2021-2022学年天津八年级（下）期末物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021-2022学年天津十一中八年级（下）期末物理试卷1 .下列四个结论，你认为错误的一项是（）A.嫦娥二号在轨道飞行时，如果所受的力同时消失，它将做匀速直线运动B.匀速直线行驶的车中，小明竖直跳起后会落在原地，是因为小明具有惯性C.行车时司机要系安全带，是为防止惯性带来的危害D.小明匀速爬杆时，手对杆的握力和小明受到的重力是一对平衡力2 .如图所示，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法正确的是（）甲 乙甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟压力的大小有关为了完成整个实验，可以将乙图中的祛码取下

2、来，并将看到的实验现象和甲图中的对比A.B.C.D.3 .有关压强知识的应用，下列说法正确的是（）A.机的机翼能获得升力，是应用了流体中流速越大的地方压强越大的原理B.人用吸管吸食饮料是靠液体压强把饮料“压”进了嘴里C.大型的载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强D.潜水员在水中下潜时穿潜水服，是因为液体压强随液体深度的增加而减小4 .下列生活实例中，力对物体做功的有（）甲：小车在推力的作用乙：提着滑板在 丙：物体在绳子T：用尽全力搬下前进了一段距离水平路面上前行拉力作用下升高A.甲和乙B.甲和丙如图所示把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己鼻子附近，稳定后由静止松手，铁锁向前摆去，下

3、列说法正确的是（C.乙和丙D.丙和丁石头，搬而未起A.铁锁摆回时会打到鼻子B.铁锁在摆动过程中动能与重力势能可以相互转化C.铁锁由高处摆到低处的过程中动能转化为重力势能D.铁锁在摆动过程中机械能守恒6.掌握对各种物理量的估算是物理学习获得的一种重要能力。以下是顺顺同学对一些物理量的估算，其中不符合事实的是（）A.一名中学生质量约50依B.中学生双脚站立时对地面的压强约1 2 5PaC.游泳漂浮在水面上的中学生受到浮力约500ND.中学生爬一层楼克服重力做功的功率约150W7.如图所示是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度丫、下落的路程s、重力做的 功 W和重力做功的功率P 随时间，变化规律的

4、图象，其中正确的是（）第2页，共21页9.小明用独轮车搬运石头，车箱和石头的总质量是120仅，独轮车的有关尺寸如图所示，推车时，下列说法正确的是（）A.独轮车是费力杠杆B.动力臂是90cmC.阻力臂是0.3mD.人手竖直向上的力F 的大小是400N10.如图所示的杠杆提升重物G,杠杆顺时针方向转动，在 OB达到水平位置之前的过程中，若力F的方向始终保持与OA垂直,则力的大小将（）A.逐渐变小 B.逐渐变大 C.不变 D.无法确定11.如图所示，小华将弹簧测力计一端固定，另一端钩 c住长方体木块A,木块下面是一长木板，实验时拉 A着长木板沿水平地面向左运动，读出弹簧测力计示数即可测出木块A所受摩

5、擦力大小，在木板运动的过程中，以下说法正确的是（）A.木块A 所受摩擦力的方向水平向左B.木块A相对于地面是运动的C.拉动速度变大时，弹簧测力计示数不变D.木块A所受到的是静摩擦力12.如图所示，水平桌面上三个完全相同的容器内装有适量的水，将 A、3、C 三个体积相同的小球分别放入容器内，待小球静止后，A漂浮、8 悬浮、C沉底，此时三个容器内水面高度相同。下列判断正确的是（）A.小球受到的浮力关系：FAFBFCB.容器底部受到水的压强关系：p=pz=pC.容器对桌面的压力关系：尸尹=尸乙 尸丙D.小球的质量关系：mA=mB b)由静止开始释放,通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能

6、的大小，这种实验方法的错误之处：。2 6 .现要测量一个形状不规则的轻质蜡块的密度(p 婿 p次)，现有器材、烧杯、水、细线、待测蜡块、小铁块请你自己添加一种测量仪器，设计实验来测出这块石蜡的密度。(1)你 添 加 的 测 量 仪 器。(2)要求写出实验步骤：。(3)导山计算石蜡的密度的表达式。27 .如图所示，将一底面积为工的长方体木块放入水平放置的底面积为S o 圆柱形盛水容器中静止时，木块有|的体积露出水面，这时容器底部受到水的压强跟木块未放入水中时相比，增大了p o。若在木块上放一铁块，使木块刚好全部压入水中，水的密度为P，贝(1)铁块的重力与木块重力之比是多少？(2)这时容器底部所受

