【3份试卷合集】衡水市名校2019-2020学年物理高一下期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A.做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的B.物体在恒力作用下不可能做曲线运动C.平抛运动是一种匀变速运动D.物体只有受到方向时刻变化的力的作用才可能做曲线运动2.一位质量为m的同学从下蹲状态向上跳起，经A t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v,已知重力加速度为g,在此过程中地面对他的支持力的冲量为A.mv+mgA t B.mv mgA t C.mv D.mgA t3.（本题9分）爱因斯坦在评价伽利略所取得

2、的成就时认为.是人类思想史上最伟大的成就之一，而且标志着物理学的真正开端.这主要是基于伽利略（）A.通过自制望远镜观测天空支持了 日心说”B.通过逻辑推理揭露了“重物比轻物下落得快”蕴含的矛盾C.通过理想斜面实验颠覆了“力是维持物体运动的原因”的观点D.把实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学思维方式和研究方法4.如图所示，桌面离地高度为h,质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落.若以桌面为参考平面,B.加速度随时间均匀增大则小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力做功分别为?!nit 一A.mgh,mg（H h）B,mgh,mg（H+h）C.-mgh,mg（H h）5.物体以初速度v0水

3、平抛出，当抛出后竖直位移是水平位移的2A.包 B.a c.空g g g6.（本题9分）质量为150kg的赛车在平直赛道上以恒定功率启动速度的倒数*的关系如图所示，则 赛 车（）VD.-mgh,mg（H+h）倍时，则物体抛出的时间是（）D.2g受到的阻力恒定不变，其加速度a和D.输出功率为60KWA.速度随时间均匀增大C.所受阻力大小为6000N7.（本题9 分）在研究曲线运动的条件时，某同学做了如图所示的实验。未放置磁铁时，钢球在水平面上做直线运动，若在钢球运动路线的旁边放置一块磁铁，钢球将做曲线运动。该实验说明A.钢球所受合力为零时也可以做曲线运动B.钢球所受合力方向与速度方向不在同一条直线

4、上，就会做曲线运动C.钢球所受合力方向与速度方向在同一条直线上，就会做曲线运动D.钢球加速度方向与速度方向在同一条直线上，就会做曲线运动8.（本题9 分）以下关于功和能的说法中正确的是（）A.功是矢量，能是标量B.功是能量转化的量度C.功和能都是矢量D.因为功和能的单位都是焦耳，所以功就是能9.现代人们的生活与各类人造卫星应用息息相关，下列关于卫星相关说法正确的是（）A.顺德的正上方可能存在同步卫星B.地球周围卫星的轨道可以在任意平面内C.卫星围绕地球转动的速度不可能大于7.9km/sD.卫星的轨道半径越大运行速度就越大10.（本题9 分）某消防队员从一平台上跳下，下落2 m 后双脚触地，接着

5、他用双腿弯曲的方法缓冲，使自身重心又降下0.4 m 而静止，在着地过程中地面对他双脚的平均作用力为自身重力的（）A.4 倍 B.5 倍 C.6 倍 D.7 倍二、多项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分1 1.（本题9 分）如图所示，在倾角为30。的斜面上，质量为1kg的小滑块从a 点由静止下滑，到 b 点时接触一轻弹簧。滑块滑至最低点c 后，又被弹回到a 点，已知ab=0.6 m,bc=0.4 m,重力加速度g 取 10 m/s2,下列说法中正确的是A.滑块滑到b 点时动能最大

6、B.整个过程中滑块和弹簧组成的系统机械能守恒C.弹簧的最大弹性势能为2JD.从c到b弹簧的弹力对滑块做了 5J的功1 2.（本题9分）如图，等离子体以平行两极板向右的速度v=100m/s进入两极板之间，平行极板间有磁感应强度大小为0.5T、方向垂直纸面向里的匀强磁场，两极板间的距离为10cm,两极板间等离子体的电阻r=lQ 小波同学在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电路中B点，沿边缘放一个圆环形电极接电路中A点后完成“旋转的液体”实验。若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，上半部分为S极，Ro=2.00,闭合开关后，当液体稳定旋转时电压表（视为理想电压表）的示数恒为2.0 V,则等禺子体:

