2020年高考物理真题试卷（江苏卷）.pdf

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1、2020年高考物理真题试卷（江苏卷）阅卷入_ _ _ _ _ _ _ _ _ _一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分.每小题只得分 有一个选项符合题意.（共5题；共15分）1.（3 分）质量为1.5 x103 k g 的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为20m/s,受到的阻力大小为1.8x 103/V o 此时，汽车发动机输出的实际功率是（）A.90W B.30kW C.36 kW D.300 kW【答案】C【解析】【解答】汽车匀速行驶，则牵引力与阻力平衡F=/=1.8X103N汽车发动机的功率p=Fv=1.8 x 103 x 20W=3 6kW故答案为：C【分析】当汽车的牵引力

2、等于阻力的时候，汽车的加速度为零，此时的汽车的速度最大，利用公式P=Fv求解即可。2.（3 分）电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示。其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上。则电流互感器（）电路B.能测量直流电路的电流C.原、副线圈电流的频率不同D.副线圈的电流小于原线圈的电流【答案】D【解析】【解答】A.原线圈匝数较少，电流互感器是一种降电流的变压器，A 选项错误。B.电流互感器的工作原理是电磁感应中的互感现象，只可以测量交变电流，B 选项错误。C.电流互感器不会改变电流的频率，只改变电流，故原、副线圈电流的频率相同。C 选项错误。D.原线圈匝数

3、较少，电流互感器是一种降电流的变压器，副线圈的电流小于原线圈的电流。D符合题意。故答案为：Do【分析】利用变压器原副线圈匝数比与电压、电流的关系求解副线圈的电压、电流即可，变压器不改变电流的频率。3.（3分）如图所示，两匀强磁场的磁感应强度B i和Bz大小相等、方向相反。金属圆环的直径与两磁场的边界重合。下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是（）A.同时增大B i减小B2B.同时减小B i增大B2C.同时以相同的变化率增大B i和B2D.同时以相同的变化率减小&和B2【答案】B【解析】【解答】A B.产生顺时针方向的感应电流则感应磁场的方向垂直纸面向里。由楞次定律可知，圆环中的净磁通量变化

4、为向里磁通量减少或者向外的磁通量增多，A不符合题意，B符合题忌、oC D.同时以相同的变化率增大B i和B 2,或同时以相同的变化率较小BI和B 2,两个磁场的磁通量总保持大小相同，所以总磁通量为0,不会产生感应电流，C D不符合题意。故答案为：B。【分析】闭合电路中的磁通量发生改变，回路中就会产生感应电流，结合电流的方向，利用楞次定律判断磁场的变化。4.（3分）如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动，最后停在水平地面上。斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面间的动摩擦因数均为常数。该过程中，物块的动能Ek与水平位移x关系的图象是（）【答案】A【解析】【解答】由题意可知设斜面倾角为0

5、,动摩擦因数为内 则物块在斜面上下滑水平距离x 时根据动能定理有mgxtand-卬n g c o s。=Ek整理可得（m g t a n。卬n g）x =Ek即在斜面上运动时动能与x 成线性关系；当小物块在水平面运动时有iimgx=Ek即在水平面运动时动能与x 也成线性关系；综上分析可知A符合题意。故答案为：A o【分析】对物体进行受力分析，合外力做功对应故物体动能的变化量，合外力对物体做正功，物体的动能增加。5.（3 分）中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力量。某运送防疫物资的班列由4 0 节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第 2 节对第

6、3 节车厢的牵引力为F。若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3 节对倒数第2 节车厢的牵引力为（）A.F B.密 C.岳 D.若【答案】C【解析】【解答】根据题意可知第2节车厢对第3 节车厢的牵引力为F,因为每节车厢质量相等，阻力相同，故第2节对第3 节车厢根据牛顿第二定律有F-3 8 f=3 8 ma设倒数第3 节车厢对倒数第2 节车厢的牵引力为B,则根据牛顿第二定律有F i-2 f=2ma联立解得Fi=5。故答案为：Co【分析】分别对每一节车厢进行受力分析，结合车厢的加速度，利用牛顿第二定律求解车厢的受力情况。阅卷人 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有

