《试卷3份集锦》拉萨市2022届物理高一下期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）如图所示，实线为电场线，虚线AB为带电质点仅在电场力作用下的运动轨迹，则运动过程中下列判断正确的是A.带电质点可能带负电B.带电质点一定由A运动至BC.带电质点在A点动能大于在B点动能D.带电质点在A点电势能大于在B点电势能【答案】D【解析】【详解】A.粒子受力方向为向左，质点一定带负电，故A错误；B.由于只有质点的运动轨迹，不能判断运动方向是从A到B,还是从B到A,故B错误；CD.若质点从A到B电场力做正功，电势能减小，由动能定理可知动能增加，

2、所以带电质点在A点动能小于 在B点动能，A点电势能大于在B点电势能，故C错误，D正确；2.某质点在同一平面内受到三个共点力，它们的大小和方向如图所示.这三个力的合力方向为/=j-20NFi-IONA.沿 着x轴正方向B.沿 着x轴负方向C.沿着y轴正方向D.沿着y轴负方向【答案】A【解析】【详解】由图L、Fz的方向沿坐标轴，根据平行四边形定则知，将F3分 解F3x=-20 xsin6（T=-1 0 6N；F3=20XCOS60=10N；所以：FX=F2+F3X=20-10 百=2.68N；F=F3y-Fi=10-10=0N；可知三个力的合力沿 x 轴的正方向，大小为2.68N；A.沿着x轴正方

3、向，与结论相符，选项A正确；B.沿 着x轴负方向，与结论不相符，选 项B错误；C.沿着y轴正方向，与结论不相符，选 项C错误；D.沿着y轴负方向，与结论不相符，选 项D错误；3.（本 题9分）一辆卡车在丘陵地区以不变的速率行驶，地形如图，图中卡车对地面的压力最大处是【答案】D【解析】a处、c处卡车做圆周运动，处于最高点，加速度竖直向下，卡车处于失重状态，卡车对地面的压力小于其重力。b处、d处卡车做圆周运动，处于最低点，加速度竖直向上，卡车处于超重状态，卡车对地面的压力大于其重力；向心加速度一 卡车以不变的速率行驶，d处轨道半径较小，则d处加速度较大，d处卡车对地面的压力较大。故卡车对地面的压力

4、最大处是d处，答案是D。4.下列说法不正确的是（）A.-1 0 J的功大于+51/的功B.功是标量，正、负表示外力对物体做功还是物体克服外力做功C.一个力对物体做了负功，则说明这个力一定阻碍物体的运动D.功是矢量，正、负表示方向【答案】D【解析】【详解】功是标量，功的正负既不表示方向也不表示功的大小，而是表示力对物体起动力作用（即力对物体做功）还是力对物体起阻力作用（即物体克服外力做功）；A.-10J的功大于+5J的功，选项A不符合题意；B.功是标量，正、负表示外力对物体做功还是物体克服外力做功，选 项B不符合题意；C.一个力对物体做了负功，则说明这个力一定阻碍物体的运动，选 项C不符合题意；

5、D.功是标量，正、负不表示方向，选 项D符合题意；5.（本题9分）滑雪运动深受人民群众喜爱，某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道A B,从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中（)A.合外力做功一定大于零B.所受摩擦力大小不变C.合外力始终与速度垂直D.机械能始终保持不变【答案】C【解析】【详解】试题分析：根据曲线运动的特点分析物体受力情况，根据牛顿第二定律求解出运动员与曲面间的正压力变化情况，从而分析运动员所受摩擦力变化；根据运动员的动能变化情况，结合动能定理分析合外力做功；根据运动过程中，是否只有重力做功来判断运动

6、员的机械能是否守恒；因为运动员做曲线运动，所以合力一定不为零，A错误；运动员受力如图所示，重力垂直曲面的分力与曲2 2面对运动员的支持力的合力充当向心力，故有名-加8 8 5。=m1=品=，L +mgCOS。，运动过程R R中速率恒定，且。在减小，所以曲面对运动员的支持力越来越大，根据速率恒定可得了=mgsinO可知摩擦力越来越小，B错误；运动员运动过程中速率不变，质量不变，即动能不变，动能变化量为零，根据动能定理可知合力做功为零，C正确；因为克服摩擦力做功，机械能不守恒，D错误；【点睛】考查了曲线运动、圆周运动、动能定理等；知道曲线运动过程中速度时刻变化，合力不为零；在分析物体做圆周运动时，

