《试卷3份集锦》浙江省台州市2022届物理高一下期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）宇宙中两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转,称之为双星系统.在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统.设某双星系统A、B绕其连线上的。点做匀速圆周运动，如图所示.若AOOB4U（）8.-oA.星球A的角速度一定大于B的角速度B.星球A的质量一定小于B的质量C.双星的总质量一定,双星之间的距离越小，其转动周期越大D.双星之间的距离一定，双星的总质量越大，其转动周期越大2.（本题9分）做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物

2、理量是A.动能 B.速度 C.加速度 D.合外力3.（本题9分）小球从某一高度处自由下落着地后反弹，然后又落下，每次与地面碰后动能变为碰撞前的!。以刚开始下落时为计时起点，小球的v-t图像如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.图像中选取竖直向下为正方向B.每个阶段的图线并不相互平行C.每次与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落高度的一半D.每次与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的一半4.（本题9分）如图甲所示，火箭发射时，速度能在10s内由0增加到100m/s；如图乙所示,汽车以108knVh的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，下列说法中正确的是（）甲 乙

3、A.10s内火箭的速度改变量为10m/sB.2.5s内汽车的速度改变量为-30m/sC.火箭的速度变化比汽车快 D.火箭的加速度比汽车的加速度大5.（本题9分）汽车爬坡时，要使用低速挡减速行驶，这样做的主要目的是（）A.节省汽油B.减少汽车的惯性C.减少汽车的阻力D.获得较大的牵引力6.（本题9分）在平宜公路上行驶的a车 和b车，其位移-时间图象分别为图中直线a和曲线b,已知b车的加速度恒定且大小为2m/s2,t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法中不正确的是A.a车做匀速运动且速度为2m/sB.b车做匀减速运动C.t=3s时两车相遇D.t=3s时b车的速度为8m/s7.（本题9分）某静

4、电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，沿图中虚线由M运动到N,以下说法不正确的是（）A.粒子是正电荷B.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D.粒子在M点的动能小于在N点的动能8.（本题9分）如图所示，A、B两点在某电场中的一条电场线上，以下说法正确的是（）A.A点的电场强度一定大于B点电场强度B.A点的电场强度一定小于B点电场强度C.A点电势一定高于B点电势D.A点电势一定低于B点电势9.（本题9分）发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1,然后点火，使其沿椭圆轨道2运行,最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3,轨 道1、2相切于

5、Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示.卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A.卫星在轨道3上运行的速率大于在轨道1上的速率B.卫星在轨道3上的机械能小于在轨道1上的机械能C.卫星在轨道2上经过Q点时的加速度大于它在轨道1上经过Q点时的加速度D.卫星在轨道2上由Q点运动至P点的过程中，速度减小，加速度减小，机械能守恒10.已知某星球的质量为M,星球的半径为R,引力常量为G,它的一颗卫星绕该星球做匀速圆周运动离星球表面的高度也为R,则卫星在圆轨道上运行的速率为（）A怦工，厚。悟二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全

6、部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.在下列几个实例中，物体机械能一定守恒的是（）A.在平衡力作用下运动的物体B.在光滑水平面上被细线拴住做匀速圆周运动的小球C.如图甲所示物体沿固定光滑圆弧面下滑D.如图乙所示，在光滑水平面上压缩弹簧过程中的小球1 2.（本 题9分）下列关于平抛运动的说法正确的是（）A.平抛运动是匀变速曲线运动B.平抛运动在相同的时间内速度大小变化相同C.作平抛运动的物体，初速度越大，运动时间越长D.作平抛运动的物体的机械能守恒13.（本 题9分）一钢球从某高度自由下落到一放在水平地面的弹簧上，从钢球与弹簧接触到压缩到最短的过程中，弹簧的弹力F、钢球的加速度

7、a、重力所做的功WG以及小球的机械能E与弹簧压缩量x的变化图线如下图（不考虑空间阻力），选小球与弹簧开始接触点为原点，建立图示坐标系，并规定向下为正方向，则下述选项中的图象符合实际的是（）汗ED.14.（本题9分）如图所示，质量均为3kg的两物块a、b,在水平推力F作用下沿地面匀加速运动，两物块与地面间的动摩擦因数均为0.1,推 力F=18N,g的是lO m/s L下列说法正确的是1,土A.a、b的共同加速度为lm/sIB.a对b的弹力大小为9NC.撤去推力F时，b的加速度为lm/siD.撤去推力F时，a对b的弹力大小为9N1 5.水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道be相切，一小

