安徽省淮北市实验高级中学2023届高考冲刺模拟物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回

2、。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，内壁光滑的圆管形轨道竖直放置在光滑水平地面上，且恰好处在两固定光滑挡板M、N之间，圆轨道半径为1 m，其质量为1 kg，一质量也为1 kg的小球（视为质点）能在管内运动，管的内径可不计。当小球运动到轨道最高点时，圆轨道对地面的压力刚好为零，取g10 m/s2。则小球运动到最低点时对轨道的压力大小为A70 NB50 NC30 ND10 N2、一列简谐横波沿x轴传播，图（甲）是t=0时刻的波形图，图（乙）是x=1.0m处质点的振动图像，下列说法正确的是（）A该波的波长为2.0mB

3、该波的周期为1sC该波向x轴正方向传播D该波的波速为2.0m/s3、下列说法中正确的是( )A射线与射线一样是电磁波，但穿透本领远比射线弱B氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C已知质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3，那么，质子和中子结合成一个粒子，释放的能量是（2m1+2m2-m3）c2D放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核外的电子发生电离产生的4、背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。如图所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为 A2m/sB5m/sC8m/sD11m/s5、我

4、国不少地方在节日期间有挂红灯笼的习俗。如图，质量为m的灯笼用两根长度一定的轻绳OA、OB悬挂在水平天花板上，O为结点，OAOB，AOB=90。设OA、OB对O点的拉力大小分别为FA、FB，轻绳能够承受足够大的拉力，则（）AFA大于FBBFA、FB的合力大于mgC若左右调节A点位置，可使FA等于FBD若左右调节A点位置，可使FA、FB均大于mg6、如图所示，从高h=1.8m的A点将弹力球水平向右抛出，弹力球与水平地面碰撞两次后与竖直墙壁碰撞，之后恰能返回A点。已知弹力球与接触面发生弹性碰撞，碰撞过程中，平行于接触面方向的速度不变，垂直于接触面方向的速度反向但大小不变，A点与竖直墙壁间的距离为4.

5、8m，重力加速度g=10m/s2，则弹力球的初速度大小为（）A1.5m/sB2m/sC3.5m/sD4m/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两个带电小球、分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内，用水平向左的推力F作用于球，两球在图示位置静止，现将球沿斜面向下移动一小段距离，发现球随之向上移动少许，两球在新位置重新平衡，重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（）A推力F变小B斜面对的弹力不变C墙面对的弹力不变D两球之间的距离减小8、如图所

6、示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，现有一个质量为0.1kg，电荷量为-2.010-8C的滑块P（可看做质点），仅在电场力作用下由静止沿x轴向左运动电场力做的功W与物块坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点（0.3，3）的切线则下列说法正确的是（）A此电场一定是匀强电场B电场方向沿x轴的正方向C点处的场强大小为D与间的电势差是100V9、示波器是一种多功能电学仪器，它是由加速电场和偏转电场组成的。如图所示，不同的带负电粒子在电压为U1的电场中由静止开始加速，从M孔射出，然后射入电压为U2的平行金属板间的电场中，入射方向与极板平行，在满足

7、带负电粒子能射出平行板电场区域的条件下，则（）A若电荷量q相等，则带负电粒子在板间的加速度大小相等B若比荷相等，则带负电粒子从M孔射出的速率相等C若电荷量q相等，则带负电粒子从M孔射出的动能相等D若不同比荷的带负电粒子射入，偏转角度相同10、2018年7月27日将发生火星冲日现象，我国整夜可见，火星冲日是指火星、地球和太阳儿乎排列成一线，地球位于太阳与火星之间此时火星被太阳照亮的一面完全朝向地球，所以明亮而易于观察地球和火星绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似为团，火最公转轨道半径为地球的1.5倍，则（）A地球的公转周期比火星的公转周期小B地球的运行速度比火星的运行速度小C火星冲日现象每年都会出

8、现D地球与火星的公转周期之出为：三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一课外实验小组用如图（a）所示的电路测量某待测电阻的阻值。为标准定值阻（），V1、V2均为理想电压表，为单刀开关，为电源，为滑动变阻器。请完成以下问题(1)闭合S前，滑动变阻器的滑动端应置于_填“a”或“b”）端；(2)闭合S后将滑动变阻器的滑动端置于某一位置，若电压表V1、V2的示数为、，则待测电阻阻值的表达式_（用、表示）；(3)改变滑动变阻器滑动端的位置，得到多组、数据，用计算机绘制出的图线，如图（b）所示，根据图线求得_（保留1位小数）；(4)按照原理图（