7、首先要弄清楚合力充当向心力，然后根据牛顿第二定律列式，基础题，难以程度适中.6.在平静的水面上激起一列水波，使漂浮在水面上相距6.0m的小树叶a和b发生振动，当树叶a运动到上方最大位移处时，树 叶b刚好运动到下方最大位移处，经 过1.0s后，树 叶a的位移第一次变为零。则该波的波速可能是A.1.5m/sB.2m/sC.3m/sD.6m/s【答案】C【解析】【详解】由树叶a的振动可知振动周期T=4S；6m是半波长的奇数倍，6=（+0.5）/l?（n=0、1、2、3）。则波速6_ 4 +0 5（n=0，1，2,3.）,通过计算，当 n=0 时，v=3m/sv=-T 4n=l时，v=lm/s。答案仅

8、有C正确。7.（本 题9分）已知地球半径为R,静置于赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；地球同步卫星作匀速圆周运动的轨道半径为r,向心加速度大小为二 引力常量为G,以下结论正确的是（A.地球质量二=三三 B.地球质量二=三C.向心加速度之比二=三 D.向心加速度之比二=口。L i 口 0 U【答案】A【解析】A、地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有：二 三=二二0解得地球质量二=芋，故选A正确。B、地球赤道上的物体随地球自转时有：二色-二二=二 二，得二=与 三，故B错误；C、D、同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等，物体的角速度也等于地球自转的角速度，所以地球同

9、步卫星与物体的角速度相等。根据a=r3?得，=，故C、D错误；故选A。口 0 口【点睛】解决本题的关键知道同步卫星的特点，知道卫星由万有引力提供向心力，特别注意在地球上随地球一起自转的物体，不是万有引力提供向心力。8.（本题9分）在电场中的某点放一个检验电荷，其电荷量为q,受到的电场力为F,则该点的电场强度为FE=一，下列说法正确的是（）qA.若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B.若检验电荷的电荷量变为4 q,则该点的场强变为4EC.若放置到该点的检验电荷变为一2 q,则场中该点的场强大小不变，但方向相反D.若放置到该点的检验电荷变为一2 q,则场中该点的场强大小、方向均不变【答案】D【解析

10、】电场中某点的电场强度只取决于电场本身，与检验电荷无关，故 选D.9.（本题9分）汽车在水平路面上做匀速运动，发动机输出的功率为P,速度为V,当汽车上坡时（）A.如果输出的功率不变，则应减小速度B,如果输出的功率不变，则应增大速度C.如果保持速度不变，则应减小输出功率D.如果保持速度不变，则还应保持输出功率不变【答案】A【解析】汽车的输出功率不变，根 据P=Fv知，汽车上坡时，需减小速度，从而增大牵引力，故A正确，B错误：汽车的速度不变，上坡时需增大牵引力，根 据P=Fv知，应增大输出功率，故CD错误。所以A正确，BCD错误。10.如图所示，AB为竖直面内圆弧轨道，半径为R,BC为水平直轨道，

11、长度也是R.一质量为m的物体,与两个轨道间的动摩擦因数都为H，现使物体从轨道顶端A由静止开始下滑，恰好运动到C处停止，那么物体在AB段克服摩擦力所做的功为（）A.pmgRB.pmgnRC.mgRD.（1-|i）mgR【答案】D【解析】以物体为研究对象，全程由动能定理可知，mgR+Wt+W=0,其中W=-p m g R,解得Wf=pimgR-mgR=（n-1）m g R,故AB段克服摩擦力做功为W克=（1-n）m g R,所 以D正确，ABC错误.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。

12、分1 1.（本题9分）在如图所示的电路中，电源电动势为E,内电阻为r,闭合开关S,待电流达到稳定后，电流表示数为I,电压表示数为U,电容器C所带电荷量为Q,将滑动变阻器的滑动触头P从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则 与P移动前相比（）【答 案】BCC.Q增大 D.Q减小【解 析】【分 析】首先搞清电路的结构：电流稳定时，变 阻 器 与Rz串联，R i上无电流，无电压，电容器的电压等于变阻器的电压，电压表测量变阻器的电压，电流表测量干路电流；当 滑 片P向a端移动一些后，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电路的总电阻变化和干路电流的变化，再分析电表读数的变化和电容器电量的变化