8、球以初速度-沿直线轨道向右运动，如图所示，小球进入圆形轨道后刚好能通过C点，然后小球做平抛运动落在直轨道上的d点，重力加速度为二，则（）A.小球到达c点的速度为、一V 4 B.小球到达b点时对轨道的压力为L-C.小球在直轨道上的落点d与b点距离为LD.小球从c点落到d点所需时间为1 6.（本题9分）质量相等的A、B两球在光滑水平面上，沿同一直线，同一方向运动,A球的动量PA=9kgem/s,B球的动量PB=3kgm/s.当A追 上B时发生碰撞，则碰后A、B两球的动量可能值是（）A.PA=6kgm/s,P,B=6kg*m/sB.P A=6kg*m/s,PB/=4kg*m/sC.PAr=-6kg*

9、m/s,PB/=18kgm/sD.PA=4kgm/s,PB/=8kg*m/s三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17.某实验小组采用如图所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑A.是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑B.是为了增大小车下滑的加速度C.可使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功D.可使得橡皮筋松弛后小车做匀速运动（2）若根据多次测量数据画出的W v草图如图所示，根据图线形状，可知对W与v的关系做出的猜想肯定不正确的是_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.（填写字母代号）V18.（本题9分）如图甲所示，螺旋测微器的读数为 mm；如图乙所示，电

10、压表的量程为3 V,则电压表的读数为 Vo四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.（6分）（本题9分）如图所示，让摆球从图中的C位置由静止开始摆下，摆到最低点D处，摆线刚好被拉断，小球在粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达小孔A进入半径R=0.3 m的竖直放置的光滑圆弧轨道，当摆球进入圆轨道立即关闭A孔.已知摆线长L=lm,0=60。，小球质量为m=0.5kg,摆线能承受的最大拉力为多大？要使摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求摆球与粗糙水平面间动摩擦因数U的范围.20.（6分）（本题9分）一质点做匀加速直线运动，初速度为5 m/s,加速度为4m/s工试求该质点在：（l）5s末的速

11、度；（2）前5s内的位移；第5s内的位移。21.（6分）（本题9分）如图所示，有一可绕竖直中心轴转动的水平圆盘，上面放置劲度系数为k=46 N/m的弹簧，弹簧的一端固定于轴。上，另一端连接质量为m=1kg的小物块A,物块与盘间的动摩擦因数为“=0.2,开始时弹簧未发生形变，长度为l=0.5 m,若最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度g=10 m/s2,物块A始终与圆盘一起转动.贝！|：圆盘的角速度为多大时，物块A开始滑动？（2）当角速度缓慢地增加到4 rad/s时，弹簧的伸长量是多少？（弹簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘）.在角速度从零缓慢地增加到4rad/s过程中，物块与盘间摩擦力

12、大小为f,试通过计算在坐标系中作出f-3?图象./7Nw2/(rad2S2)22.（8分）（本题9分）如图所示，水平绝缘轨道AB长L=4m,离地高h=1.8m,A、B间存在竖直向上的匀强电场。一质量m=0.1kg,电荷量q=-5xlO-5C的小滑块，从轨道上的A点以vo=6m/s的初速度向右滑动,从B点离开电场后，落在地面上的C点。已知C、B间的水平距离x=2.4m,滑块与轨道间的动摩擦因数2 0.2,JR g=10m/s2,求：(1)滑 块 离 开B点时速度的大小；(2)滑 块 从A点 运 动 到B点所用的时间;(3)匀 强 电 场 的 场 强E的大小.参考答案一、单项选择题：本 题 共10

13、小 题，每 小 题4分，共40分.在 每 小 题 给 出 的 四 个 选 项 中，只有一项是符合题目要求的1.B【解 析】【详 解】A、双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以向心力相等；根据万有引力提供向心力公式得6777 777卷B =/4 g 2/=，诲g 2 ,因 为rBVrA,所 以mBmA,即B的质量一定 大 于A的质量;故A错误.B、双星系统角速度相等，根 据v=3 r,且AO O B,可 知，A的 线 速 度 大 于B的线速度;故B正确.C、根据万有引力提供向心力公式得：GmB=mA()2rA=m A2 rB,解得周期为7 =2-，可知双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周期