9、a），将图（c）中实物连线补画完整_。12（12分）某同学用图甲的实验装置验证机械能守恒定律。已知当地重力加速度为g。(1)用游标卡尺测量立方体小钢块的边长d，测量结果如图乙，则d=_cm。(2)用电磁铁吸住小钢块，保持小钢块底面与水平面平行。用刻度尺测量小钢块与光电门的高度差h。(3)将电磁铁断电，小钢块由静止开始下落，测得小钢块通过光电门的时间t=3.20 ms。则小钢块通过光电门时的速度v=_m/s。(4)改变小钢块与光电门的高度差h，重复步骤(2)(3)，得到多组数据。(5)利用实验数据作出v2一h图像。若v2一h图线为一条过原点的直线，且直线的斜率k=_，则说 明小钢块下落过程中机械

10、能守恒。（用题中给出的物理量符号表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一对光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内，导轨间距l = 0.5m，左端接有阻值R = 0.3的电阻一质量m = 0.1kg，电阻r = 0.1的金属棒MN放置在导轨上，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B = 0.4T棒在水平向右的外力作用下，由静止开始以 a = 2m/s2的加速度做匀加速运动，当棒的位移x = 9m时撤去外力，棒继续运动一段距离后停下来，已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1：Q2=

11、 2：1导轨足够长且电阻不计，棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触求（1）棒在匀加速运动过程中，通过电阻R的电荷量q；（2）撤去外力后回路中产生的焦耳热Q2；（3）外力做的功WF14（16分）如图所示，带正电的A球固定在足够大的光滑绝缘斜面上，斜面的倾角=37，其带电量Q= 105C；质量m=0.1kg、带电量q=+1107C的B球在离A球L=0.1m处由静止释放，两球均可视为点电荷（静电力恒量k=9109Nm2/C2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）A球在B球释放处产生的电场强度大小和方向； （2）B球的速度最大时两球间的距离； （3）若B球运动的最大速度为v=

12、4m/s，求B球从开始运动到最大速度的过程中电势能怎么变？变化量是多少？15（12分）如图所示，哑铃状玻璃容器由两段粗管和一段细管连接而成，容器竖直放置，容器粗管的截面积为S1=2cm2，细管的截面积S2=1cm2，开始时粗、细管内水银长度分别为h1=h2=2cm，整个细管长为4 cm，封闭气体长度为L=6cm，大气压强为P0=76cmHg，气体初始温度为27，求：第一次若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应为多少K;第二次若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中气体体积不变，封闭气体的温度应为多少K.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中

13、，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】抓住小球运动到最高点时，圆轨道对地面的压力为零，求出最高点的速度，根据动能定理求出小球在最低点的速度，从而结合牛顿第二定律求出轨道对小球的支持力，根据牛顿第三定律得出小球对圆轨道的最大压力【详解】当小球运动到最高点时速度最小，此时圆轨道对地面的压力为零，可知小球对圆轨道的弹力等于圆轨道的重力，根据牛顿第二定律得，mg+N=m，N=mg，解得最高点的速度v1= ；小球从最高点到最低点，根据动能定理得，mg2R=，解得v2= ；根据牛顿第二定律得，Nmg=m，联立解得N=7mg=70N，根据牛顿第三定律，小球对轨道的最大压力N=7mg=70N，故A正确，B

14、CD错误；故选：A.2、D【解析】ABD根据甲、乙图可知，波长4m，周期2s，波速选项AB错误，D正确；C根据图乙t=0s时，质点向下振动，所以甲图x=1m坐标向下振动，由同侧法可得波向x轴负方向传播，选项C错误。故选D。3、C【解析】A、射线是电子流，不是电磁波，穿透本领比射线弱，故A错误；B、半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用，故B错误；C、根据爱因斯坦质能方程可得释放的能量是，故C正确；D、衰变是原子核的衰变，与核外电子无关，衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子的同时释放出来的，故D错误；故选C4、B【解析】运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达

15、到横杆时速度恰好为零，运动员重心升高高度约为：，根据机械能守恒定律可知：；解得：，故B正确，ACD错误。5、D【解析】A对点受力分析，如图所示：根据平衡条件，并结合正弦定理，有：由于，故：A错误；B根据平衡条件，、的合力等于，B错误；C调节悬点的位置，使点向右移动，由于始终比长，所以不可能出现的情况，所以不可能使等于，C错误；D调节悬点的位置，使点向左移动，当趋向时，可使、都大于，D正确。故选D。6、B【解析】由题意可知，小球在竖直方向做自由落体运动，则由对称性可知，小球第一次落地时的水平位移为 则初速度故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多

16、个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】CD先对小球A受力分析，受重力、支持力、静电力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：，由于减小，可知墙面对A的弹力变小，库仑力减小，故两球间距增加，选项CD错误；AB对AB整体受力分析，受重力、斜面支持力N、墙壁支持力FN、推力F，如图所示：根据共点力平衡条件，有解得由于减小，不变，所以推力F减小，斜面对B的弹力N不变，选项AB正确。故选AB。8、BD【解析】根据W=Eqx可知，滑块B向左运动的过程中，随x的增加图线的斜率逐渐减小，则场强逐渐减小，此电场一不是匀强电场，选项A错误；滑块B向左运动的过程中