13、.【详 解】解：当 滑 动 变 阻 器P的滑动触头从图示位置向a端移动时，其接入电路的电阻值增大，外电路总电阻增大,由闭合电路的欧姆定律可知，干 路 的 电 流I减小；变阻器两端的电压。=七-/（&+），由I减 小，可知U增 大，即 电 容 器C两端的电压增大，再 据Q=CU,可判断出电容器的电荷量Q增 大，故BC正确，AD错误。故 选BC。【点 睛】本题是含有电容器的动态变化分析问题，要综合考虑局部与整体的关系，对于电容器明确两端的电压，再利用电容器的定义式判断电量的变化情况.1 2.（本 题9分）由多颗星体构成的系统，叫做多星系统.有这样一种简单的四星系统：质量刚好都相同的四 个 星 体A

14、、B、C、D,A、B、C分别位于等边三角形的三个顶点上，D位 于 等 边 三 角 形 的 中 心.在 四 者相互之间的万有引力作用下，D静止不动，A、B,C绕 共 同 的 圆 心D在等边三角形所在的平面内做相同周期 的 圆 周 运 动.若 四 个 星 体 的 质 量 均 为m,三 角 形 的 边 长 为a,引 力 常 量 为G,则下列说法正确的是AA.A、B、c三个星体做圆周运动的半径均为ya2B.A、B两个星体之间的万有引力大小为”ac.A、B、C 三个星体做圆周运动的向心加速度大小均为(石+3)GmD.B、C 三个星体做圆周运动的周期均为21a【答 案】BC【解 析】【详 解】A.A、B、

15、C 绕 等 边 三 角 形 的 中 心 D 做圆周运动，由几何关系知：它们的轨道半径为：r=B a，故 A3错 误；B.根据万有引力公式，A、B 两 个 星 体 之 间 的 万 有 引 力 大 小 为 雪，故 B 正确;aC.以 A 为研究对象，受到的合力为 C GmmF=2x a“o Gmm(3+cos 30+,=-=/G、2a)a2.2根据牛顿第二定律，F二 ma向,A、B、C 三个星体做圆周运动的向心加速度大小:3(3+G)G/%a2故 c 正 确；D.根据合力提供向心力有:a2=m r =m4乃2-z-CI，T2 3(3+6)GmmI aM(3+VJ)G?得 A、B、C 星体做圆周运动

16、的周期为：T=2兀 a故 D 错误.【点 睛】先求出任意两个星体之间的万有引力，从而得出每一星体受到的合力，该合力提供它们的向心力.根据几何关系求出星体的轨道半径，结合合力提供向心力求出线速度、向心加速度和周期.1 3.如 图，一带正电的点 电 荷 固 定 于。点，两 虚 线 圆 均 以。为 圆 心，两实线分别为 带 电 粒 子 M 和 N 先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e 为 轨 迹 和 虚 线 圆 的 交 点.不 计 重 力.下 列 说 法 正 确 的 是A.M可能为电子，N可能为质子B.N在从C点运动到d点的过程中电场力做正功C.N在d点的电势能等于它在c点的电势能D.M在b点

17、的动能大于它在a点的动能【答案】AB【解析】【详解】A.据做曲线运动物体所受合外力指向轨迹内侧知，带电粒子M受到中间正点电荷的库仑引力，则带电粒子M带负电；带电粒子N受到中间正点电荷的库仑斥力，则带电粒子N带正电；所 以M可能为电子，N可能为质子.故A项符合题意；B C.带电粒子N受到中间正点电荷的库仑斥力，N在从c点运动到d点的过程中离中间正点电荷变远，则电场力对带电粒子N做正功，带电粒子N在d点的电势能小于它在C点的电势能.故B项符合题意，C项不符合题意；D.带电粒子M受到中间正点电荷的库仑引力，M在从a点运动到b点的过程中离中间正点电荷变远，则电场力对带电粒子M做负功，带电粒子M动能减小

18、,则带电粒子M在b点的动能小于它在a点的动能.故D项不符合题意.1 4.如图所示，粗糙斜面体静置于水平地面上，一木块从斜面底端开始以某一初速度沿斜面上滑，然后又返回出发点，在木块运动的过程中斜面体始终保持静止。下列能大致描述木块整个运动过程中的速度V、地面对斜面体的摩擦力Ff、木块动能Ek、木块机械能E与时间t之间关系的图象是（v-t图以初速度方向为正方向，Ft图以水平向左为正方向）【答案】B C【解析】【详解】A.设木块和斜面间的动摩擦因数为，斜 面 倾 斜 角 为 木 块 的 质 量 为 根，斜面体的质量为M,对木块进行受力分析，由牛顿第二定律可得上滑时则有mg s i n 0 +/.im