14、越小;故C错误.G(mA+mB)D、根 据 周 期 为T=，可知双星的总质量一定，双星之间的距离越大，转动周期越大；G(mA+mB)故D错误.故 选B.【点 睛】解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度.以及会用万有引力提供向心力进行求解.2【解 析】【分析】【详解】速度、加速度、合外力均为矢量，既有大小又有方向.在匀速圆周运动中，速度、加速度和合外力的方向每时每刻发生变化，但动能为标量，只有大小，因为在匀速圆周运动中，速度大小不变，由 得,-1 ;=:口口动能二_ 不 变.故A正确，BCD错误.3.D【解析】【详解】A.由于小球从某一高度处自由下落，根据速度时间图

15、线知选取竖直向上为正方向，故A错误；B.不计空气阻力，下落过程和上升过程中只受重力，根据牛顿第二定律可得下落过程和上升过程中的加速度为重力加速度，速度时间图线的斜率表示加速度，所以每个阶段的图线相互平行，故B错误；C.与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落过程，根据动能定理可得Ek=mgh与地面相碰后上升过程中，根据动能定理可得Ek=mgh根据题意有耳不解得h,-h4故C错误；D.根据运动学公式可得与地面相碰后上升的时间与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的解得t=2t故D正确;故 选Do4.B【解 析】【分 析】【详 解】规定初速度的方向为正方向.A.火箭的速度改变量为A

16、 v=V2-vi=100m/s-0=100m/s故A错 误；B.108km/h=30m/s,汽车的速度改变量为A v,=V2,-Vi,=0-30m/s=-30m/s故B正确;VCD.根 据。=一 得：火箭的加速度为:t100To-=10m/s2汽车的加速度为:-30=-1 2 m/s2所以火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车慢，所 以CD错误.5.D【解 析】P因 为P=4,所 以 汽 车 牵 引 力 尸=一,由于汽车的最大功率是一定的，当减小行驶速度时，可以获得更v大 的 牵 引 力.故 选D.6.D【解 析】【分 析】【详 解】Q _ 2A.s-t图象的斜率等于速度，由图可知

17、，a车的速度不变，做匀速直线运动，速度为：匕=丁=2 m/s.故A正确.B.s-t图象的斜率等于速度，可 知b车做匀减速运动，选 项B正 确；C.t=3s时两车位移相同，则两车相遇，选 项C正确；D.t=3s时，直 线a和 曲 线b刚好相切，斜 率 相等，此时两车的速度相等，则t=3s,b车的速度为：Vb=Va=2m/s,故D错误.此题选择不正确的选项，故 选D.7.C【解 析】【详解】A.带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向上，所以此粒子为正电荷，所以A正确，不符合题意；B.由电场线的分布可知，电场线在N点

18、的时候较密，所以在N点的电场强，粒子在N点时受到的电场力大，加速度也大，所 以B正确，不符合题意；C.粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，所以粒子的电势能要减小，即粒子在M点的电势能大于N点的电势能，所以C错误，符合题意；D.粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，粒子的动能要增加，即粒子在M点的动能小 于N点的动能，所 以D正确，不符合题意；8.C【解析】【分析】正电荷受到的电场力方向为场强方向，沿着电场线方向，电势降低。电场线的疏密表示场强的大小，据此分析。【详解】A、一条电场线不能反映电场线的疏密，所以不能比较场强的大小，故AB错误；C、沿着电场线方向，电势降低，

19、则A点电势一定高于B点电势。故D错误，C正确。故选：C,【点睛】明确电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度和电势之间的关系；灵活应用其特点分析求解。9.D【解析】【分析】【详解】A.根据卫星在轨道3上的轨道半径大于轨道1上的轨道半径，则卫星在轨道3上运行的速率小于在轨道1上的速率，故A错误.B.卫星从轨道1进入轨道2,需点火加速，在轨道2进入轨道3需在P点点火加速，机械能增加，则卫星在轨道3上的机械能大于在轨道1上的机械能，故B错误.C.卫星在轨道2上经过Q点和在轨道1上经过Q点时万有引力相等，根据牛顿第二定律知，加速度相等，故C错误.D.卫星在轨道2上由Q点运动

20、至P点的过程中，万有引力做负功，速度减小，万有引力减小，加速度减小，因为只有万有引力做功，则机械能守恒，故D正确.故 选D.【点睛】根据万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而比较轨道1和3上的线速度大小；根据变轨的原理分析轨道3和轨道1上的机械能大小；根据牛顿第二定律，结合万有引力的大小比较加速度；从Q到P,根据万有引力做功分析速度的变化，结合万有引力大小比较加速度的大小.10.B【解析】【详解】根据万有引力提供向心力得g照=2二，解得u=、廖，故选项B正确，ACD错误。(2R)2 2R v 2R二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符