7、水的压强跟木块未放入水中时相比，增加了多少？第8页，共21页答案和解析1.【答案】D【解析】解：人 嫦娥二号在轨道飞行时，如果所受的力同时消失，根据牛顿第一定律可知，它会保持外力消失一瞬间的速度和方向不变，沿原方向做匀速直线运动，故A 正确；8、在匀速直线行驶的车中，小明竖直跳起后会落在原地，是因为小明具有惯性，故 B正确；C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；行车时司机要系安全带，是为防止惯性带来的危害，故 C正确；。、小明匀速爬杆时，手对杆的握力和小明受到的重力不作用在同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故。错误。故选：Do(1)由牛顿第一定律可知，物体在不受外力时，将保持静止状态或匀

8、速直线运动状态；(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；(3)二力平衡的条件是作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上，缺一不可。本题考查了牛顿第一定律的应用、惯性、平衡力等知识，难度不大，但做题要细心。2.【答案】A【解析】【分析】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。【解答】实验中，物体对受压面的压力等于物体的重力，故甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等，正确；根据转换法，甲中海绵的凹陷程度大，甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显，正确；甲、乙两次实验，受力面积不同而压力

9、相同，故说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关，错误；为了完成整个实验，还要研究压力作用效果与压力大小有关，要控制受力面积相同，故可以将乙图中的祛码取下来，并将看到的实验现象和乙图中的对比，错误：故 BCD错误，A 正确。故选A。3.【答案】C【解析】解：A、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故4错误；3、用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压，故B错误；C、大型的载重汽车装有许多车轮是为了增大受力面积，减小车对路面的压强，故C正确；。、液体压强随深度的增加而增大，所以潜水员在水中下潜时要穿潜水服

10、，故。错误。故选：CoA、流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因；以 吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里；C、在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；。、液体压强随深度的增加而增大，据此做出解答。本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的。4.【答案】B【解析】解：甲、推着小车前进，人对小车有推力的作用，小车在推力的方向上通过了距离，所以推力对小车做了功；乙、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，拉力与距离的方向垂直，故拉力没有做功；丙、绳子对物体有向上

11、的拉力，物体在拉力的方向上通过了距离，所以拉力对物体做了功；丁、人用力搬石头但没有搬动，有力作用在石头上，但石头没有通过距离，故力对物体没有做功。所以做了功的是甲和丙。故选：B。做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。5.【答案】B【解析】解：A.铁锁在摆动过程中，不断与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，机械能减小，所以铁锁摆回时不会打到鼻子，故A错误；第 10页，共21页B.铁锁在摆动过程中，上升时动能转化为重力势能，下降时

12、重力势能转化为动能，动能与重力势能相互转化，故B正确；C.铁锁由高处摆到低处的过程中，高度变小，质量不变，重力势能变小，速度变大，动能变大，克服摩擦做功，所以是重力势能转化为动能和内能，故C错误；D铁锁在运动的过程中，由于受空气阻力的作用，机械能不断减小，机械能不守恒，故。错误。故选：Bo动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；物体上升过程中动能转化为重力势能；物体下落时重力势能转化为动能；考虑空气阻力时，机械能会逐渐变小。本题考查摆动物体的能量转化，注意在动能和重力势能转化过程中，有小部分机械能转化成

13、内能。6.【答案】B【解析】解：A、成年人的质量在65依 左右，中学生的质量比成年人小一些，在50依左右。故4符合事实；B、中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04伍2左右，双脚对水平地面的压强在p=泻=漂？=1.25 x 104pa左右。故B不符合事实；C、漂浮的物体受到的浮力等于其重力。中学生的体重约5 00M游泳漂浮在水面上的中学生受到浮力约5 0 0 M故C符合事实；D、中学生的体重约500N,爬楼速度约0.3 m/s,中学生爬一层楼克服重力做功的功率约p=：=半=Gu=SOON X 0.3m/s=150W。故 D 符合事实。故选：B。不同物理量的估算，

14、有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合事实的是哪一个。物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理,同时也能让物理更好地为生活服务。7.【答案】A【解析】解：A、跳伞运动员在匀速下落过程中，其运动的速度y不随时间变化，在v-t图象中为平行于时间轴的直线，故A正确；8、跳伞运动员在匀速下落过程中，路程和时间成正比，在s-t图象中为过原点的倾斜直线，故8错误；C、重力做的功W=G/i=G优，其中重力G、速 度v都是定值，所以重力做的功卬与时间，成正比，其图象为过原点的倾斜直线，故 C 错误；D、重力做功的功率P=g =竽=G