19、g c o s0 =ma,解得4 =g s i n 9+g c o s e；下滑时则有，“g s i n夕-.g c o s e =/r a 2，解得4=g s i n。一g e o s。，故上滑时做加速度大小为q的匀减速运动，下滑时做加速度为生的匀加速运动；而4 4,故U-f图象上滑时图象的倾角比下滑时大，故选项A错误；B.对木块和斜面整体受力，根据牛顿第二定律得木块上滑时整体水平方向有耳|=m4C O S。，大小保持不变，方向水平向左；木块下滑时整体水平方向有42=加生c o s 6,大小保持不变，方向水平向左，且有耳I 耳2，故选项B正确；1,C.上滑时有=%-卬，木 块 动 能 为 线

20、=5加，所以线一图象是开口向上的抛物线的一部分，u在减小，下滑时同理可知线一图象是开口向上的抛物线的一部分，丫在增大，故选项C正确；D.根据功能关系可得-o=-/m g c o s夕x,解得上滑时，木块机械能E =0-jamg c o s0-（v（f-a；2）,知E-r图象是开口向上的抛物线的一部分，E在减小，故选项D错误。1 5.如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M、N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T。,若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经过M、Q到N的运动过程中（）海E显.一 卑P3 Y.Q-二 1NA.从P到M所用的时间等于3B.从Q到N阶段，

21、机械能逐渐变大C.从P到Q阶段，速率逐渐变小D.从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功【答案】CD【解析】【详解】A.海王星在PM段的速度大小大于M Q段的速度大小，则PM段的时间小于M Q段的时间，所 以P到M所用的时间小于3,故A错误；B.从Q到N的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故B错误；C.从P到Q阶段，万有引力做负功，速率减小，故C错误；D.根据万有引力方向与速度方向的关系知，从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功，故D正确。故 选Do1 6.（本题9分）如图四幅图为生活中与向心力知识相关的情景，有关说法正确的是（）甲 乙 丙 丁A.图甲为火车转弯的轨道，内低外高以

22、防止脱轨B.图乙为小车过拱桥的情景，此过程小车处于失重C.图丙为 旋转秋千”，人与座椅整体受到重力、绳子拉力和向心力D.图丁为汽车在凹凸不平的地面上行驶，应快速通过此路面【答案】AB【解析】【详解】A.火车轨道弯道处设计成外高内低，让火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力，防止脱轨.故选项A符合题意.B.汽车过拱形桥时，受到的重力和支持力的合力提供向心力，加速度向下，处于失重状态.故选项B符合题意.C.向心力属于效果力，不是性质力，由其他力提供.故选项C不符合题意.D.汽车在凹凸不平的地面上行驶时，速度越大，对地面的压力越大，根据牛顿第三定律可知，地面对轮胎的支持力越大，易爆胎.故选

23、项D不符合题意.三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）某兴趣小组准备用两种方案测量同一金属器件的电阻。方案一：用多用电表进行粗略测量甲同学选用xlO”倍率的欧姆挡测量，发现多用电表指针偏转过大，因 此 需 选 择（填xl或xlOO）倍率的欧姆挡，并重新进行欧姆调零后再进行测量，之后多用电表的示数如图（a）所示，测量结果为_Qo方案二：用伏安法进行较准确的测量（2）已知电流表的内阻为0.8 0请按乙同学设计的电路原理图（b）将 图（c）中 的 实 物 连 线 一。根 据 图（b）正确连接电路之后，不断改变R2的阻值，得 到 图（d）中所描出的各数据点。请作图连线一，并 求

24、得 待 测 金 属 器 件 的 电 阻 为。（结果保留三位有效数字）。【解析】13.0【详解】（1）用xlO倍率的欧姆挡测量，多用电表指针偏转过大,说明所选挡位太大，因此需选择x l倍率的欧姆挡；由 图（a）所示可知，测量结果为：13x1=135（2）根据图示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示:(3)根据坐标系内描出的点作出图象如图所示:IAu 2 75由图示图线可知，待测金属件的电阻为：/?=7-&=疯 一 0.8。13.0。；1 8.(本题9 分)在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中(1)下列哪些器材是多余的电火花打点计时器天平低压直流电源细绳 纸 带 小 车 钩 码 秒 表 一

25、 端 有 滑 轮 的 长 木 板(2)要达到实验目的还需要的器材是：(3)在一次实验中，打点计时器打出一纸带，如图所示A、B、C、D为四个计数点，且两相邻计数点间还有四个点没有画出，所用交流电频率为50H z,纸带上各点对应单位为厘米的刻度尺上的刻度值如图所示，则 B点的速v8=m/s.W p/千 瓦S 6.4 8 9.8【答案】亥 I J 度尺 0.15【解析】【详解】(1)1.本实验中不需要测量小车或硅码的质量，因此不需要天平；电火花计时器使用的是220V交流电源,因此低压直流电源本实验中不需要；同时电火花计时器记录了小车的运动时间，因此不需要秒表.不需要的器材为：.(2)2.要达到实验目