7、X *x x x.X X X X X XA.玻璃皿中的电流方向由中心流向边缘B.由上往下看，液体做逆时针旋转C.通 过Ro的电流为1.5AD.闭合开关后，Ro的热功率为2W1 3.（本题9分）2019年6月5日我国在黄海海域使用长征十一号运载火箭成功完成 一箭七星 海上发射技术试验，这是中国首次在海上进行航天发射。如图所示，甲、乙是其中绕着地球做匀速圆周运动的两颗卫星，则下列说法正确的是A.卫星甲的线速度大于卫星乙的线速度B.卫星甲的线速度小于第一宇宙速度C.卫星甲的周期大于卫星乙的周期D.卫星甲的向心加速度大于卫星乙的向心加速度1 4.（本题9分）如图所示，蹦床比赛中的运动员正被蹦向空中向上

8、运动（空气阻力不可忽略），下列关于此过程中的说法正确的有（）A.运动员处于失重状态B.运动员机械能守恒C.运动员克服重力做的功等于动能的减少量D.空气阻力对运动员做负功1 5.（本题9 分）一物体放在水平地面上，如图1 所示，已知物体所受水平拉力F 随时间t 的变化情况如图2 所示，物体相应的速度v 随时间t 的变化关系如图3 所示，则7777777777777777777777血1A.08s时间内水平拉力的冲量大小为零B.06s时间内合外力的冲量大小为4N.SC.t=4s时物体的动量大小为4kg.m/sD.08s时间内物体克服摩擦力所做的功30J1 6.如图所示，轻质细杆的一端与小球相连，可

9、绕过。点的水平轴自由转动，细杆长1m,小球质量为1kg。现使小球在竖直平面内做圆周运动，小球通过轨道最低点A 的速度为二一=7m/s,通过轨道最高点B 的速度为二一=3m/s,g 取“m/s?,则小球通过最低点和最高点时，细杆对小球的作用力（小球可视为质点）B，-丁、/：、，1 I （I!/、/AA.在 A 处为拉力，方向竖直向上，大小为59NB.在 A 处为推力，方向竖直向下，大小为59NC.在 B 处为推力，方向竖直向上，大小为1ND.在 B 处为拉力，方向竖直向下，大小为1N三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分1 7.（本题9 分）如图所示的实验装置，可用来研究平抛物体的运动。

10、（1）关于实验过程中的一些做法，以下合理的有A.安装斜槽轨道，使其末段保持水平B.调整木板，使之与小球下落的竖直面平行C.每次小球应从同一位置由静止释放D.用折线连接描绘的点得到小球的运动轨迹（2）某同学在实验操作时发现，将小钢球轻轻放在斜槽末端时，小球能自动滚下。他应该如何调整:（3）以抛出点为坐标原点0,利用水平位移x和竖直位移y的多组数据做出小球的运动轨迹图，如右图所示。在图线上取一点P,其坐标如图所示。则小球从。运动到P的时间t=s；小球初速度的大小Vo=m/s （重力加速度g取10m/s2）。1 8.（本题9分）如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，两弹簧测力计将橡皮条拉伸到0点，

11、以下说法A.应平行于木板拉弹簧测力计，且两个测力计都不能超过最大刻度B.只需记录两个弹簧秤的示数C.应保证B。、C 0相互垂直D.改用一只弹簧测力计拉橡皮筋时，只需保证橡皮条方向与原来一致四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.（6分）（本题9分）如图所示，是一个电梯模型，A为电梯的厢体，B为平衡重物，A、B的质量分别为M=200kg,m=50kg。A、B通过绕过两个定滑轮的钢丝绳连接，不计钢丝绳和定滑轮的质量。某时刻，电动机牵引厢体A,使之由静止开始向上运动，电动机输出功率为1500W保持不变，厢体A上升2m后开始做匀速运动。不计空气阻力和一切摩擦，重力加速度g=10m/s2。在厢体

12、向上运动过程中，求：/,若厢体A 向上加速时的加速度大小为0.5m/s2,则重物B 下端绳的拉力大小；（2）厢体A 从开始运动到刚好开始匀速运动所用的时间（结果保留两位有效数字）.20.（6 分）（本题9 分）用竖直向上的拉力F 提升原来静止的质量m=10kg的物体，使其以a=2 m/的加速度匀加速竖直上升，不计其他阻力，取重力加速度为g=1 0 m/,求：（1）开始运动的4 s内拉力F 做的功；（2）拉 力 F 在 4s末的瞬时功率.21.（6分）（本题9 分）如图所示，在水平地面上固定一倾角6=37。，表面光滑的斜面体，物体A 以Vi=6m/s的初速度沿斜面上滑，同时在物体A 的正上方，有