7、多一个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分,错选或不得分 答的得。分。（共4题；共16分）6.（4 分）某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。当汽车启动时，开关S 闭合,电机工作，车灯突然变暗，此 时（）A.车灯的电流变小C.电路的总电流变小B.路端电压变小D.电源的总功率变大【答案】A,B,D【解析】【解答】A.开关闭合时，车灯变暗,故流过车灯的电流/灯变小，A 符合题意;B.电路的路端电压为11路=U灯=1心 灯变小，路端电压变小，B 符合题意；U EUC.总电流即干路电流为/=_ 包=_登干 T YU路减小，干路电流增大，C 不符合题意；D.电源总功率为P总=

8、EI/于增大，总功率变大，D 符合题意。故答案为：ABD。【分析】闭合开关，电动机并联在电路中，接入电路中的电阻变小，结合欧姆定律求解电流、电压的变化，利用功率公式求解功率的变化。7.（4 分）甲、乙两颗人造卫星质量相等，均绕地球做圆周运动，甲的轨道半径是乙的2 倍。下列应用公式进行的推论正确的有（）A.由v=ygR可知，甲的速度是乙的V 2 倍B.由 0=32厂可知，甲的向心加速度是乙的2 倍C.由 F=G等可知，甲的向心力是乙的1D.由 =卜 可知，甲的周期是乙的2或 倍【答案】C,D【解析】【解答】卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，则=m 2r=4TT2m9-r=ma甘A.因为在

9、不同轨道上g 是不一样的，故不能根据=再得出甲乙速度的关系，卫星的运行线速度 八用，代入数据可得或=产=与,A 不符合题意；B.因为在不同轨道上两卫星的角速度不一样，故不能根据a=但2 r 得出两卫星加速度的关系，卫Q 丁 2星的运行加速度a=等，代入数据可得 J=，B 不符合题意；浮%T甲2 4P r 2C.根 据 F府=3 孚，两颗人造卫星质量相等，可得尸，c 符合题意；r 向乙r甲3T Jr 3D.两卫星均绕地球做圆周运动，根据开普勒第三定律J=k，可 得F=不=2鱼，D 符产 丁 乙J乙 3合题意。故答案为：CDo【分析 1 卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，结合卫星的轨道半径，根据

10、向心力公式列方程比较卫星线速度、角速度、加速度的大小即可。8.（4 分）如图所示，小球A、B 分别从21和 1的高度水平抛出后落地，上述过程中A、B 的水平位移分别为1和 2/。忽略空气阻力，则（）BA.A 和 B 的位移大小相等B.A 的运动时间是B 的2 倍C.A 的初速度是B 的;D.A 的末速度比B 的大【答案】A,D【解析】【解答】A.位移为初位置到末位置的有向线段，如图所示可得S4=小2+0）2=圾,sB=J l2+（2/）2=V5/A 和 B 的位移大小相等，A 符合题意；B.平抛运动运动的时间由高度决定，即tA=V 2x旧,则A 的运动时间是B 的 鱼 倍，B 不符合题意；C.

11、平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则*。2-1则A 的初速度是B 的 泰,C 不符合题意；D.小球A、B 在竖直方向上的速度分别为vyA=2ygl,vyB=yj2gl所 以 可 得 以=孕 i=2 4=挈即vA vB,D 符合题意。故答案为：AD。VxB=Y=【分析】物体做平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，利用竖直方向的距离求出运动时间，根据水平方向的位移求解初速度。9.（4 分）如图所示，绝缘轻杆的两端固定带有等量异号电荷的小球（不计重力）。开始时，两小球分别静止在A、B 位置。现外加一匀强电场E,在静电力作用下，小球绕轻杆中点。转到水平位置。取 O 点的电势为0。下列说