26、的还需要的器材是刻度尺；3.每相邻两个计数点间还有4 个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1 s,可求出打纸带 上 B点时小车的瞬时速度大小：0.08-0.05,VB=-m/s=O.15m/s.2x 0.1四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分1 9.(本题9 分)两个对称的与水平面成60。角的粗糙斜轨与一个半径R=1 m,张角为110。的光滑圆弧轨道平滑相连.一个小物块从h=3 m 高处开始，从静止开始沿斜面向下运动.物体与斜轨接触面间的动摩擦因数为 U=0.1,g 取 10m/sL(1)请你分析一下物块将怎样运动？(1)计算物块在斜轨上通过的总路程.【答案】(1)物

27、块最后在圆弧左右两端点间来回往返运动，且在端点的速度为0;(l)10m【解析】【详解】解：(1)物块最后在圆弧左右两端点间来回往返运动，且在端点的速度为0;物块由释放到最后振动过程到圆弧的左端点或右端点过程，根据动能定理：mg -R(1-c o s 60。)-mgcos6 0 s =()代入数据解得物块在斜轨上通过的总路程：s =20？2 0.(本题9 分)一位质量m=50kg的滑雪运动员从高度h=30m的斜坡由静止开始自由滑下。斜坡的倾角0=37,滑雪板与雪面滑动摩擦因素=0.25。则运动员滑至坡底的过程中求：(不计空气阻力)(1)重力、支持力、摩擦力所做的功各是多少？(2)到达坡底时重力的

28、瞬时功率是多少？【答案】(1)%=15000J,%=5000J,%=0；(2)P =6000W 【解析】【详解】(1)重力做功：WG=Gh解得：%;150001,支持力与位移垂直，故不做功：叫=。，摩擦力做功为：W（=-fs=-jumgs解得：喷=-5000J；（2）计算到达斜面底端的瞬时速度：%+%+叫=mv2解得：v=20m/s重力的瞬时功率为：P=mgvsin 37解得：P=6000W【点睛】本题考查动能定理、重力做功的特点及功率公式等，要求正确理解重力做功的特点及动能定理的正确应用2 1.（本题9 分）已知地球半径为R,地球表面重力加速度为g,不考虑地球自转的影响.（1）推导第一宇宙速

29、度VI的表达式；（2）若卫星绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距离地面高度为h,求卫星的运行周期T.【答案】（1）片=疯（2）r=2R，g【解析】【分析】【详解】（1）根据题给条件由万有引力公式尸=6 曾=加 8=妙 可 得：r2 RGM=gR2则：（2）由公式尸=6 曾=邈 忘=机 匕（R+）可得：r2（R+4 T2T _ 2)(R +h)1 R+h【点睛】本题考查了万有引力提供向心力的常见公式的推导和理解.22.如图所示，在第一二象限内有一垂直纸面向内的匀强磁场，磁感应强度3=1 T,在第三象限内存在沿)轴负方向的匀强电场&=200V/m在第四象限内存在沿x轴正方向的匀强电场纥=100V/m。

30、在y轴的负半轴上有一长度足够的收集板S。一个质量为2 =1x 10-9k g,电荷量4=1乂10Y(2的带负电粒子从P点由静止出发，在电场力作用下，经“点垂直x轴进入磁场做匀速圆周运动，圆心为坐标原点0,半径r =0.2m。经N点进入第四象限，最终打在收集板上，不计带电粒子重力。求：(1)带电粒子在磁场中的运动速度大小；(2)P点的坐标；(3)带电粒子打到收集板上的位置坐标。【答案】(l)20 0 m/s；(2)(0.2m,0.2m)(3)(0,-0.4m)【解析】【详解】(1)在磁场中，由2qvB=-r可得v=20 0 m/s(2)从 运 动 到 电 场 力 做 功，由动能定理 1 2叫 y

31、=_ mv得y=0.2mP点的坐标为(0.2m,0.2m)(3)从N运动到收集板在x方向上1 qE,*22 m得=2x10%在)方向上Y=v-t得Y=0.4m收集板上的位置坐标为(0,-0 .4m)高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）从某一高处平抛一个物体，物体着地时末速度与水平方向成a 角，取地面处重力势能为零,则物体抛出时，动能与重力势能之比为（）A.sin2a B.cos2a C.tan2a D.1/tan2a2.（本题9 分）如图所示，A、B 两小球在光滑水平面上分别