13、一物体B 以某一初速度水平抛出.如果当A 上滑到最高点时恰好被B 物体击中.（A、B 均可看作质点，sin370=0.6,cos37=0.8,g SR 10m/s2）求：（1）物体A 上滑到最高点所用的时间t；（2）物 体 B 抛出时的初速度V2；（3）物体A、B 间初始位置的高度差h.22.（8 分）（本 题 9 分）如图所示，倾 角 0=37。的光滑且足够长的斜面固定在水平面上，在斜面顶端固定一个轮半径和质量不计的光滑定滑轮D,质量均为m=lkg的物体A 和 B 用一劲度系数k=140N/m的轻弹簧连接，物 体 B 被位于斜面底端且垂直于斜面的挡板P 挡住.用一不可伸长的轻绳使物体A 跨过

14、定滑轮与质量为M 的 小 环 C 连接，小 环 C 穿过竖直固定的光滑均匀细杆，当整个系统静止时，环 C 位 于Q 处，绳与细杆的夹角a=53。，且 物 体 B 对 挡 板 P 的压力恰好为零.图中S D 水 平 且 长 度 为 d=0.1m,位 置 R 与 位 置 Q 关于位置S 对称，轻弹簧和定滑轮右侧的绳均与斜面平行.现让环C 从 位 置 R 由静止释放，sin37=0.6,cos37=0.8,g 取 lOm/s1.求：小 环C的 质 量M；（2）小 环C通过位置S时的动能Ek及环从位置R运动到位置S的过程中轻绳对环做的功WT；小 环C运动到位置Q的 速 率V.参考答案一、单项选择题：本

15、题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.C【解析】【详解】做匀速圆周运动的物体所受合外力提供向心力，合力的大小不变，方向始终指向圆心，方向时刻改变，故A错误；曲线运动的条件是物体的速度方向与合力方向不共线，平抛运动合力恒定，加速度恒定，故平抛运动为匀变速运动，故BD错误，C正确.2.A【解析】【详解】人的速度原来为零，起跳后变化v,以向上为正方向，由动量定理可得：l-m g4t=m v-0,故地面对人的冲量为 mv+mgA t.A.mv+mgA t与计算结果相符；故A正确.B.m v-m g A t与计算结果不相符；故B错误.C.m v与计算结

16、果不相符；故C错误.D.mg与计算结果不相符；故D错误.3.D【解析】【详解】爱因斯坦认为，伽利略的发现以及他所应用的科学的推理方法，是人类思想史上最伟大的成就之一，而且标志着物理学的真正开端.”A.通过自制望远镜观测天空支持了 日心说，与结论不相符，选项A错误；B.通过逻辑推理揭露了 重物比轻物下落得快 蕴含的矛盾，与结论不相符，选 项B错误；C.通过理想斜面实验颠覆了“力是维持物体运动的原因”的观点，与结论不相符，选 项C错误；D.把实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学思维方式和研究方法，与结论相符，选 项D正确；4.D【解析】物体的重力势能为:Ep=mgh,其中h为物体到零势能点的高

17、度,所以该物体落地时的重力势能为：EP=-mgh；物体下落的始末位置的高度差为：H+h故重力做功为：W=mg(h+H),故ABC错误，D正确.故 选D.【名师点睛】解答本题要掌握：重力做功只与物体始末位置有关，与路径无关，与零势能点的选取无关；重力势能大小与零势能点的选取有关，同一位置选择的零势能点不同，对应的重力势能就不同.5.C【解析】当竖直位移是水平位移的2倍，有：=解得：/=也，故选项c正确。点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。6.D【解析】【分析】【详解】由图可知，加速度变化，故做变加速直线运动，故A错误；a-图象的函数方程为。=

18、4 9-4,汽车V V加速运动，速度增大，加速度减小，故B错误；对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有：尸其中：F =，联立得：-工，结合图线，当物体的速度最v mv mv-大时，加速度为零，故结合图象可以知道，a=0时，J =2s,解得：v=100m/s,所以最大速度为100m/s,由图象可知：一2=一4,解得：/=4?=4 x l5 0 =6()0 N,又0=0-高，解 得:P =6QkW,m 150 x100 1500故ABC错误，D正确；故 选D.【点睛】本题关键对汽车受力分析后，根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式，再结合图象进行分析求解.7.B

19、【解析】【分析】本题关键找出钢球的速度方向和受力方向，从而判断出钢球做曲线运动的条件；【详解】A.在未放置磁铁时，小钢球的合力认为是零，则做直线运动，故选项A 错误；B C D.曲线运动的速度方向是切线方向，合力方向即加速度的方向是指向磁体的方向，两者不共线，球在做曲线运动，说明曲线运动的条件是合力或加速度与速度不在同一条直线上，就会做曲线运动，故选项B正确，CD错误。8.B【解析】【详解】A C.物理学中把力和物体在力的方向上移动距离的乘积叫做机械功，简称功，功是标量，能量也是标量，故选项A、C 错误；B D,功是能量转化的量度，单位都是焦耳，但功不是能量，功属于过程量，能量属于状态量，故选