15、u,其中重力G、速度v都是定值，故功率P 也为一定值，其图象为平行于时间轴的直线，故。错误。故选：Ao明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据匀速直线运动的特点和相应的公式判断对应图象的形状。本题通过图象考查了对匀速直线运动的特点、功和功率计算公式的应用，有一定难度。8.【答案】B【解析】解：A、台阶处的残疾人通道属于斜面，斜面是一种省力的机械，不合题意；8、旗杆顶的定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，符合题意；C、提升重物的动滑轮是动力臂为阻力臂两倍的杠杆，可以省力，不合题意；。、门上的门把手是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂大于阻力臂，是省力机械，不合题意.故选8.首先判断选

16、项中各利用了哪种机械，再根据机械的工作特点来判断其是否可以省力.此类型题目的解答要认识不同机械的特点，根据其工作原理和生活经验判断其是否可以省力.9.【答案】C【解析】解：A.由图可知，独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 A错误；BC.由图可知，支点在车轮的轴上，力F为动力,所以动力臂的长度刀=90cm+30cm=12 0 cm,阻力是G,阻力臂的长度人=30cm=0.3 m,故 8 错误、C 正确；D 车箱和石头的总重力：G=m g =1 2 0kg x 1 0N/kg=1200/V,由杠杆平衡条件可得：FLX=GL2,则人手竖直向上的力：F =-xG=x 1200/V=3

17、00/V,故。错误。120cm故选：C o(1)结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；(2)从支点到重力作用线的距离为动力臂，从支点到阻力作用线的距离为阻力臂；(3)根据杠杆的平衡条件a 刀=F2L2求出动力尸大小。本题综合考查了杠杆的分类、力臂的读取、杠杆平衡条件的应用等，难度不大，易于解答。10.【答案】B第 12页，共21页【解析】解：根据杠杆平衡条件F i=尸 2人分析，将杠杆顺时针方向转动，在 0B 达到水平位置之前的过程中，动力臂不变，阻力不变，阻力力臂变大，所以动力变大。故选：B。从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长

18、度即力臂。根据杠杆平衡条件F1G=尸 2力 2分析，力 F 作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，在。8 达到水平位置之前的过程中，阻力不变，阻力力臂变大。本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用。能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键。1 1.【答案】AC【解析】解：A、摩擦力的方向跟物体相对运动的方向相反，因为木板水平向左运动，所以，木块相对木板来说是水平向右滑动了，因此它受到的摩擦力的方向水平向左，故A 正确；8、木块4 相对于地面，位置没有变化，是静止的，故 8 错误；C、滑动摩擦力大小与物体运动速度大小无关，因此弹簧测力计的示数不会变化

19、，故 C正确；D,木块A 与木板之间发生了相对滑动，A 相对于木板是运动的，受到的是滑动摩擦力，故。错误。故选：A C.(1)摩擦力的方向跟物体相对运动的方向相反；(2)根据A 是否与地面之间发生位置变化分析；(3)滑动摩擦力的大小只跟压力大小、接触面的粗糙程度相关；(4)当一物体在另一物体表面上滑动时，在两物体接触面上产生的阻碍它们之间相对滑动的力，称为摩擦力；当物体间有相对滑动时的摩擦称动摩擦。当物体间有滑动趋势而尚未滑动时的摩擦称为静摩擦。此题主要考查摩擦力的分类，以及对摩擦力大小和方向的分析，都属于基础知识。12.【答案】BC【解析】解：由题知，A、B、C三个小球的体积相同；A、由图可

20、知,A、B、C三个小球排开水的体积关系为匕排 VB =%排，根据产 浮=滋 9稀可知，浮力的大小关系为：FA F c，根据阿基米德原理有Fc=Gc排,所以Gc Gc/f,即 C球的重大于C排开水的重；故丙容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，即F 乙 E丙。综上分析可知，三个容器对桌面压力关系为尸用=尸 FC，由于以 FB=FC，则G GB GC；所以，mA mB mc,故。错误。故选：BC(1)由图得出A、8、C三个小球排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；(2)利用p=pgh判断容器底受到水的压强关系：(3)根据物体浮沉条件、结合阿基米德原理判断三个小球重力与