21、合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.BC【解析】【详解】A.在平衡力作用下的物体不一定守恒，如物体在竖直方向上做匀速直线运动；故A错误；B.在光滑水平面上被细线拴住做匀速圆周运动的小球，动能和重力势能均不变，机械能一定守恒，故B正确；C.物体沿固定光滑圆弧面下滑时，只有重力做功机械能守恒，故C正确；D.在光滑水平面上压缩弹簧过程中的小球，由于受弹簧弹力作用，小球的机械能部分转移为弹簧的机械能，故小球的机械能不守恒，故D错误。12.AD【解析】【详解】AD.物体受恒力作用下的曲线运动为匀变速曲线运动，平抛运动只受重力作用，是匀变速曲线运动，平抛运动中只有重力做功

22、，因此物体的机械能守恒，故A D正确；B.平抛运动在相同的时间内速度变化相同(加速度均为g),但速度大小变化不同，故B错误；C.做平抛运动的物体，在竖直方向为自由落体运动，即/?=L g/，贝!|/=、丝，即运动时间与下落的高度2 Y g有关，与初速度无关，故C错误。13.BC【解析】【详解】A,由于向下为正方向，而弹簧中的弹力方向向上，所以选项A中的拉力应为负值，A错误；B.小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力.在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，而弹力F=k x,则加速度。=磔 二 殳=g-X,故B正确；m mC.根据重力做功的计算式叫=m g x,可知C正确；

23、D.小球和弹簧整体的机械能守恒，小球的机械能不守恒，D错误.14.BC【解析】【详解】A.对a、b的整体，由牛顿第二定律可知，共同加速度为a=F-2mg=l _0 2 x10=lm/s22m 6选项A错误；B,对物体b：Fal,-m8=m a解得Fab=9N选 项B正确；C D.撤去推力F时，a、b之间无弹力作用，b水平方向只受摩擦力作用，则b的加速度为选 项C正确，D错误；故 选BC.15.CD【解析】【详解】A.小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，只有重力提供向心力口匚=解得:_=V _故A错误;B.由机械能守恒定律得:,1口匚之=二匚（2匚）+不 匚由向心力公式有:一 一解得轨道对小球的支

24、持力F=6mg,根据牛顿第三定律得：小球到达b点时对轨道的压力为6二二，故B错误;C.由平抛运动规律得，水平位移r r|4口 _=_=VE L-=-=2_N -故C正确；D.小球离开轨道后，在竖直方向做自由落体运动，小球从c点落到d点所需时间为故D正确。16.AD【解析】设两球质量均为m.碰撞前，总 动 量P=PA+PB=12kgm/s,碰撞前总动能为p2 p2 92 32 45Ek=-+-=+=2mA 2mB 2m 2m m若，A=5kgm/s,P、=6kgm/s,则碰撞后，总 动 量P,=P,A+P,B=llkg*m/s,动量不守恒，选项A错误；若碰撞 后P，A=7kgm/s,PB，=5k

25、gm/s,碰 后B的速度小于A的速度，则不可能，选 项B错误；若PA-6kg*m/s,PB-1 8 k g*m/s,总 动 量P,=P,A+P,B=12kgm/s,动量守恒，碰撞后总动能为D2 D2 Q2 so 45耳=+=+=一 一，则知总动能增力口,是不可能的,故C错误.碰撞后，PA-4kgm/s,2mA 2nIB 2m 2m m mPB-8k g m/s,总 动 量PZ=P A+PZB=12kgm/s,动量守恒.碰撞后总动能为p2 p 2 42 82 4 0 45 卜”二二-=，则知总动能没有增加，是可能的，故D正确；故 选D.2mA 2mB 2m 2m m m点睛：对于碰撞过程要遵守三

26、大规律：1、是动量守恒定律；2、总动能不增加；3、符合物体的实际运动情况.三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.CD AB【解析】【详解】使木板倾斜，使小车受到的摩擦力与小车所受重力沿板向下的分力大小相等，在不施加拉力时，小车在斜面上运动时受到的合力为零，小车可以在斜面上做匀速直线运动；小车与橡皮筋连接后，小车所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功，使得橡皮筋松弛后小车做匀速运动，故 AB错误，CD正确；(2)2若根据多次测量数据画出的W-V草图如图2 所示，根据图线形状可知，该函数是幕函数，可以写成W=Vn由于函数的曲线向上弯曲，所以对W 与 V