12、法正确的有（）A.电场E 中A 点电势低于B 点B.转动中两小球的电势能始终相等C.该过程静电力对两小球均做负功D.该过程两小球的总电势能增加【答案】A,B【解析】【解答】A.沿着电场线方向，电势降低，A 符合题意；B.由于O 点的电势为0,根据匀强电场的对称性（PA=（PB又 心=Ep=q（p,所以 EPA=EpBB 符合题意；CD.A、B 位置的小球受到的静电力分别水平向右、水平向左，绝缘轻杆逆时针旋转，两小球静电力对两小球均做正功，电场力做正功，电势能减少，CD不符合题意；故答案为：ABo【分析】结合题目中给出的电场线模型，电场线密集的区域电场强度大，沿电场线方向电势减小，电场力做正功，

13、电势能减小，电场力做负功，电势能增加。三、简答题：本题分必做题（第2题）和选做题（第13题）两部分，共计42分.（共2题；共18分）10.（8 分）某同学描绘一种电子元件的/-U 关系图象，采用的实验电路图如题图1所示，V 为电压表，mA为电流表，E 为电源（电动势约6V）,R 为滑动变阻器（最大阻值200）,Ro为定值电阻，S 为开关。阅卷入得分电K：衰图2图1（1）（2分）请用笔画线代替导线，将题图2所示的实物电路连接完整。（2）（2分）调节滑动变阻器，记录电压表和电流表的示数如下表:电 压U/V0.0 0 00.2 5 00.5 0 00.6 5 00.7 0 00.7 2 50.7 5

14、 0电流I/m A0.0 00.1 00.2 50.6 01.7 04.3 07.5 0请根据表中的数据，在方格纸上作出该元件的/-。图线。7*mAO 0.1 0J 0.3 0.4 0.5 06 0.7 0X（3）（2分）根据作出的1 U图线可知，该元件是（选填“线性”或“非线性”）元件。（4）（2分）在上述测量中，如果用导线代替电路中的定值电阻&,会导致的两个后果是A.电压和电流的测量误差增大B.可能因电流过大烧坏待测元件C.滑动变阻器允许的调节范围变小D.待测元件两端电压的可调节范围变小【答案】(1)(3)非线性元件(4)B；C【解析】【解答】(1)根据题意连接电路如图如图;(2)根据表格

15、中数据描点，并用平滑的曲线连接各点/mA;（3）根据图像可知该元件是非线性元件。（4）A B.U图线上某点与原点连线的斜率为1 ,根据元件的特性可知，当电压超过一定数值时，电流会急剧增大，所以电阻会急剧减小，若用导线代替Ro,电流急剧增大，可能会烧坏待测元件，对电流表和电压表的测量误差无影响，A不符合题意，B 符合题意；C D.根据图像可知待测元件的电压范围小于1 1/,而电源电动势为6V ,因为待测元件两端电压非常小，如果用导线代替/?0，会导致滑动变阻器的调节范围变得非常小，难以调节，C 符合题意，D 不符合题意。故答案为：BCo【分析】（1）结合电路图按照电流的流向连接实物图即可；（2）

16、结合表格中的数据在坐标系中描点连线即可；（3）对于元件的伏安特性曲线不是一条直线，故为非线性元件；（4）电压一定时，电路中的电阻越小，电路中的电流越大。1 1.（1 0分）疫情期间“停课不停学”，小明同学在家自主开展实验探究。用手机拍摄物体自由下落的视频，得到分帧图片，利用图片中小球的位置来测量当地的重力加速度，实验装置如题图1 所示。图 2(1)(2.5 分)家中有乒乓球、小塑料球和小钢球，其中最适合用作实验中下落物体的是 O(2)(2.5 分)下 列 主 要 操 作 步 骤 的 正 确 顺 序 是。(填写各步骤前的序号)把刻度尺竖直固定在墙上捏住小球，从刻度尺旁静止释放手机固定在三角架上，