20、项B正确，D 错误.9.C【解析】【详解】A.同步卫星一定位于赤道的正上方，而顺德不再赤道上，所以顺德的正上方不可能存在同步卫星.故选项A不符合题意.B.卫星的向心力是由万有引力提供的，所以地球周围卫星的轨道平面一定经过地心，不是在任意平面内都存在地球卫星.故选项B 不符合题意.C.根据_ 11-i-=可知，当 r 等于地球半径时的速度为7.9km/s,所以7.9km/s是最大的环绕速度，卫星围绕地球转动的速度不可能大于7.9km/s.故选项C 符合题意.D、根据_|匚匚=可知，卫星的轨道半径越大运行速度就越小.故选项D 不符合题意.10.C【解析】设地面对他双脚的平均作用力为F,对全过程运用

21、动能定理得，mg(H+h)-Fh=O,解得=mg(H+h)=mg(2+0,4)=6 即平均作用力是自身重力的6倍.故C正确，ABD错误.故选h 0.4C.点睛：本题也可以根据动力学知识进行求解，但是没有动能定理解决简捷，对全过程运用动能定理，不需要考虑过程中速度的变化，抓住初末状态，列式求解.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.BD【解析】滑块滑到b点时刚接触弹簧，刚过b点时，滑块重力的分力大于弹力，滑块仍加速运动，则b点动能不是最大，选项A错误；整个过程中只有重力和弹簧的弹

22、力做功，则弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，故B正确；滑块从a到c,运用动能定理得：mghac+W/=0解得：W=-5J 弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化，所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为5 J,故C错误；从c点到b点弹簧的弹力对滑块做功与从b点到c点弹簧的弹力对滑块做功大小相等，根据C选项分析，从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是5 J,故D正确；故 选BD。点睛：本题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律，列出相应的物理方程解题.同时要明确弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化.12.BD【解析】【详解】A B.由左手定则可知，正离子向上偏，所

23、以上极板带正电，下极板带负电，所以由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心，器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故A错误，B正确；C.当电场力与洛伦兹力相等时，两极板间的电压不变，则有qvB=q*得U=BJv=0.5 xO-lxl 00V=5 V由闭合电路欧姆定律有U Uv=/(+&)解得/=1ARo的热功率,=/2 =2 W故C错误，D正确。故 选BDo13.BC【解析】【详解】TB.第一宇宙速度是所有环绕地球做圆周运动的卫星的最大速度，则卫

24、星甲的线速度小于第一宇宙速度,选 项B正确；C.由T生 乙 可 知，卫星甲的周期大于卫星乙的周期，选项C正确;GMD.由0=下可知 卫星甲的向心加速度小于卫星乙的向心加速度 选项D错误;14.AD【解析】运动员被蹦向空中向上运动的过程中，加速度向下，故运动员处于失重状态，选项A正确；由于空气阻力的作用，故机械能不守恒，选 项B错误；根据动能定理可知，运动员克服重力做的功与克服阻力做功之和等于动能的减少量，选项C错误；空气阻力方向与位移方向相反，故空气阻力对运动员做负功，选 项D正确；故选AD.15.BCD【解析】【分析】【详解】A、由图象知，力F的方向恒定，故 力F在。8 s内的冲量l=Fit

25、i+F2t2+F3t3=3X4+2X2+0X2NS=16NS；方向向右，故A错 误.B、由46s物体匀速直线运动可知f =2 N,则06s的/合=耳%+6+f2)=3 x 4+2 x 2 2 x 6 =4 N-s,故 B 正 确.C、因 04s 的/合=益-先=3 x 4-2 x 4 =4 N$根据动量定理可知动量变化为4 N$而初动量为零，则4s末的动量为4kg.m/s,故C正 确.D、由 图 象 的 面 积 代 表 位 移，可求得08s的位移为x=0 1 2 x 3 m=1 5 m,根据功的定义式可得Wf=/=2 x l5 J =3 0 J,故D正 确.故 选BCD.【点睛】此题考查了学生