32、以动量pi=4 kg-m/s和 p2=6 kg-m/s（向右为参考正方向）做匀速直线运动，则在A 球追上B 球并与之碰撞的过程中，两小球的动量变化量Api和 Apz可能分别为（）A BA.-2 kg-m/s,3 kg-m/s B.-8 kg-m/s,8 kg-m/sC.1 kg-m/s,lkg m/s D.2 kg-m/s,2 kg-m/s3.（本题9 分）下列式子属于比值定义物理量的是A.t=Ax B.a=F C.C=Q D.Ir =Uv m U R4.（本题9 分）作用在同一个物体上的三个共点力，可以使物体做匀速直线运动的是A.3N、3N、8N B.10N 5N、2N C.6N、6N、6N

33、 D.IN、7N、15N5.（本 题 9 分）人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如卫星的加速度减小为原来的L,卫星仍做匀速4圆周运动，则A.卫星的速度减小为原来的B.卫星的角速度减小为原来的!C.卫星的周期增大为原来的2 倍D.卫星受到的引力减小为原来的!6.“嫦娥四号 探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时）；然后，经过两次变轨依次到达48小时轨道 和72小时轨道”；最后奔向月球.如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比A.卫星线速度增大，角速度减小B.卫星线速度减小，角速度减小C.卫星动能减小，机械能减小D.卫星动能减小

34、，机械能增大7.如图，一个质量为m 的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个完全相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k,开始时圆环处于0点，弹簧处于原长状态且原长为I,细杆上的A、B两点到0点的距离都为I,将圆环拉至A点由静止释放，重力加速度为g,对于圆环从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是pi/VWVVVG3A.圆环通过0点的加速度小于gB.圆环与两弹簧组成的系统机械能不守恒C.圆环在。点 的 速 度 为 值D.圆环在B点的速度为2 98.（本题9分）如图所示，在平面直角坐标系中，

35、a、b、c是等边三角形的三个顶点，三个顶点处分别放置三根互相平行的长直导线，导线中通有大小相等的恒定电流，方向垂直纸面向里.对于顶点c处的通电直导线所受安培力的方向，下列说法中正确的是（）4 、*、A.沿y轴正方向B.沿y轴负方向C.沿x轴正方向D.沿x轴负方向9.（本题9分）可以将万有引力相互作用与电荷间的相互作用类比，即任何有质量的物体都要在它的周围空间产生一个引力场，而其他的物体在引力场中，要受到该引力场的引力作用。据此，万有引力中的重力加速度，相当于电场中的哪个物理量A.电场力 B.电场强度 C.电势差 D.电势能10.据报道，我国目前已经发射了三颗数据中继卫星“天链一号0 1星”“天

36、链一号02星”“天链一号03星”，它们都是地球同步卫星。这些卫星的成功发射与组网运行，标志着我国第一代中继卫星系统正式建成。这三颗卫星相比，可能不同的是A.它们的质量 B.它们距地面的高度C.它们的周期 D.它们运行的线速度大小二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37。的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g。这个物体沿斜面上升的最大高度为H,则在这过程中A.物体克服重力做功0.9mgHB.物体克服摩擦力做功0.3 mgHC

37、.物体的动能损失了 1.5 mgHD.物体的重力势能增加了 mgH12.（本题9分）如 图 在（0,y。）和（0,-y。）两位置分别固定一个电荷量为+Q的点电荷.另一个带电量为+q的点电荷从（-xo,0）位置以初速度V。沿x轴正方向运动.点电荷+q从（-X。，0）至（x0.0）的过程中只受电场力作用，下列描述其加速度a或速度v与位置x的关系可能正确的是（）13.如图所示，在同一竖直面内，小球a、b从高度不同的两点，分别以初速度va和vb沿水平方向抛出,经过时间ta和tb后落到与两抛出点水平距离相等的P点。不计空气阻力，下列关系式正确的是C.VaVb14.（本题9分）一质量为2kg的物体静止于光

38、滑水平面上。从t=0时开始，第1秒内受到3N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的IN的外力作用。下列说法正确的是（）A.第1秒末物体的速度为1.5m/sB.第2秒末物体的动能为6JC.第2秒内外力冲量为2NsD.2秒内物体动量的增量为4kg-m/s1 5.（本题9分）如图为儿童游乐场的滑梯示意图，滑梯可视为倾角为6、质量为M的斜面固定在地面上,小美手持细线下端悬挂一小球沿滑梯滑下，小美连同小球的质量为m,下滑时，细线呈竖直状态，则在下滑过程中，下列说法正确的是（）A.滑梯对地面的压力大小为（M+m）gB.小美、小球组成的系统机械能守恒C.小美与滑梯间的动摩擦因数一定为tan。D.系统增加的内能