17、调整好手机镜头的位置 打开手机摄像功能，开始摄像(3)(2.5 分)停止摄像，从视频中截取三帧图片，图片中的小球和刻度如题图2 所示。已知所截取的图片相邻两帧之间的时间间隔为，刻度尺的分度值是l m m ,由此测得重力加速度为m/s2。(4)(2.5 分)在某次实验中，小明释放小球时手稍有晃动，视频显示小球下落时偏离了竖直方向。从该视频中截取图片，(选填 仍能 或 不能)用(3)问中的方法测出重力加速度。【答案】(1)小钢球 (3)9.61 (9.5 9.7)(4)仍能【解析】【解答】(1)要测量当地重力加速度需要尽量减小空气阻力的影响，所以密度大体积小的小钢球最适合；(2)要完成实验首先应该

18、将刻度尺竖直固定在墙上，安装好三脚架，调整好手机摄像头的位置；因为下落时间很短，所以一定要先打开摄像头开始摄像，然后在将小球从刻度尺旁静止释放，故顺序为 ；(3)由三张图片读出小球所在位置的刻度分别为2.50 c m,2 6.50 c m,77.2 0 c m；小球做自由落体运动，根 据 4%=gT2可 得 g =簿=(77.20-26.50)X10-2-(26.50-2.50)X10-2.2,2-i-4-m/s2=9.61 7n/s2(4)因为就算小球偏离了竖直方向，但是小球在竖直方向上的运动依然是自由落体运动，对实验结果无影响，故仍能用前面的方法测量出重力加速度。【分析】(1)小球质量越大

19、，体积越小，受到的阻力就越小，实验越精确；(2)需要注意的是，为了使照片记录小球的运动全过程，需要先开启摄像，再释放小球；(3)物体做自由落体运动，结合初末状态的速度求解运动的时间，利用运动学公式求解重力加速度；（4）物体做平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，只考虑竖直方向运动即可。阅卷入-四、选修 3-5（共1题；共12分）得分1 2.（1 2 分）（1）（4 分）“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。若人体温度升高，则人体热辐射强度I 及其极大值对应的波长A的变化情况是（

20、）A.I增大，A增大 B.I增大，X减小C.I减小，4增大 D.I诚小，4减小（2）（4 分）大量处于某激发态的氢原子辐射出多条谱线，其中最长和最短波长分别为乙和%2，则 该 激 发 态 与 基 态 的 能 量 差 为，波长为力的光子的动量为 o （已知普朗克常量为h,光速为c）（3）（4分）一只质量为1.4kg的乌贼吸入0.1kg的水，静止在水中。遇到危险时，它在极短时间内把吸入的水向后全部喷出，以 2 m/s 的速度向前逃窜。求该乌贼喷出的水的速度大小V。【答案】（1）B.c h（2）八%；汨（3）解：乌贼喷水过程，时间较短，内力远大于外力；选取乌贼逃窜的方向为正方向，根据动量守恒定律得0

21、 =m v2解得喷出水的速度大小为v2=弓*I；2m/s =28 m/s【解析】【解答】（1）黑体辐射的实验规律如图o4Z/pm特点是，随着温度升高，各种波长的辐射强度都有增加，所以人体热辐射的强度/增大；随着温度的升高，辐射强度的峰值向波长较短的方向移动，所 以 A减小。故答案为：B。（2）根 据 c =4 v可知波长越短，对应光子的频率越大，对应跃迁的能级差越大；可知最短波长A2对应基态到激发态的能量差最大，结 合 =瓜 得/E =%=喘波长为左 对应的光子动量为P i=【分析】（1）对于黑体辐射，温度越高，辐射强度也会增加，同时辐射的频率会增加，对应的波长会减小，结合图像分析求解即可；（

22、2）当电子由低能级跃迁到高能级时，电子需要吸收能量，当电子由高能级跃迁到低能级时，电子需要释放能量，结合公式求解产生或吸收光子的频率；（3）乌贼和喷出的水两部分组成系统动量守恒，利用动量守恒定律列方程分析求解即可。五、本题包括13、14两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答.若多做，则按13小题评分.（共2题；共24分）1 3.（1 2 分）选修 3-3 阅卷入得分（1）（4分）玻璃的出现和使用在人类生活里已有四千多年的历史，它是一种非晶体。下列关于玻璃的说法正确的有（）A.没有固定的熔点 B.天然具有规则的几何形状C.沿不同方向的导热性能相同 D.分子在空间上周期性排列（2）（4