26、对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合动能定理和动量定理的计算公式进行计算求解，是高考的热点考题.16.AC【解析】【详解】AB.在最低点，杆子一定表现为拉力，有:则：_.=59N二=二 二 +二F方向向上，A 正 确 B错误；CD.在最高点，有：-2.l -&U+U U=L 1则：=1N二=二三 一 二 二所以杆子表现为支持力，方向向上，大小为IN,C正确D错误.三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.(1)ABC(2)调节斜槽末段水平(3)0.3 1【解析】【详解】解：A、为了保证小球离开斜槽后做平抛运动，安装斜槽轨道时，使其末端保持水平，故选项A 正确;B、

27、为准确方便确定小球运动轨迹，应调整木板，使之与小球下落的竖直面平行，故选项B正确；C、为保证小球做平抛运动的初速度相等，每次小球应从斜槽的同一位置由静止释放，故选项C正确；D、用平滑的曲线连接描绘的点得到小球的运动轨迹，故选项D错误；(2)小球能自动滚下说明斜槽末端不水平，应该调整：调节斜槽末端水平，保证小球做平抛运动；根据y=工g产，解得小球从o 运动到P的时间r=型=心 s=0.3s2 g V 10 x 0 3水平方向则有X=Vor,解得小球初速度的大小%=7 =沼m/s=lm/s18.A【解析】【分析】验证力的平行四边形定则的实验原理是：理论值与实际值的对比。合力的理论值使用作图法，需要

28、记录两分力的大小和方向；根据实验原理掌握实验中的注意事项。【详解】拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行；并且示数不能超过最大刻度，故 A 正确；记录两个弹簧秤的示数和力的方向，故 B 错误；实验中不需要应保证两个拉力的方向要相互垂直，故C 错误；为了保证效果相同，改用一只弹簧测力计拉橡皮条时，不但保证橡皮条方向与原来一致而且自由端仍要拉到。点，故 D 错误。所以A 正确，BCD错误。【点睛】本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练。四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.(1)1625N(2)2.1s【

29、解析】当厢体向上的加速度为O.5m/sz时，利用牛顿第二定律，对 A:二二-二二=二二对 B:二二+二二一匚口=匚 二联立得：二二=1625二(2)设厢体的最大速度为Vm,由分析可知，厢体A 的速度最大时，有：二=(二一二)二一 =口可得：二二=/匚/二由动能定理可知：二二+二二二-二二二=二+二)二 二解得：二=2 1 二点睛：本题是连接体问题，采用隔离法研究绳子的拉力.要选择研究对象，搞清研究对象的运动过程中，知道速度最大的条件是合力为零。20.(1)1920J(2)960W【解析】(1)4 s内物体上升的高度为：h=at2=x2xl6m=16m,2 2根据牛顿第二定律得，F-mg=ma,

30、解得：F=mg+ma=100+10 x2N=120N,则拉力做功为：WF=F h=1 2 0 x l 6 J=1 9 2 0 J.(2)根据速度时间公式得：v=a t=2 x 4 m/s=8 m/s则拉力的瞬时功率为：P=F v=1 2 0 x 8 W=9 6 0 W.2 1.(1)I s )(2)2 A m/s(3)6.8 机【解析】【分析】对物体A进行受力分析可以知道A的加速度的大小，再由匀变速直线运动的速度公式可以求得运动的时间；(2)A 和 B的水平位移是一样的，根据A的运动可以求得在水平方向上的位移，再由平抛运动的规律可以求得 B的初速度的大小.物体A、B间初始位置的高度差等于A上升

31、的高度和B下降的高度的和，A上升的高度可以由A的运动求出，B下降的高度就是自由落体的竖直位移.【详解】(1)物体A上滑的过程中，由牛顿第二定律得：mgsinO=nui代入数据得：a=S m/s2设经过t 时间B物体击中A物体，由运动学公式：0=匕-4代入数据得：r =l s.(2)平抛物体B的水平位移为：X =v.t s i n 3 7 =x 8 x 1 x 0.6m=2.4m2 1)2Y平抛速度：V2=y =2.4/?/5 .(3)物体A、B间初始位置的高度差等于A上升的高度和B下降的高度的和，所以物体A、B间的高度差为：=卬 c o s 3 7 =g x 8 x l x 0.8 +；x l

32、 0 x l z =8.2 根2 2.(1)0.7 1 k g(l)0.3 J(3)l m/s【解析】【详解】(1)先以A B 组成的整体为研究对象，A B 系统受到重力.支持力和绳子的拉力处于平衡状态，则绳子的拉力为：T=l m g s i n O=l x l O x s i n 3 7 0=l l N以 C为研究对象，则 C受到重力、绳子的拉力和杆的弹力处于平衡状态，如图，则：Tcos530=Mg代入数据得：M=0.71kg(1)由题意，开始时B恰好对挡板没有压力，所 以B受到重力、支持力和弹簧的拉力，弹簧处于伸长状态；产 生B沿斜面方向的受力:Fi=mgsin0=lxlOxsin37=6