27、的关系做出的猜想肯定不正确的是A和 B,C和 D是可能的。18.6.700 1.100.01【解析】【详解】1 由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器的读数为：d=6.5mm+20.0 x0.01mm=6.700mm；2 电压表量程为3 V,由图示电压表表盘可知，其分度值为：0.1V,示数为：1.10V.四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.(l)7；nax=10N(1)0.3 5 0.5 或0.125【解析】【详解】(1)摆球由C到 D过程机械能守恒，则mg(L-Leos0)=,解 得 母=gL在 D 点由牛顿第二定律得4 mg=联立得摆线的最大拉力FT=2mg=10 N(1)摆球

28、不脱离圆轨道的情况有：摆球能到达A 孔，且小球到达A孔的速度恰好为零对摆球从D到 A 的过程，由动能定理得_M gs=0一?吟解 得 从=0.5摆球进入A孔的速度较小，在圆心以下做等幅摆动，不脱离轨道其临界情况为到达与圆心等高处速度为零由机械能守恒定律得；mv=m g R对摆球从D到A的过程，由动能定理得-1 2 1 22mgs=-m vA-m vl)解得2=0 3 5摆球能过圆轨道的最高点则不会脱离轨道，在圆周的最高点，由牛顿第二定律得mvm e =-R由动能定理得1 2 1 ，-m g s -2 m g R =mv -m vD解 得 必=0.1 2 5综上所述，动摩擦因数的范围为0 3 5

29、 /-/-时，物块与盘间摩擦力为滑动摩擦力为定值，为-_-_?22.(1)4m/s；(2)0.8s；(3)5xl03N/C【解 析】【详 解】(1)从B到C过 程 中，有h=；g t 2x=vet解得VB=4m/s(2)从A到B过 程 中，有vXA B-VA+VB t，-12解得t=0.8s(3)在电场中运动过程中，受力如图由牛顿第二定律，得卜(mg+Eq)=ma由运动学公式，有VB2-VA2=2OX解得E=5xlO3N/C高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）2019年 4

30、月 2 0 日，我国成功发射了第44颗北斗导航卫星.该卫星是倾斜地球同步轨道卫星，它的轨道平面与地球赤道平面有一定的夹角，离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等.仅考虑卫星与地球间的作用，下列说法正确的是A.该卫星的角速度与地球同步轨道卫星的角速度一样大B.该卫星的环绕速度介于7.9km/s和 11.2km/s之间C.该卫星的周期大于地球同步轨道卫星的周期D.该卫星可以始终处在地面某点的正上方【答案】A【解析】【详解】A.根据。券,由于离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等，具有相等的轨道半径，所以该卫星的角速度与地球同步轨道卫星的角速度一样大，故 A 正确；B.第一宇

31、宙速度是最大的环绕速度，所以该卫星的环绕速度一定小于7.9km/s,故 B 错误;C.根据T=J也E,由于离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等，具有相等的轨道V GM半径，所以该卫星的周期等于地球同步轨道卫星的周期，故 C 错误；D.倾斜同步轨道卫星相对于地球非静止的，所以倾斜同步轨道卫星从地球上看是移动的，故该卫星不可能始终位于地球表面某个点的正上方，故 D 错误；2.下列说法中不正确的是A.物质是由大量的分子组成的B.布朗运动是液体分子无规则运动的反映C.悬浮微粒越小，布朗运动越显著；液体温度越高，布朗运动越显著D.物体不能无限的被压缩，是因为分子之间只存在斥力【答案】D【解

32、析】【详解】A.物质是由大量的分子组成的，此说法正确，选项A 不符合题意；B.布朗运动是液体分子无规则运动的反映，此说法正确，选 项 B 不符合题意；C.悬浮微粒越小，布朗运动越显著；液体温度越高，布朗运动越显著，此说法正确，选 项 C 不符合题意；D.分子间同时存在斥力和引力，物体不能无限的被压缩，是因为分子之间存在斥力，此说法不正确，选项D符合题意；3.人造卫星绕地球做匀速圆周运动，假如卫星的线速度增大到原来的2倍，卫星仍做匀速圆周运动，则()A.卫星的向心加速度增大到原来的4倍B.卫星的角速度增大到原来的4倍C.卫星的周期减小到原来的D.卫星的周期减小到原来的L2【答案】C【解析】【详解