23、分）一瓶酒精用了一些后，把瓶盖拧紧，不久瓶内液面上方形成了酒精的饱和汽，此时（选填“有”或“没有”）酒精分子从液面飞出。当温度升高时，瓶 中 酒 精 饱 和 汽 的 密 度 （选填“增大”“减小”或“不变”）。（3）（4分）一定质量的理想气体从状态A 经状态B变化到状态C,其 p-3 图象如图所示，求该过程中气体吸收的热量Q。p/IO5 PaB A0.5 1.0【答案】（1）A；C（2）有；增大（3）解：根 据 P-4图像可知状态A 和状态C温度相同，内能相同；故从A 经 B到 C过程中气体吸收的热量等于气体对外所做的功。根据图像可知状态A 到状态B为等压过程，气体对外做功为勿1 =2 x 1

24、 05 x （2 -1）/=2 x 10sJ状态B到状态C为等容变化，气体不做功；A 经 B到 C过程中气体吸收的热量为Q=%=2 X1 05；【解析】【解答】（1）根据非晶体的特点可知非晶体是指组成物质的分子（或原子、离子）不呈空间有规则周期性排列的固体。它没有一定规则的外形。它的物理性质在各个方向上是相同的，叫“各向同性”。它没有固定的熔点。故答案为：A C。（2）形成饱和气后，酒精还是会蒸发，只是液体里跑到气体中的分子和气体中的分子跑到液体里的速度一样快，整体来看是不变的。即此时仍然会有酒精分子从液面飞出；温度升高使气体分子的动能增大，离开液体表面的气体分子更多，饱和汽密度增大。【分析】

25、（1）固体分为晶体和非晶体，晶体具有熔点，非晶体没有熔点，晶体分为单晶体和多晶体，都具有熔点，但是单晶体各向异性，多晶体各向同性，非晶体没有熔点，各向同性；（2）分子在永不停息的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；（3）利用热力学第一定律A U=Q-W 求解气体吸收的热量，其 中 A U气体内能的变化，W 是气体对外界做的功。1 4.（1 2 分）选修 3-4（1）（4分）电磁波广泛应用在现代医疗中。下列属于电磁波应用的医用器械有（）A.杀菌用的紫外灯 B.拍胸片的X光机C.治疗咽喉炎的超声波雾化器 D.检查血流情况的“彩超”机（2）（4分）我国的光纤通信技术处于世界领先水平。光纤内芯（内

26、层玻璃）的折射率比外套（外层玻璃）的（选填“大”或“小，某种光纤的内芯在空气中全反射的临界角为43。，则该内芯的折射率为 o s i n 43 =0.68,c o s 43=0.7 3，结果保留2 位有效数字）（3）（4 分）国际宇航联合会将2020年度“世界航天奖”授予我国“嫦娥四号”任务团队。“嫦娥四号”任务创造了多项世界第一、在探月任务中，“玉兔二号 月球车朝正下方发射一束频率为f 的电磁波，该电磁波分别在月壤层的上、下表面被反射回来，反射波回至广玉兔二号 的时间差为A t 已知电磁波在月壤层中传播的波长为A ,求该月壤层的厚度d。【答案】（1）A；B（2）大；1.5（3）解：电磁波的在

27、土壤中传播速度满足v=Xf根据题意可知2d=v-A t解得土壤厚度为日二冬加【解析】【解答】（1）A.紫外灯的频率高，能量强，所以用于杀菌，属于电磁波的应用，A符合题意；B.X光的穿透能力较强，所以用于拍胸片，属于电磁波的应用，B符合题意；C.超声波雾化器是超声波的应用，与电磁波无关，C不符合题意；D.彩超属于超声波的应用，与电磁波无关，D不符合题意。故答案为：A B。（2）根据全反射定律s i n C =-可知光钎内芯的折射率比外套的折射率大，这样光n在内芯和外壳的界面上才能发生全反射，保证信息的传输。折射率为7 1 =C m =嘉=1.5s i n 43 0.68【分析】（1）电磁波谱非常