33、N2妗 工 日 m g sin 8弹簧的伸长量：A x产-=0.015mk当 小 环C通过位置S时A下降的距离为：XA=-d=0.05msin a此时弹簧的压缩量为：X1=XA-xi=0.015m由速度分解可知此时A的速度为零，所以小环C从R运动到S的过程中，初末态的弹性势能相等，对于小环C、弹簧和A组成的系统机械能守恒有：Mgdcota+mgXASin0=Ek代入数据解得：Ek=1.38J环从位置R运动到位置S的过程中，由动能定理可知：WT+Mgdcota=Ek代入数据解得：WT=0.3J(3)环从位置R运动到位置Q的过程中，对于小环C、弹簧和A组成的系统机械能守恒M g (2d cot a

34、)对环在Q点的速度进行分解如下图，贝!|：VA=vcosa两式联立可得：v=lm/s【点睛】该题中，第一问相对比较简单，解答的关键是第二问，在解答的过程中一定要先得出弹簧的弹性势能没有变化的结论，否则解答的过程不能算是完整的.高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）以下说法正确的是（）A.在同一个接触面上的摩擦力和弹力的方向不一定垂直B.相互压紧并发生相对运动或有相对运动趋势的物体间一定有摩擦力产生C.有摩擦力产生的面上不一定有弹力D.接触面粗糙，接触面间有弹力，有相对运动，则一定有摩

35、擦力产生【答案】D【解析】【分析】【详解】A.摩擦力的方向与弹力的方向互相垂直.故A错误；BD.相互压紧并发生相对运动或有相对运动趋势的物体间，且接触面粗糙时，才一定有摩擦力产生.故B错误、D正确；C.有摩擦力产生的面上一定有弹力，而有弹力不一定有摩擦力，故C错误。故选D。【点睛】解决本题的关键知道弹力和摩擦力的产生条件，并且要明确摩擦力分为动摩擦力和静摩擦力；它们在计算大小时所用的方法不同，应注意区分.2.一质量为m的物体，沿倾角a =30。的光滑斜面由静止起下滑，当它在竖直方向下降了 h高度时，重力对它做功的瞬时功率是【答案】B【解析】【详解】由机械能守恒定律得:,1 ，mgh=m v解得

36、：v=y2gh则重力的瞬时功率为:P=mgvsin3022mgyjlghA.mg，2gh,与结论不相符，选项A错误；B.2gh,与结论相符，选 项B正确;C.mg痴,与结论不相符，选项C错误；D.与结论不相符，选 项D错误;3.（本题9分）如图所示，站在车上的人，用锤子连续敲打小车。初始时，人、车、锤都静止。假设水平地面光滑，关于这一物理过程，下列说法正确的是A.连续敲打可使小车持续向右运动B.人、车和锤组成的系统机械能守恒C.当锤子速度方向竖直向下时，人和车水平方向的总动量为零D.人、车和锤组成的系统动量守恒【答案】C【解析】【详解】A.人、车和锤看做一个系统处在光滑水平地面上，水平方向所受

37、合外力为零，故水平方向动量守恒，总动量始终为零，当大锤有相对大地向左的速度时，车有向右的速度，当大锤有相对大地向右的速度时，车有向左的速度，故车来回运动，故A错误；B.大锤击打小车时，发生的不是完全弹性碰撞，系统机械能有损耗，故B错误；C.大锤的速度竖直向下时，没有水平方向的速度，因为水平方向总动量恒为零，故人和车的总动量也为零,故C正确；D.人、车和锤水平方向动量守恒，因为大锤会有竖直方向的加速度，故竖直方向合外力不为零，竖直动量不守恒，系统总动量不守恒，故D错误。4.（本题9分）马航客机失联后，西安卫星测控中心启动应急机制，对在轨运行卫星测控计划进行调整，紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个

38、型号近10颗卫星，为地面搜救行动提供技术支持，个别卫星还变轨，全力投入搜救，如图所示，假设卫星在A点从圆形轨道I进入椭圆轨道II,B为轨道II上的一点，下列说法中正确的是（）轨 道【，、/轨 道 II 、二二/A.在轨道II上经过A点的速度小于在轨道I上经过A的速度B.在轨道II上经过A的速度大于经过B的速度C.在轨道II上运行的周期大于在轨道I上运行的周期D.在轨道II上经过A的加速度小于在轨道I上经过A的加速度【答案】A【解析】【分析】在轨道口上运行时，根据万有引力做功情况判断A、B两点的速度大小，根据开普勒第三定律比较在轨道I I上和在轨道I上运行的周期大小，通过比较万有引力的大小，根据