33、】人造地球卫星做匀速圆周运动，根据万有引力等于向心力有：GmM2 4A；厂9 V 2即=mrco=m-z-r-m一 =机。解得T rV=J也,假如卫星的线速度增大到原来的2倍，则半径为原来的!，。=，向心加速度增大到V r4 厂原来的16倍，故A错误；半 径 为 原 来 的 角 速 度 增 大 到 原 来 的8倍，故B错误；V r3 47=2人 上,半径为原来的!，卫 星 的 周 期 减 小 到 原 来 的 故C正确，D错误.GM 4 84.(本题9分)如图所示，长 为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定在。点，当小球静止时绳沿着竖直方向.现给小球一水平初速度vo,使小球在竖直平面内做

34、圆周运动，并且刚好能够通过最高点，下列说法正确的A.小球通过最高点时速度为0B.小球通过最高点时速度大小为寂C.小球通过最低点时绳对小球的拉力为mgD.小球通过最低点时绳对小球的拉力为也L【答案】B【解析】【分 析】小球在最高点绳子的拉力与重力的合力提供向心力，在最低点也是绳子的拉力与重力的合力提供向心力,可根据牛顿第二定律列式求解.【详 解】2球 恰 好 经 过 最 高 点P,速度取最小值，故只受重力，重力提供向心力：mg=m ,解 得：u=病，故AL错 误，B正 确；小球开始运动时，T-m g=m ll,解 得：T=mg+m为，故CD错 误；故 选B.L L【点 睛】本题小球做变速圆周运动

35、，在最高点和最低点重力和拉力的合力提供向心力，同时知道绳连物体恰能经过最高点的条件.5.（本 题9分）如图所示，力F大小相等，物 体 沿 水 平 面运动的位移L也相同，下 列 各 情 况 中F做功最少的是（M=0A=0D.B.M=0【答 案】D【解 析】【详 解】A项 中，拉力做功为W=FLB项 中，拉力做功为W=FLcos30=FL2C项 中，拉力做功为W=Mcos30=#FLD项 中，拉力做功为W=FLCOS603=-FL2故D图 中 拉 力F做功最小.故 选D.6.（本题9 分）如图，平行板电容器与电动势为E 的电源连接，下极板接地.一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态.现将

36、上极板竖直向上移动一小段距离，则（）工A.P 点的电势将降低B.极板带电量将增加C.带电油滴的电势能将增大D.带电油滴将竖直向上运动【答案】C【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根 据 E=U/d得知板间场强减小，而 P 点与下极板间的距离不变，则由公式止 tan 37，物体在摩擦力作用下可以沿倾斜的皮带加速上滑，根据牛顿第二定律：J-i mgcos37 -mgsin37 =ma,解得加速度a=0.4 m/s2,物体加速上滑的位移由运动学：v?=2ax,解得物体与皮带保持相对静止时发生的位移x 物=20m,随后物体保持v=4 m/s的速度达到顶端。在

37、顶端物体的重力势能 EP=mgh=mgLsin37 0=180J,物体的动能Ek=ym v2=8 J,物体到达顶端时的机械能E=EP+Ek=188JoV(2)物体在皮带上加速运动的时间t=-=1 0 s,在 10s内皮带运动的距离XM Vt=4 0m,物体相对皮带的位a移x=x s-x w=20m,物体与传送带之间因摩擦而产生的热量Q=mgcos37 x=128J,(3)根据能量守恒，电动机由于传送物体而多消耗的电能E 电=Ep+Ek+Q=316J。2 1.(本题9 分)滑板运动是青少年喜爱的一项活动.如图所示，滑板运动员以某一初速度从A 点水平离开 h=0.8m高的平台，运动员(连同滑板)恰

38、好能无碰撞的从B 点沿圆弧切线进入竖直光滑圆弧轨道，然后 经 C 点沿固定斜面向上运动至最高点D.圆弧轨道的半径为lm,B、C 为圆弧的两端点，其连线水平，圆弧对应圆心角0=106。，斜面与圆弧相切于C 点.已知滑板与斜面间的动摩擦因数为g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,不计空气阻力,运动员(连同滑板)质量为5 0 kg,可视为质点.试求：(1)运动员(连同滑板)离开平台时的初速度V0；(2)运动员(连同滑板)通过圆弧轨道最底点对轨道的压力；(3)运动员(连同滑板)在斜面上滑行的最大距离.【答案】(l)3m/s(2)2150N(3)1.25m【解析】【详解】(1)运动员

