握光的折射定律，正确画出光路图，运用几何知识求解相关角度和距离是关键