28、的宽，无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、Y 射线都是电磁波，并且频率越来越大，波长越来越短；（2）通过几何关系求出光的入射角和折射角，利用折射定律求解介质的折射率；（3）结合电磁波的频率和波长求解电磁波在土壤中的传播速度，乘以传播时间的一半即为土壤的厚度。阅卷入 X、计算题：本题共3 小题，共计4 7 分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分.有数值计得分 算的题，答案中必须明确写出数值和单位。（共 3 题；共 4 7 分）15.（15分）如图所示，电阻为0.10的正方形单匝线圈abed的边长为0.2血，b e边与匀强磁场边缘重合。磁场的宽度等于

29、线圈的边长，磁感应强度大小为0.5 T。在水平拉力作用下，线圈以8 m/s的速度向右穿过磁场区域。求线圈在上述过程中：x X X-X XX x JXXX|X Xa F:X X XX：i i.JX：（1）（5 分）感应电动势的大小E；（2）（5 分）所受拉力的大小F；（3）（5分）感应电流产生的热量Q。【答案】（1）解：由题意可知当线框切割磁感线是产生的电动势为E=BLv=0.5 X 0.2 x 8/=0.8 V（2）解：因为线框匀速运动故所受拉力等于安培力，有 尸=F =B/L根据闭合电路欧姆定律有1=今K结合（1）联立各式代入数据可得F=0.8 N解.：线框穿过磁场所用的时间为与=竿$=0.

30、。5 s故线框穿越过程产生的热量为Q=l2Rt=骨=詈 x 0.05/=0.3 2/【解析】【分析】（1）闭合电路中的磁通量发生改变，回路中就会产生感应电流，利用楞次定律判断电流的流向，利用法拉第电磁感应定律求解电压的大小：（2）利用左手定则和公式求解安培力的方向，再结合安培力公式求解导体棒受到的安培力大小；（3）结合电流大小和导线框的电阻，利用焦耳定律求解焦耳热即可。16.（16 分）如图所示，鼓形轮的半径为R,可绕固定的光滑水平轴O转动。在轮上沿相互垂直的直径方向固定四根直杆，杆上分别固定有质量为m的小球，球与O的距离均为2R o在轮上绕有长绳，绳上悬挂着质量为M 的重物。重物由静止下落，

31、带动鼓形轮转动。重物落地后鼓形轮匀速转动，转动的角速度为3。绳与轮之间无相对滑动，忽略鼓形轮、直杆和长绳的质量，不计空气阻力，重力加速度为g。求：O（1）（5 分）重物落地后，小球线速度的大小v；（2）（5.5 分）重物落地后一小球转到水平位置A,此时该球受到杆的作用力的大小F；（3）（5.5 分）重物下落的高度h。【答案】（1）解：由题意可知当重物落地后鼓形轮转动的角速度为s,则根据线速度与角速度的关系可知小球的线速度为v =2Ra）（2）解：小球匀速转动，当在水平位置时设杆对球的作用力为E合力提供向心力，则有F2-（m g）2=m 结合（1）可解得杆对球的作用力大小为F=m j 4R 23

32、 4+g 2（3）解：设重物下落高度为H,重物下落过程中对重物、鼓形轮和小球组成的系统，根据系统机械 能守恒口J 知 M g H =谥+2 x而重物的速度等于鼓形轮的线速度，有%=/?32 Q联立各式解得H=（”+1整 1右【解析】【分析】（1）重物的速度与圆形轮边缘的线速度相同，结合半径和角速度求解线速度；（2）小木棍不仅可以提供支持力，还能提供向下的拉力，对处在不同位置的小球进行受力分析，根据速度结合向心力公式求解小木棍对小球的作用力；（3）重物和轮子两个物体组成系统机械能守恒，利用机械能守恒列方程分析求解下落高度即可。1 7.（1 6 分）空间存在两个垂直于。孙 平面的匀强磁场，y 轴为