39、离开平台后从A 至 B 的过程中，在竖直方向有：v/=2 g h g在 B 点有：vyuvotan,由 得：vo=3m/s2(2)运动员在圆弧轨道做圆周运动，由牛顿第二定律可得N-m g=m R由机械能守恒得；mvo2+mgh+R(l-cos53)=；mv2 联 立 解 得 N=2150N.(3)运动员从A 至 C 过程有：mgh=mvc2-mvo22 2运动员从C至D过程有：mgLsin+|imgLcos =mvc22 2 2由 解 得：L=1.25m.【点睛】本题是一个综合性较强的题目，在题目中人先做的是平抛运动，然后再圆轨道内做的是圆周运动，最后运动到斜面上时，由于有摩擦力的作用，机械能

40、不守恒了，此时可以用动能定理来计算运动的距离的大小.整个题目中力学部分的重点的内容在本题中都出现了，本题是一道考查学生能力的好题.2 2.如图所示，质 量m=10kg的物体放在水平面上，在水平拉力F=100N作用下，从A点静止开始向右匀加速直线运动到B点，AB间距s=8m。已知物体与水平面间的动摩擦因数以|1=0.6,重力加速度g取10m/s2o 求A1)物体在B点的速度大小；(2)从A到B拉 力F的平均功率Po【答案】(Q 8m/s(2)400W【解析】【详解】(1)对物体分析，从A到8,由动能定理得(尸一R g)s =g，加 一0代入数据得u=8m/s【或：对物体分析，由牛顿第二定律得E-

41、mg=恒根据匀变速运动规律有y=2as代入数据得u=&/5】(2)拉力厂的平均功率A=尸3 根据匀变速运动规律有=T代入数据得A=400W【或：从A到3,拉力对物体做功=好根据匀变速运动规律有s -a r2-W拉力尸的平均功率P=一 ,代入数据得=400W】高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.衢州市教育局发布 关于实施高中学生体质健康发展 天天向上 行动的通知后，某体重为60kg的男生参加引体向上体能测试.从双臂伸直（图甲）到肩部与单杠同高（图乙）计 1 次，每次重心升高约50 cm,以下

42、说法正确的是A.图甲到图乙过程，该同学一直处于超重状态B.图甲到图乙过程，该同学一直处于失重状态C.图乙到图甲过程，重力做的功约300JD.图乙到图甲过程，双臂拉力做功为0【答案】C【解析】【详解】A B.从图甲到图乙过程，该同学先向上加速后向上减速，则加速度方向先向上后向下，则先处于超重状态,后处于失重状态。故 A 项错误，B 项错误；C.从图乙到图甲过程，重力做正功，大小为：W=mg =60 xl0*0.5J=300J故 C 项正确；D.从图乙到图甲过程，设拉力做功WF,根据动能定理：WG+WF=Q拉力做功：WF=-300J,故 D 项错误。2.（本题9 分）如图所示，A 3 为竖直面内L

43、 圆弧轨道，半径为R,8 C 为水平直轨道，长度也是R.质4量为加的物体，与两个轨道间的动摩擦因数都为，现使物体从轨道顶端A 由静止开始下滑，恰好运动到 C 处停止，那么物体在AB段克服摩擦力所做的功为（）AZZZ/z z/z/A./jmgR B./jmg7rRC.m g R D.Q-H）m g R【答案】D【解析】BC段物体受摩擦力f =卬 ng,位移为R,故BC段摩擦力对物体做功w =-fR=-p m g R；对全程由动能定理可知m g R+叱+W=0,解 得 叱=/jm g R-m g R,故AB段克服摩擦力做功为W.兑=m g R -/imgR=Q m g R,D 正确.3.（本题9分

44、）如图所示，实线为电场线，虚线AB为带电质点仅在电场力作用下的运动轨迹，则运动过程中下列判断正确的是A.带电质点可能带负电B.带电质点一定由A运动至BC.带电质点在A点动能大于在B点动能D.带电质点在A点电势能大于在B点电势能【答案】D【解析】【详解】A.粒子受力方向为向左，质点一定带负电，故A错误；B.由于只有质点的运动轨迹，不能判断运动方向是从A到B,还是从B到A,故B错误；CD.若质点从A到B电场力做正功，电势能减小，由动能定理可知动能增加，所以带电质点在A点动能小于 在B点动能，A点电势能大于在B点电势能，故C错误，D正确；4.（本题9分）某单摆做简谐振动，周 期 为T,若仅增大摆长，