17、，电场力对带负电的电荷做正功，则电场方向沿x轴的正方向，选项B正确；点x=0.3m处的场强大小为，则 ，选项C错误；x=0.3m与x=0.7m间，电场力做功为W=210-6J，可知电势差是，选项D正确；故选BD.9、BCD【解析】A设板间距离为，由牛顿第二定律得由于粒子的质量未知，所以无法确定带负电粒子在板间的加速度大小关系，故A错误；B由动能定理得可得所以当带负电粒子的比荷相等时，它们从孔射出的速度相等，故B正确；C从孔射出的动能所以当带负电粒子的电荷量相等时，它们从孔射出的动能相等，故C正确；D如图所示在偏转电场中有偏转角度与粒子的比荷无关，所以不同比荷的带负电粒子射入，偏转角度相同，故D

18、正确；故选BCD。10、AD【解析】A. 地球和火星绕太阳转动，万有引力提供向心力，得，火星的公转轨道半径大，加速度小，故A错误； B. 根据公式，可知火星的运行速度比地球小，故B错误；CD、地球公转周期为1年，而火星的周期大于1年，每个冲日周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，故C错误；D根据开普勒第三定律，火星公转轨道半径为地球的1.5倍，所以地球与火星的公转周期之比为 ，故D正确故选D.点睛：根据万有引力提供向心力，分析地球和火星加速度、线速度之间的关系；根据地球公转周期为1年，每个冲日周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，根据开普勒定律分析火星周

19、期与地球周期的关系 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a 26.8 【解析】(1)1为了保证实验安全，S闭合前，滑动变阻器滑动端应置于a端；。(2)2由欧姆定律可得，通过的电流待测电阻阻值。(3)3根据题图（b）可得代入得。 (4)4实物连线时应注意滑动变阻器采取分压式接法依据题图（a）、电压表V1和V2的量程依据题图（b）选择，如图12、0.96 3.0 2g 【解析】(1)1用游标卡尺测量立方体小钢块的边长 d=0.9+0.1mm6=0.96cm。(3)2小钢块通过光电门时的速度(4)3由，则v2=2gh，则做出的v2-h图像的斜

20、率为2g。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4.5C （2）1.8J （3）5.4J【解析】（1）设棒匀加速运动的时间为t，回路的磁通量变化量为：=BLx，由法拉第电磁感应定律得，回路中的平均感应电动势为： 由闭合电路欧姆定律得，回路中的平均电流为： 通过电阻R的电荷量为：q = It联立以上各式，代入数据解得：q =4.5C（2）设撤去外力时棒的速度为v，棒做匀加速运动过程中，由运动学公式得：设撤去外力后的运动过程中安培力做功为W，由动能定理得：W = 0mv2撤去外力后回路中产生的焦耳热：Q2= W联立

21、以上各式，代入数据解得：Q2=1.8J（3）由题意各，撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1:Q2=2:1可得：Q1=3.6J在棒运动的整个过程中，由功能关系可得：WF= Q1 + Q2联立以上各式，代入数据解得：WF=5.4J14、（1）2.4107N/C，方向沿斜面向上 （2）0.2m （3）0.86J【解析】（1）根据点电荷场强公式E=kQ/r2 求A球在B球释放处产生的电场强度大小和方向；（2）当静电力等于重力沿斜面向下的分力时B球的速度最大，根据库仑定律和平衡条件求两球间的距离；（3）B球减小的电势能等于它动能和重力势能的增加量，根据功能关系求解【详解】（1）A球在B球释放处产生的电

22、场强度大小=2.4107N/C；方向沿斜面向上（2）当静电力等于重力沿斜面向下的分力时B球的速度最大，即：F=k=mgsin解得 r=0.2m；（3）由于rL，可知，两球相互远离，则B球从开始运动到最大速度的过程中电场力做正功，电势能变小；根据功能关系可知：B球减小的电势能等于它动能和重力势能的增加量，所以B球电势能变化量为：Ep=mv2+mg（r-L）sin解得，Ep=0.86J15、405K 315K【解析】开始时气体的压强为 体积为V1=LS1，温度T1=300K水银全离开下面的粗管时，设水银进入上面的粗管中的高度为h3，则h1S1+h2S2=2h2S2+h3S1，解得h3=1cm此时粗管中气体的压强为此时粗管中气体体积为V2=(L+h1)S1由理想气体状态方程 得：T2=405K再倒入同体积的水银，粗管里气体的体积不变，则粗管里气体的压强为：由气体发生的是等容变化，则得：T3=315K