江苏省淮安市盱眙县2022-2023学年九年级上学期期中考试物理试卷（含答案）.pdf

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1、吁胎县2022-2023学年第一学期期中考试九年级物理试卷一、选 择 题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意.）1.（2分）下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（）C.抽出中间的物体D.背着物体前进3.（2分）“五一”期间，小莉和同学们到新宁度山旅游时进行了一场登山比赛。下列有关功率的说法正确的是（）A.用时最短的功率最大 B.速度最快的功率最大C.体重最大的功率最大 D.做功最快的功率最大4.（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A.0 的冰块内能为0B.温度高的物体含有的热量多C.汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加D.两个

2、发生热传递的物体之间一定存在温度差5.（2 分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示，以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程与四冲程汽油机哪一个冲程能量转化相同（）oA.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程6.（2 分）2022年 5 月 14 S,一架国产C919大 飞 机（如图所示）从浦东机场起飞，经过三个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下列说法正确的是（）A.飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大B.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行

3、员的动能一直保持不变C.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变D.飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能7.（2 分）一根原木放在水平地面上，粗略估计它的质量时，我们视其粗细相同，质量分布均匀，现抬起一端使它稍离地面需要500N的力（g=10N/kg）,则原木的质量大约为（）A.50kg B.100kg C.250kg D.500kg8.（2 分）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O 点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A 位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO=OB）,小球从A 位置运动到B

4、位置的过程中，下列判断正确的 是（）A O BA.小球的动能不断增加B.弹簧的弹性势能不断减少C.小球运动到0 点时的动能与在0 点时弹簧的弹性势能相等D.在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变二、填 空 题（本题共10小题，每 空1分，共25分.）9.（4 分）如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图（选 填 a”或 b）的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原因是。如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升。这是由于旗杆顶部有一个 滑轮，它（选 填“能”或“不能”）省力，但可以 o 甲 乙10.（3 分）人们常用热水袋取暖，这是用 的方式改变物体的内能。热水袋里装水是因为水具有较大的。

5、用水取暖的过程中，水的内能不断 （选 填“增大”“减小”或“不变11.（2 分）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖飞出去，乙、丙两图为汽油机的其中两个冲程，有一个冲程跟上述现象一致，它是 （选 填“乙”或“丙”）图。如果汽油机的转速为360r/m in,那 么 1 s 内，可以完成 个冲程。甲 乙 丙12.（3 分）如图所示，物体重210N,动滑轮重25N。工人用125N的拉力将物体匀速提升3 m,用了 1 0 s,此过程中拉力的功率是 W,滑 轮 的 机 械 效 率 是,克服动滑轮重所做的额外功占总功的。1 3.（2分）如图，小明将一个重为3 N的小

6、车从斜面底端匀速拉到斜面顶端，沿斜面向上的拉 力 为 I.2 5 N,小车沿斜面移动的距离s=1.6 m,上升的高度h=0.6 m。则小明对小车做的有用功是 J,小车与斜面的摩擦力大小为 N o1 4.（2分）在“探究影响重力势能大小因素”的实验中，小明在水平地面上铺一张白纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，目的是探究重力势能大小与的关系。如图所示，在纸上留下黑色圆斑A、B,圆斑 （填“A”或 B”）是皮球从较高处下落形成的。A B1 5.（2分）2 0 1 9 年 6月 5日，我国首次用固体燃料运载火箭把“文昌物联一号”卫星成功送上太空。火箭发射时要选用热值 的固体燃料（选 填

7、“大”或“小”），燃料的质量减少，热值（选 填“变小”或“不变”）。1 6.（3分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力 的 大 小 变 化 情 况 是;在此过程中，弹力带的 能转化为小明的重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。1 7.（2分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长3 0 c m、重 5N 的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH 做桥塔。O A可绕O点转动，A端用细线与GH 上的B点相连，桥面OA实质是一种 （填