21、排开水的重力关系，然后根据容器对桌面的压力等于杯内水、小球和容器的重力之和比较三个容器对桌面压力关系；(4)根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，即可得出质量关系。此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目。13.【答案】BD【解析】解：A、工人做的总功：W=F s=400/V X 3m=12007,故 A 错误。B、货物质量为60必，货物的重力G=m g =6 0kg x 1 0N/kg=6 00N,车厢的高度九=1.5m,工人做的有用功：讥有用=G h =600/V x 1.5m=900/,工人沿斜面所用的拉力为400N,木板长3 m

22、,工人做的额外功：W额 苏 =忽 一 期 硼=12001-900/=3 0 0/,故 B正确。C、工人做功的功率：P=粤=8 0 W,故 C错误。t 15sD、此斜面的机械效率：r =x 100%=x 100%=7 5%,故。正确。W您 12叫故选：B D。(1)知道拉力和斜面的长度，根据此=Fs求出工人做的总功；(2)工人沿斜面用力拉货物上升，由货物的质量根据重力公式求出货物的重力；知道货物的重和斜面的高度，根据勿=Gh求出有用功，额外功等于总功与有用功之差；(3)工人做功的功率等于总功与时间的比值；第14页，共21页(4)据机械效率公式求出斜面的机械效率。本题通过工人向车厢上拉货物，考查了

23、有用功、总功、额外功、机械效率和功率的计算,是一道常见题。1 4.【答案】惯性摩擦力【解析】解：用尺子猛力将下面的棋子击出时，受到打击的棋子飞出后，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，所以上面的棋子不会飞出而是落到正下方；用尺子缓慢击打下面的棋子，紧挨被击打棋子上面的棋子会前移，是因为它受到摩擦力的作用。故答案为：惯性；摩擦力。(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性，(2)力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变；力可以改变物体的运动状态。此题考查了力的两个作用效果、惯性的应用，属于基础性题目。1 5.【答案】1 06【解析】解：(1)铅笔静止时，

24、在水平方向上受到两手指的压力大小相等，由力相互作用可知，两手指受到的压力相等，即：F1=F2；拇指的受力面积大于食指的受力面积，根据p =9可知，拇指受到的压强小于食指受到的压强，即P1 P2；(2)笔尖对食指的压强为：P2=ft=ft=lxio1N-6m2=1 06Pa；故答案为：；1 06o(1)铅笔静止时，受到两手指的压力大小相等，由力相互作用可知，两手指受到的压力相等，拇指的受力面积大于食指的受力面积，根据p=可知两手指受到的压强大小关系；(2)已知笔尖面积和压力大小，根据p =9计算笔尖对食指的压强；本题考查压强公式的应用，压力一定时，正确判断受力面积的大小关系是比较压强大小的关键。

25、1 6.【答案】减小增大锅内气压，提高水的沸点，尽快煮熟食物【解析】解：(1)将气压计从1楼带到5楼的过程中，水柱高度变高，因为瓶内的气压是不变的，则说明是外界大气压减小了。(2)高海拔地区气压低，借助高压锅可增大锅内气压，提高水的沸点，尽快煮熟食物。故答案为：(1)减小；(2)增大锅内气压，提高水的沸点，尽快煮熟食物。大气压随海拔高度的增加而减小，当外界气压减小时，玻璃管内水柱的高度将升高；液体的沸点随气压的增加而增大，随气压的减小而降低；高山上气压低，借助高压锅可增大锅内气压，提高水的沸点，尽快煮熟食物。本题考查了自制气压计的原理、大气压与高度的关系，难度不大。1 7 .【答案】A B C

26、 C【解析】解：指甲剪可以看成是由一个撬棒和一个镜子组成：(1)镜子是由0 8。和。匹 两 个杠杆组成，支点。点，动力作用在E点，阻力作用在。点。使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；(2)撬棒是A B C,使用时A B C 绕 C点转动，则 C为支点，动力作用在A处，阻力作用在B处，使用时动力臂大于阻力臂，所以A B C 是省力杠杆。故答案为：A B C；C o杠杆可分为：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。解决本题的关键是能够结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。1 8.【答案】7 5

27、 0 1 5 0【解析】解：(1)由P =/得，该机器人在1 0 s 内所做的功为：W =Pt=7 5W x 1 0 s =7 5 0/；(2)由皿=F s 可得，该机器人在沿直线匀速清扫过程中的牵引力为：昨仁幽=1 5 0 N,s 5m因该机器人在沿直线匀速清扫过程中处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力,所以，在此过程中受到的阻力为：f=F =1 5 0/V o故答案为：7 5 0；1 5 0(1)知道机器人工作时功率和时间，根据W=P t 求出在1 0 s 内所做的功；(2)知道牵引力做的功和该机器人在沿直线匀速清扫过程中前进的距离，根据W=F s 求出牵引力的大小，该机器人在沿直