33、两磁场的边界，磁感应强度分别为2B0、3 B 0。甲、乙两种比荷不同的粒子同时从原点0沿 x 轴正向射入磁场，速度均为v。甲第1次、第 2 次经过y 轴的位置分别为P、Q,其轨迹如图所示。甲经过Q时，乙也恰好同时经过该点。己知甲的质量为m,电荷量为q。不考虑粒子间的相互作用和重力影响。求：（1）（5分）Q到0的距离d；（2）（5.5 分）甲两次经过P点的时间间隔4 C；（3）（5.5 分）乙的比荷 可能的最小值。m【答案】（1）解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由qvB=m iR为 R-m V D -mV得，勺-硒，R2-布瓦Q、0的距离为：d =2%-2R2=湍（2）

34、解：由（1）可知，完成一周期运动上升的距离为d,粒子再次经过P,经过N个周期，N=0P 2 勺万=工=3所以，再次经过P点的时间为t=NT =3 T由匀速圆周运动的规律得，7 =竽=翳_ 2TT/?2 _ 27nH 2-F-硒绕一周的时间为：7 =与+今解得：丁 =疆所以，再次经过P点 的 时 间 为t=37 =鼐两次经过p点的时间间隔为：A t=t T解得：小嗡 解：由洛伦兹力提供向心力，由q uB =m寻 得，&=孟%,_ m!v“诉d =2 R 1-2 R 2若乙粒子从第一象限进入第二象限的过程中与甲粒子在Q点相遇，则：2Rr+nd=0Q=d结合以上式子，n无解。若乙粒子从第二象限进入第

35、一象限的过程中与甲离子在Q点相遇，贝U：nd =0Q计 算 可 得 需 噎（田2,3）由于甲乙粒子比荷不同，则n=2时,乙 的 比 荷 最小，为 瑙【解析】【分析】带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，在洛伦兹力的作用下粒子做圆周运动，根据磁场方向、电性和运动方向确定粒子的运动轨迹，结合向心力公式求解轨道半径，再结合向心力公式分析求解即可。试题分析部分1、试卷总体分布分析总分：132分分值分布客观题（占比）31.0(23.5%)主观题（占比）101.0(76.5%)题量分布客观题（占比）9(52.9%)主观题（占比）8(47.1%)2、试卷题量分布分析大题题型题目量（占比）分 值（占比）单项选择题：本

36、题共5小题，每小题3分，共计15分.每小题只有一个选项符合题意.5(29.4%)15.0(11.4%)多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分海小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分,错选或不答的得0分。4(23.5%)16.0(12.1%)简答题：本题分必做题（第1012题）和选做题（第13题）两部分洪计4 2分.2(11.8%)18.0(13.6%)选修3-51(5.9%)12.0(9.1%)本题包括13、14两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答.若多做，则按13小题评分.2(11.8%)24.0(18.2%)计算题：本题共3 小题，共计4 7

37、分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。3(17.6%)47.0(35.6%)3、试卷难度结构分析序号难易度占比1普通(52.9%)2容易(47.1%)4、试卷知识点分析序号知 识 点（认知水平）分 值（占比）对应题号1电路的动态变化分析4.0(3.0%)62对单物体（质点）的应用3.0(2.3%)53电磁波谱12.0(9.1%)144卫星问题4.0(3.0%)75伏安特性曲线8.0(6.1%)106电势差、电势、电势能4.0(3.0%)97功率的计算3.0(2.3%)18气体的变化图像P-V图、P-T图、

38、V-T图12.0(9.1%)139自由落体运动10.0(7.6%)1110万有引力定律及其应用4.0(3.0%)711平抛运动4.0(3.0%)812电场力做功4.0(3.0%)913动量守恒定律12.0(9.1%)1214光的波粒二象性12.0(9.1%)1215固体和液体12.0(9.1%)1316变压器原理3.0(2.3%)217楞次定律3.0(2.3%)318带电粒子在匀强磁场中的圆周运动16.0(12.1%)1719热力学第一定律（能量守恒定律12.0(9.1%)1320法拉第电磁感应定律15.0(11.4%)1521光的折射12.0(9.1%)1422动能定理的综合应用19.0(14.4%)4,1623竖直平面的圆周运动16.0(12.1%)16