8、简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F=N；将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小变化情况是,由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。1 8.（2分）杆秤是我国古代劳动人民的一项发明，是各种衡器中历史最悠久的一种，称量物体质量时，它相当于一个 （填简单机械名称）。某杆秤的示意图如图所示，若要称量质量更大的物体，应选用 （选 填 A”或 B”）处提纽。三、解 答 题（本题共9 小题.共3 9分.）1 9.（1 分）在 A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。A20.（1分）如图所示，请在图中画出F2的力臂L2。21.（1分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮

9、组绕绳方法。22.（4 分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。（1）如图甲所示，安装杠杆时，为了使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母 向 移动；（2）如图乙所示，杠杆上每一格的长度为5cm,在杠杆左边挂钩码，弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力是动力，则动力臂为 cm；（3）如果要用弹簧测力计向上拉，需要对图乙所示的实验设计进行的调整是；（4）如图丙所示，当杠杆绕支点转动时，杠杆上A 点的速度方向总是和杠杆垂直。作用在 A 点的三个大小相等、方向不同的力Fi、F2、F 3,请指出为什么力臂最大的F2对杠杆转动的作用最大？。23.（7 分）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示

10、，实验装置如图所示。实验次数1钩码重量G/N4钩码上升高度h/m0.1绳端拉力F/N2.7绳端移动距离s/m0.2机械效率n74%240.11.80.374%380.13.10.386%480.12.5（1）实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计；（2）小红同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法 （选 填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到 对滑轮组机械效率的影响；（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4 次实验数据，第 4 组实验机械效率是%；（4）通过比较 两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次

11、数的序号）；（5）通过比较 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高（填实验次数的序号）；（6）通过3、4 两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，越大，机械效率越低。甲 乙 丙 丁24.（9 分）用煤炉给10kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6m in内完全燃烧了 2kg的煤，水的比热容为4.2X 1（）3J/（kg.。），煤的热值约为 3 X 1（）7J7kg 求：(1)煤完全燃烧产生的热量；(2)经过6 m i n 时间加热，水所吸收的热量;(3)煤炉烧水时的热效率；(4)根据图线说出水温变化的规律。2

12、5.(6 分)如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置示意图。(1)让 A从不同高度落下来，该实验装置要探究的是物体动能的大小与物体 的关系。(2)该实验中所探究物体的动能是指物体 (选 填 A”或 B”)的动能。(3)该实验物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B碰撞时 (填“碰前A”“碰 后 A”“碰前B”或“碰后B”)的速度，木块被碰撞后滑行过程中，木块的动能转化为 能；(4)实验表明，同一物体A从斜面高处滚下，高度越大，物 体 B被撞得越远，可得结论;(5)若要研究物体动能与质量的关系，则需不同质量的物体从斜面 高度由静止滚下，并观察记录。2 6.(7 分)小明用

13、相同的酒精灯分别给水和煤油加热(如图甲)，以探究水和煤油的吸热能力。甲 乙（1）本 实 验 除 了 图 中 的 测 量 工 具 还 需 要 用 到 的 测 量 工 具 是:（2）加 热 l Om i n,水吸收的热量 （填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是 ,煤油的比热容是 J/（k g ）已知水的比热容为 4.2X1（）3J/（k g.*c）；（4）若本次实验共消耗酒精2 0 g,则这些酒精完全燃烧放出的热量是 J；（酒=3.0 X j/k g）（5）通过实验数据直接计算出燃料的热值

14、将 （选 填“偏大”或“偏小”），原因是 o2 7.（3分）阅读短文，回答文后问题，牛顿冷却定律当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示.英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小 于 1 5）,这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k （t 物-t 坏），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。（1）物体向周围散热，内能减少，这种

15、改变内能的方式叫做:（2）散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是;A.速度B.密度C.功率D.效率(3)一个物体温度为3 0,周围环境温度保持20不变，此时物体的放热快慢为g。当物体温度降低到29 时，散热快慢为。吁胎县2022-2023学年第一学期期中考试九年级物理试卷参考答案与试题解析一、选 择 题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意.）1 .（2分）下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（）钓鱼竿C.筷子道钉撬D.理发剪刀【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解