28、线匀速清扫过程中处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力的大小相等。本题考查功、功率公式的灵活应用以及二力平衡条件的应用，掌握相应公式，并能灵活运用是解题的关键。1 9.【答案】3 0 0 3 6【解析】解：(1)动力臂J=0.9m +0.6 n l=1.5 m,由杠杆平衡条件F i k =F 2 G 可得：F i X 1.5 m =SOON X 0.9m,第 16页，共21页解 得,F=300/V：因为力的作用是相互的，所以双手对地面的压力：F=F1=300/V；(2)他lm in做功：W=nWr=nFTs=30 x 300/V x 0.24m=2160/；他做俯卧撑时的功率为：=

29、*=挈36小。t 60s故答案为：300；36。(1)由图可得动力臂和阻力臂的大小，然后利用杠杆平衡的条件F#i =F 2 G可以求出地面对手的力，根据力的作用是相互的，可得双手对地面的压力；(2)根据W=Fs求出他lm in做的功，利用P=/求出做功功率。本题考查了杠杆的平衡条件、功的计算、功率的计算，这是一道结合学生实际的题目,要学会分析题目所给的图形，从图形上找到解题的信息。20.【答案】解：飞椅受到的重力作用点在重心，方向竖直向下，飞椅受到绳的拉力,方向沿绳子向上，作用点画在重心，物体受到重力和拉力的示意图如图：【解析】画力的示意图要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出这

30、个力。本题考查了重力和拉力的示意图和画法。注意它们的作用点可以都画在重心上，但是他们的方向都是不同的。21.【答案】解：过力臂切的右端，作垂直于人的直线，与杠杆O A的交点为力尸2的作用点，方向斜向左下方，即为2；作及的延长线，过支点。作用的垂线，即为a的力臂人，如图所示：【解析】力臂是支点到力的作用线的距离，作图时把握住力和力臂的垂直关系即可做出阻力。本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。22.【答案】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数

31、，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。设计滑轮组的绕绳方案应从两方面考虑，一是省力情况，二是绳子自由端的方向。23.【答案】解：由图可知，承担物重的绳子股数n=3,(1)不计绳重和滑轮与轴的摩擦，则拉力F=(G+G动)，所以动滑轮重力：G动=3F-G =3 X 500/V-1200/V=300/V；(2)滑轮组的机械效率：n=-W-商-用-=-G h =G h =G =-1-2-0-0-N-x 100%.=8o0n n%/；w,.,Fs F3h 3F 3X500N(3)拉力端移动速度：v=3V物=3 x 0.1m/s=03m/s,拉力做功的功率：P=Fv=500/V x 03m/s=

32、150W,答：(1)动滑轮所受的重力为300M(2)滑轮组的机械效率为80%；(3)拉 力 厂做功的功率为150Wo【解析】(1)由图知，承担物重的绳子股数n=3,不计绳重和滑轮与轴的摩擦，拉力尸=式G+G Q 据此求动滑轮重力；(2)知道拉力和物重，利用4=/=詈=篙=邕求滑轮组的机械效率；总(3)拉力端移动速度等于物体上升速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功功率。本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、拉力功率和机械效率的计算。利用好两个推导公式T ：一1 3 W Fs 一 n W 言 用 Gh Gh c7Gp=E=7=F，-=-=-O24.【答案】平 衡 力 臂2寻找普遍规律变大【解析】解：(1

33、)杠杆静止或匀速转动叫杠杆的平衡，故小王把杠杆放在支架上后，在图甲所示位置静止，这时的杠杆处于平衡状态；(2)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂；第18页，共21页(3)设杠杆的一个小格是/,一个挂钩码重为G,根据杠杆平衡条件得,2G x3l=3GxL2,所以G =2 1,所以需挂在杠杆。点右侧第2格的位置挂3个钩码；(4)探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点。两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论

34、，使实验结论具有普遍性，避免偶然性；(5)保持B点不变，若拉力f向右倾斜时，此时尸的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大。故答案为：(1)平 衡;(2)力臂；(3)2；(4)寻找普遍规律；(5)变大。(1)根据杠杆平衡的定义分析；(2)探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；(3)根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置：(4)用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差;有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；(5)当拉力厂向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍

35、在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。25【答案】转 换 法 惯 性 阻 力 不 能 在 质量一定时，速度越大，动能越大没有控制水平面的粗糙程度相同【解析】解：(1)实验中通过观察木块8移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；(2)小钢球在水平面上不能立即停下，是因为小钢球具有惯性，小木块最终会停下来是因为受到阻力的作用；若水平面绝对光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动，无法通过木块移动的距离来判定动能的大小，所以不能达到探究目的；(3)甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不

36、同，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故可以得出结论：在质量一定时，速度越大，动能越大；(4)图2所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，控制其它因素相同，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，故这种实验方法是错误的。故答案为：(1)转换法；(2)惯性；阻力；不能；(3)在质量一定时，速度越大，动能越大；(4)没有控制水平面的粗糙程度相同。(1)实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小，这用到了转换法；(2)一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；力是改变物体运动状态的原因；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木

37、块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动；（3）（4）动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变:在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。本题考查了动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法来探究动能大小跟各因素之间的关系。26.【答案】天平首先将天平放在水平桌面上，用天平测量蜡块质量为r n,将小铁块系在蜡块下方，然后先将小铁块浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为爪1，再将小铁块和木块一起浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为巾2 P=

38、moP水m2-m1【解析】解：（1）由题意可知，要测量蜡块密度，根据p=知需要用天平测量蜡块的质量；（2）根据p=/知实验中需要用天平、烧杯、小铁块以及细线结合在一块来测量出蜡块的体积，其步骤为：首先将天平放在水平桌面上，用天平测量蜡块质量为nt。，将小铁块系在蜡块下方，然后先将小铁块浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为再将小铁块和木块一起浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为巾2；（3）根据阿基米德原理知m2g-=P水gv排，所以蜡块的体积为：m2-m1P水蜡块的密度为:P=_m _ m0 _ 租 0。次0次故答案为：（1）天平；（2）首先将天平放在水平桌面上，用天平测量蜡

39、块质量为血0,将小铁块系在蜡块下方，然后先将小铁块浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为再将小铁块和木块一起浸没在水中（不碰容器壁和底），此时天平的示数为瓶2；（1）根据P=判断出需要补充的测量工具；（2）要测量蜡块的体积，实验中需要用烧杯、小铁块以及细线结合在一块来测量出蜡块的体积，据此设计实验步骤；（3）根据阿基米德原理列等式表示出蜡块的体积，由密度公式表示出蜡块的密度。本题测量小蜡块的密度，排水法测体积是关键。第20页，共21页2 7.【答案】解：(1)设木块的体积为V,长方体木块放入容器中静止时，木块有|的体积露出水面，因长方体静止时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，所

40、以，G =F =p g x(l-|=|p g U,若在木块上放一铁块，使木块刚好全部压入水中，整体漂浮，则G +G镂=F浮怒=pgV,所以，G.=F-F =p g V-pgV=pgV,铁块的重力与木块重力之比：G铁:G木=|p g V：|p g 1 Z =2：3；(2)长方体木块放入容器中静止时，圆柱形盛水容器中水面上升的高度：警,So 5so因容器底部受到水的压强跟木块未放入水中时相比，增大了P o,所以，由=。9人 可得：Po=pgA h=p g x 则v=“o spgSSOPO木块刚好全部压入水中时，圆柱形盛水容器中水面上升的高度：A=乎=迎，So So 3Pg这时容器底部所受水的压强跟

41、木块未放入水中时相比，增加了：A p=pgA h!=p g义5Po _ 5荻 一2；答：(1)铁块的重力与木块重力之比是2：3；(2)这时容器底部所受水的压强跟木块未放入水中时相比，增加了|p o。【解析】(1)长方体木块放入容器中静止时，木块有|的体积露出水面，此时长方体受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理表示出木块的重力；若在木块上放一铁块,使木块刚好全部压入水中，整体漂浮，木块的重力和铁块的重力之和等于总浮力，然后联立等式即可求出铁块的重力，最后求出铁块的重力与木块重力之比；(2)长方体木块放入容器中静止时，根据U =S/i求出圆柱形盛水容器中水面上升的高度,此时容器底部受到水的压强跟木块未放入水中时相比增大了P o,根据p =p g h求出木块的体积，木块刚好全部压入水中时，根据U =S/i求出圆柱形盛水容器中水面上升的高度,利用p =p g h求出这时容器底部所受水的压强跟木块未放入水中时相比的增加量。本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式的综合应用，分析好容器内水深度的变化和木块的位置是关键。