39、大于小美减少的机械能1 6.（本题9分）如图所示，由绝缘材料制成的光滑圆环（圆心为0）竖直固定放置。电荷量为+q（q0）的小球A固定在圆环的最高点，电荷量大小为q的小球B可在圆环上自由移动。若小球B静止时，两小球连线与竖直方向的夹角为。=30。，两小球均可视为质点，以无穷远处为零电势点，则下列说法正确的是A.小球B可能带正电B.0点电势一定为零C.圆环对小球B的弹力指向圆心D.将小球B移至圆环最低点，A、B组成的系统电势能变大三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.某物理兴趣小组想测量一只标有“4V,2W”的小灯泡在不同电压下的实际功率，需要测定灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，现实验室

40、有如下器材：直流电源E（电动势E=6 V,内阻不计）；电流表Ai（量程00.6A,内阻约为0.5C）;电流表Az（量程0 3 A,内阻约为0.1C）;电压表Vi（量程0 5 V,内阻约为5kQ）；电压表V2（量程015V,内阻约为15kC）；滑动变阻器R（020Q,额定电流2A）；开关、导线若干及待测灯泡.（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用下列.图中的电路图来完成实验.丙T（2）实 验 中 电 流 表 应 选 用，电 压 表 应 选 用 （请填写器材符号）.（3）由实验测得的数据描绘出小灯泡的U-I曲线如图所示，根据曲线可得灯泡两端电压2.0V时小灯泡的实际功率为 W,电阻值为 Oo（

41、结果均保留两位有效数字）/xlOA-0 1 2 3 4 51 8.（本题9 分）利用图示装置做验证机械能守恒定律实验（1）为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的A.速度变化量和高度变化量B.动能变化量和势能变化量（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到一条理想的纸带，在纸带上选连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离如图所示，已知g=9.8m/52,重物质量为0.5kg,打点计时器打点的周期为0.02s,从。点到B点的过程中，重物的重力势能变化量AEp=J,动能变化量&=J.（保留两位有效数字）（3）某同学想用下述方法研究机械能是否守恒，在纸带上选取多个计数点，测量

42、它们到起始点0 的距离h,计算对应计数点的重物速度V,描绘声图像得到图像是一条过原点的直线，该直线的斜率接近（填 g、2g或;g）则可认为重物下落过程中机械能守恒.四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.（6 分）（本题9 分）冰壶是冬奥会比赛项目，如图所示.比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动.设一质量m=19kg的冰壶被运动员以3m/s的速度推出，已知冰面与冰壶间的动摩擦因数为 0.02,g 取 10m/s2,求：勺/（1）冰壶的重力；（2）冰壶的加速度；（3）从推出到停下，冰壶的位移.20.（6 分）（本题9 分）如图所示，圆管构成的半圆形轨道竖直固定在水平底

43、面上，轨道半径R,MN为直径且与水平面垂直，直径略小于圆管内径的小球A 以某速度冲进轨道，到达半圆轨道最高点M 时与静止于该处的质量为与A 相同的小球B 发生碰撞，碰后两球粘在一起飞出轨道，落地点距N 为 2R.重力加速度为g,忽略圆管内径，空气阻力及各处摩擦均不计，求（1）粘合后的两球从飞出轨道到落地的时间匕（2）小球A 冲进轨道时速度V的大小.21.（6 分）（本题9 分）如图所示，水平转盘可绕竖直中心轴转动，盘上放着A、8 两个物块，转盘中心。处固定一力传感器，它们之间用细线连接.已知啊=啊,=1kg两组线长均为L=0.25m,细线能承受的最大拉力均为E”=8 N.A 与转盘间的动摩擦因

44、数为“=0.5,8 与转盘间的动摩擦因数为出=0 1，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，两物块和力传感器均视为质点，转盘静止时细线刚好伸直，传感器的读数为零.当转盘以不同的角速度勾速转动时，传感器上就会显示相应的读数/，g 取 10m/s2.求:TVVA;二工工3%j35九八,”3%:M.;.iiY-vTy1 A1Ti一.:.;.二丁-T丁:h b,则tatb。根据X=Vot,因为水平位移相等，ta tb,则V aV V b.故BC正确，AD错误。14.AD【解析】A、根据牛顿第二定律二=:，知 第1秒内的加速度为二=1.5二/二：；第2秒内的加速度为二:=0.5二/二：由速度公式知第1秒末