39、牛顿第二定律比较经过A点的加速度大小；【详解】A、卫星在A点从圆形轨道I要进入椭圆轨道I I做近心，必须使卫星减速，则使向心力小于万有引力，则卫星在轨道n上经过A点的速度小于在轨道I上经过A的速度，故A正确；B、在轨道口上运行时，由A点向B点运动过程中，万有引力做正功，动能增大，所以A点的速度小于B点的速度，故B错误；c、根据开普勒第三定律知，*k,椭圆轨道口的半长轴小于轨道I的半径，所以在轨道口上运动的周期小于在轨道I上运动的周期，故C错误；D、在轨道口上经过A点所受的万有引力等于在轨道I上经过A的万有引力，根据牛顿第二定律知，加速度相等，故D错误.【点睛】解决本题的关键掌握卫星的变轨的原理

40、，以及掌握开普勒第三定律，通过比较轨道半长轴来比较运动的周期.5.（本 题9分）弯曲管子内部注满密度为p的水，部分是空气，图中所示的相邻管子液面高度差为h,大气压强为P。，则图中A点 的 压 强 是（）A.p曲B.po+pghC.p0+2pghD.p0+3pgh【答案】C【解析】考点：封闭气体压强.专题：气体的压强专题.分析：根据液面的高度关系分析，大气压强P。等于中间这段气体产生的压强加上h液体产生的压强，中间这段气体产生的压强等于A端气体产生的压强加上h液体产生的压强，据此分析整理.解答：解：由图中液面的高度关系可知封闭气体的压强为pi=po+pgh,A 点的压强 PA=pi+pgh=p0

41、+2pgh,故选C.点评：在计算气体压强时，有两个结论可以直接应用同一气体的压强处处相等同一液体内部不同点间的压强差由高度差决定，并且位置越高，压强越小.6.（本题9分）质量为m的物体以某一初速度冲上倾角为30。的斜面，减速上滑的加速度大小为0.6g（g为重力加速度），则物体在沿斜面向上滑行距离s的过程中，下列判断错误的是A.物体的动能减少了 0.6mgs B.物体的重力势能增加了 0.5mgsC.物体的机械能减少了 0.4mgs D.物体克服摩擦力做功O.lmgs【答案】C【解析】试题分析：根据牛顿第二定律以及动能定理可得二二=二二=0,6二 二，二二二=二二=0.6二二二，A正确，物体上滑

42、s,则上升的高度为二=：二=。.5二，所以重力势能增加0.5二二二机械能减小量等于克服摩擦力做功，故二二二-二=二二二，即二=0二二二C错误，D正确，故选C考点：考查了功能关系和动能定理的应用点评：本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化.7.（本题9分）我们绝不会看到：一个放在水平地面上的物体，靠降低温度可以把内能自发地转化为动能,使这个物体运动起来.其原因是（）A.违背了能量守恒定律B.在任何条件下内能不可能转化成机械能，只有机械能才能转化成内能C.机械能和内能的转化过程具有方向性，内能转化成机械能是有条件的D.以上说法均不正确【答案】C【解析】试题分析：不

43、同形式的能量可以相互转化，机械能可以转化为内能，在一定的条件下，内能也能转化为机械能，能量的转化都是通过做功来实现的.考点：能量的转化点评：能量的转化具有方向性，这是热力学第二定律的关键，一切与宏观热现象有关的热力学问题都具有方向性，所以内能向其他形式的能转化时需要外界的其他帮助才能实现.8.如图所示的电场中，实线和虚线分别表示电场线和等势线。两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb,a、c两点的电场强度大小分别为Ea和E c,则A.Wa=Wb,EaWb,Ea=EbC.Wa=Wb,EaEc D.WaVWb,EaEc【答案】C【解析】【详解】图中a、b两点在一个等

44、势面上电势相等，则ac间的电势差等于be间的电势差，即Uac=Ubc,根据W=qU,有Wa=Wb；a位置的电场线较密集，C位置电场线较疏，故EaEc；故选C。9.（本题9分）某船在静水中的划行速度v i=5 m/s,要渡过d=30m宽的河，河水的流速v z=4 m/s,下列说法正确的是（）A.该船渡河所用时间至少是7.5sB.该船的航程至少等于30mC.若河水的流速增大，则渡河的时间变长D.该般以最短时间渡河时的位移大小为50m【答案】B【解析】【详解】d 30/A、当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：g 0=w s=6 s,选项A错误。W 5B、因为V1V2,所以由平行四边形法则求合速