45、则振动周期会（）A.变小 B.不变 C.变大 D.不确定【答案】C【解析】【详解】根据单摆的周期公式：T=2万可知若仅增大摆长，则振动周期会变大，故选C。5.（本题9分）质量为1kg的物体，当其速率由3 m/s变为4 m/s时，它的动量增量的大小不可能是（）I kg-m/s B.5 kg-m/s C.7 kg-m/s D.9 kg-m/s【答案】D【解析】物体初动量大小为p -m v=1x3=3kg-m/s,物体的末动量为P =mv =1x4=40Zg-m/s,故动量改变量为：=p-p,当初末动量反向时，动量改变量最大，为7kgm/s；当初末动量同向时,动量改变量最小，为lkgm/s,所以i

46、k g.m/s W M Y 7 k g r n i s，故D不可能.6.如图所示，在一直立的光滑管内放置一轻质弹簧，管口上方。点与弹簧上端初始位置A的距离为h,一小球从。点由静止下落，压缩弹簧至最低点D,弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力，小球自。点下落到最低点D的过程中，下列说法正确的是（）:J。0 H h DA.小球与弹簧组成的系统机械能守恒B.小球的最大速度与h无关C.小球达到最大速度的位置随h的变化而变化D.弹簧的最大弹性势能与h成正比【答案】A【解析】A、小球在运动的过程中只有重力和弹簧的弹力做功，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，故A正确；B、设小球刚运动到A点时的速度为V,则有m

47、gh=:/廿，V=，丽，小球接触弹簧后先做加速运动,当弹簧的弹力与重力大小相等时，弹簧压缩量为X,此时小球的速度最大，则有机g=，彳=整，该k过程中机械能守恒，由功能关系可得：m g x-k x2=m v；n-m v2,得：v 2 g 九 一 中,可知小球的最大速度与h有关，故B错误；C、当弹簧的弹力与重力大小相等时，即弹簧压缩量为遛时小球的速度最大，与h无关，故C错误；kD、选取小球的平衡位置处为重力势能的。点，当小球运动到最低点D时，弹性势能最大，动能为0,则弹簧的弹性势能等于取小球的平衡位置处小球与弹簧组成的系统的机械能，根据机械能守恒定律得，弹簧的最大弹性势能为：11 2 2EPm=m

48、v；+-kx2=mgh+,可知弹簧的最大弹性势能与h 是线性关系，但不是成正比，故 D2 2 k错误。点睛：本题既要根据受力情况判断小球的运动情况，又要运用机械能守恒分析小球的速度和弹簧的弹性势能，综合性较强。7.(本题9 分)质量为m 的汽车，其发动机额定功率为P.当它开上一个倾角为。的斜坡时，受到的阻力为车重力的k 倍，则车的最大速度为()PA.-mg sin ePcos。B.mg(k+sin O)PcosOc.-mgPD.-根g(k+sin 6)【答案】D【解析】【详解】当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，

49、汽车的牵引力F=f+mgsine=kmg+mgsin6=mg(k+sin 0),由功率P=F v,所P P以上坡时的速度：V=-=-故 A、B、C 错误，D 正确.F mg(Z+sin 夕)8.(本题9 分)下列关于电源和电源的电动势、路端电压说法塔煲的是()A.铅蓄电池能够将化学能转变为电能B.电源的电动势等于路端电压与内电压之和C.电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D.纯电阻电路中，若外电路总电阻增加，路端电压则减小【答案】D【解析】【详解】A.铅蓄电池能够将化学能转变为电能，此说法正确，选项A 不符合题意；B.电源的电动势等于路端电压与内电压之和，此说法正确，选 项 B 不符

50、合题意；C.电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，此说法正确，选项C不符合题意；D.纯电阻电路中，若外电路总电阻增加，则电路的总电阻增加，总电流减小，根 据 U=E-lr可知，路端电压增大，则选项D符合题意。9.（本 题 9 分）如图所示，一个小球（视为质点）从 H=12m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道A B,进入半径R=4m的竖直圆环，且与圆环间动摩擦因数处处相等，当到达环顶C时，刚好对轨道压力为零；沿CB圆弧滑下后，进入光滑弧形轨道B D,且到达高度为h 的 D点时的速度为零，取 g=10m/s2,所有高度均相 对 B点而言，则 h 之值可能为（）A.7 m B.8 m C.9