45、物体的速度为二=二/二=J.5x 1=1.5二/二，故A正确；B、根据速度公式知第2秒末物体的速度为二=二 二+二;二=j.5 x/+0,5x 1 =2.0二/二，所以物体的动能为二二=（二 二 Wx 2 x =4 二，故 B错C、根据冲量的定义可知第2秒内外力冲量为二=二二=/x/=J二.二，故C错；D、根据动量公式二=二二=2 X 2=4二 二 二/二，故D对；故选AD点睛：本题考查了动量、动能、冲量等公式以及对公式的熟练运用情况。15.ACD【解析】【分析】【详解】A.由于下滑时，细线呈竖直状态，说明小美、小球一起沿滑梯匀速下滑，将滑梯、小美、小球看一个整体，则滑梯对地面的压力大小为（M

46、+m）g,故A正确；B.由于小美、小球一起沿滑梯匀速下滑，则小美、小球组成的系统机械能减小，故B错误；C.由于小美、小球一起沿滑梯匀速下滑，则有mg s i n 0=/jmg cos 0所以小美与滑梯间的动摩擦因数一定为tan。，故C正确；D.由能量守恒可知，小美和小球减小的机械能等于系统增加的内能，则系统增加的内能大于小美减少的机械能，故D正确。故选ACD,16.BD【解析】【详解】A.因小球B处于静止状态，对其受力分析，如下图所示：由于A球带正电，因此小球B一定带负电，故A错误；B.因两球带电量是等量异种电荷，则两者连线的中垂线即为等势线，以无穷远处为零电势点，因此。点的电势为零，故B正确

47、；C.由A选项分析，可知圆环对小球B的弹力背离圆心，故C错误；D.将小球B移至圆环最低点，电场力做负功，导致A、B小球组成的系统电势能变大，故D正确；三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.丁 Ai Vi 0.72(0.70-0.74)5.6(5.4-5.8)【解析】【详解】第一空.由实验需要测量不同电压下的实际功率，故滑动变阻器应选用分压式接法，4V,2W知小灯泡的额定电流为0.5 A,正常发光时电阻为8Q,8?2-2-Jlrad/s(3)co J -Slrad/1 v2【解析】对于B,由 B 与转盘表面间最大静摩擦力提供向心力，由向心力公式有:%=2mBet代入数据计算得出：a

48、)=B a d/s(2)随着转盘角速度增加，0 A 间细线中刚好产生张力时，设A B 间细线产生的张力为T,有:/rnAg-T =mAa)LT+/2m/Jg =2mBa)；L代入数据计算得出：叱=2&rad/s 当 疗 W8aT/.1 时，F=0当苏2 8%产/$2,且A B 细线未拉断时，有：F+/-mAg-T =mAarLT+/.i2ml)g=2mBarLT 48 N3,_所以：F=-a)-6；Srad2 1s2 ar 1 8 时，细线A 5 断了，此时A受到的静摩擦力提供A 所需的向心力，则有：mAgmA L所以：1 8%以2/$2苏 420%7 2/S2 时，F=0当疗 Israel2

49、/S2 时，有 b+/mAg=mAorLFSN所以：F=-C O2-5；2Qrad2 1 s2 ar 52rad2/524若尸=4 =8 N 时，角速度为：或=52粒/s1做出尸-疗的图象如图所示；4 8 12 16 20 24 28 32 36 40 44 48 52 56点睛：此题是水平转盘的圆周运动问题，解决本题的关键正确地确定研究对象，搞清向心力的来源，结合临界条件，通过牛顿第二定律进行求解.22.(1)Wc=40J(2)WF=65J【解析】【详解】(1)物体克服重力做的功为：%=mgh代入数据解得：WG=40J o(2)由动能定理有：1 2W-%=-m v2代入数据解得：%=65J。

50、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）宇航员王亚平在“天宫1号”飞船内进行了我国首次太空授课，演示了一些完全失重状态下的物理现象.若飞船质量为m,距地面高度为h,地球质量为M,半径为R,引力常量为G,则飞船所在处的重力加速度大小为（）GM GMm GMA.0 B.-T C.-D.-Z-（R+（/?+/?）h 2.（本 题9分）物理量“力”的单位是N,用国际单位制中基本单位可表示为A.kgm/s B.kgm/s2 C.kgm/s3 D.kgm2s3.（本题9分）如图所示，木板可绕固定水