45、度可以垂直河岸，渡河航程为3 0 m,选 项B正确。C、水的流速增大，由运动的独立性知垂直河岸的速度不变，渡河时间不变，选项c错误。D、般以最短时间渡河时沿河岸的位移：x=vztmin=4x6m=24m,合位移：s=y/d2+x2=V302+242m=38.4m 选项 D 错误。故选：Bo1 0.（本题9分）如图所示，在圆盘上有A、B、C三点，且。A=AB=BC,当圆盘绕0点在水平面上做匀速圆周运动时，关于A、B、C三点说法正确的是（）A.线速度大小的比为VA:VB:VC=3：2：1B.线速度大小的比为VA:VB：VC=1:1:1C.角速度大小的比为3A：3B：3c=3:2:1D.角速度大小的

46、比为3A：3B：3c=1：1：1【答案】D【解析】三点同轴转动，角速度相等，故 有%:纤：行=1：1：1,根据U=W可得以：唳：匕=以：心：分=公：分：俣=1：2：3,D正确【点睛】本题关键是知道同轴转动角速度相同，同一条皮带相连的点的线速度相同.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.如图甲所示，在某电场中建立X坐标轴，A、B为x轴上的两点，XA、XB分别为A、B两点在x轴上的坐标值.一电子仅在电场力作用下沿X轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x变化的关系如图乙所示，则下列说

47、法中正确的是（）A.该电场一定不是孤立点电荷形成的电场B.A点的电场强度小于B点的电场强度C.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=EPA-EPBD.电子在A点的动能小于在B点的动能【答案】AC【解析】【详解】由题图乙可知，电子在A、B两点的电势能分别为EpA和EpB,且EpBEpA,说明电子由A运动到B时电势能增大，电场力做负功，电场力对其所做的功为W=EpA-EpB,选项C正确；电场力做负功，故动能减小，故电子在A点的动能大于B点的动能，选 项D错误；由于A、B两点的电势能与两个位置间的关系如题图乙所示，说明电势是均匀增加的，故这一定是匀强电场，即不是孤立点电荷形成的电场，选

48、项A正确；A、B两点的电场强度相等，选 项B错误.1 2.（本题9分）小球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，m A=lkg,mB=2 kg,VA=6 m/s,vB=2 m/s.当小球A追上小球B并发生碰撞后，小球A、B的速度可能是（）10 z 10,A.VA=m/s,VB=m/s3 3B.VA/=2 m/S,V B=4m/sC.VA=-4 m/s,VB/=7 m/SD.VAI=7 m/S,VB/=1.5 m/S【答案】AB【解析】D、考虑追碰的实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，故D不可能.A追 上B并发生碰撞前的总动量是：mAVA+mBVB=lx6+2x2kgm/s=10k

49、gm/s,碰撞过程中动量守恒，碰撞后总动量应为10kgm/s,经检验A、B、C选项均符合.C、碰撞过程中总动能不增加，碰撞前总动能为：&=5吗尺+万机”；=221,C选项中&2=g m根 心/=574,故不可能，则综合排除后可能发生碰撞的选AB.【点睛】本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快.1 3.（本题9分）图1是一列沿x轴方向传播的简谐横波在=0时刻的波形图，波速为I m/s。图2是B.x=3.5m处质点在f=2s时的位移为4 j5 c mC.x=1.5m处质点在片4s时的速度方向沿）轴正向D.x=4.5m处的质点在/=1s时加

50、速度沿y轴负方向E.x=3.5m处质点在。Is内路程为(16 8 0)cm【答案】BCE【解析】【分析】【详解】A.根据图2的振动图象可知，x=5.5m处的质点在t=0时振动方向沿)轴正向，所以利用图1由同侧法知该波沿X轴正方向传播，故A错误；B.图1可知该简谐横波的波长为4 m,则T 4 4,T=s=4sv 1圆频率2万 2万=rad/s=0.5rad/sT 4设x=5.5m处质点的振动方程为C .,冗 x-8sin(Z+90)cmt=0时刻4行=8sin%结合t=0时刻振动的方向向上，可知外=；7，则x=5.5m处质点的振动方程为x=8 sin(y t+?)cmx=5.5m处质点与=3.5