16、答】解：道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；筷子、钓鱼竿、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B正确。故选：B,【点评】本题考查了杠杆的类型，属于基础题。2.（2分）下列四种情景中，人对物体没有做功的是（A.向上堆积物体推车推物体【分析】力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过了一定的距离。【解答】解：A、向上堆积物体，对物体有向上的力，物体在这个力的方向上通过一定的距离，对物体做了功，故A不符合题意；B、利用推车推物体，对物体有向前的力，物体在这个力的方向上通过一定的距离，对物体做了功，故B不符合题意；C、抽出中间的物体，对物体

17、有向后的拉力，物体在这个力的方向上通过一定的距离，对物体做了功，故C不符合题意；D、背着物体前进，对物体有向上的力，但沿水平方向前进，在对物体施加力的方向没有通过距离，没有对物体做功。故D符合题意。故选：D。【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的作用下通过了距离，力对物体才做功，这是分析此类题时要特别注意的。3.（2分）“五一”期间，小莉和同学们到新宁良山旅游时进行了一场登山比赛。下列有关功率的说法正确的是（）A.用时最短的功率最大 B.速度最快的功率最大C.体重最大的功率最大 D.做功最快的功率最大【分析】功率表示物体做功的快慢，根据P=上作出分析和解答。t【解答】解：A、功

18、率大小不但和时间长短有关，还与做功的多少有关，故A错误；B、根据P=*=S ll=G v可知，功率大小不但和速度有关，还与学生的体重有关，故Bt t错误；C、根据P=0 l=G v可知，功率大小不但和体重有关，还与学生的速度有关，故Ct t错误；D、功率表示物体做功的快慢，所以做功越快的功率越大，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查的是学生对功率及其变形公式的理解和掌握，基础性题目.4.（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A.0 的冰块内能为0B.温度高的物体含有的热量多C.汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加D.两个发生热传递的物体之间一定存在温度差【分析】（1）内能是所有分

19、子运动的动能和分子势能的总和，一切物体都具有内能；（2）热量是热传递过程中，传递的内能多少，是过程量；（3）汽油机做功冲程是将内能转化为机械能的过程；（4）发生热传递的条件是存在温度差。【解答】解：A、一切物体都具有内能，温度为0 的冰块也有内能，故 A错误；B、热量是一个过程量，不能说含有或具有热量，故 B错误；C、汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能，使燃气的内能减小，温度降低，故 C 错误；D、存在温度差的两个物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，或者从物体的高温部分传向低温部分，故 D正确。故选：D。【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件、改变

20、物体内能方法以及内燃机工作原理的理解，是中考的热点、热学的难点。5.（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示，以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口吹立见火苗。手推杆入筒的过程与四冲程汽油机哪一个冲程能量转化相同（）A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程【分析】猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增力 口，温度升高；在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，压缩冲程是机械能转化为内能的冲程。【解答】解：封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，气体内能增加，是机

21、械能转化为内能；汽油机的压缩冲程是机械能转化为内能的冲程，与上述能量转化相同。故选：Bo【点评】本题是物理知识在生活中的应用，考查做功改变物体的内能，难度不大。6.（2 分）2022年 5 月 14日，一架国产C919大 飞 机（如图所示）从浦东机场起飞，经过三个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下列说法正确的是（）A.飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大B.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的动能一直保持不变C.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变D.飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能【分析】

22、机械能包括动能和重力势能，动能和质量、速度有关，物体的质量越大，速度越大，动能越大，重力势能和质量和被举高的高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：A、飞机在升空过程中，飞行员的质量不变，高度变大，重力势能逐渐增大，故 A 正确；B、飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的质量不变，速度发生了变化，动能发生了变化，故 B 错误；C、飞机从起飞到安全降落的整个过程中，质量不变，速度先变大后变小，动能先变大后变小；高度先变大后变小，机械能先变大后变小，故 C 错误；D、飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的质量不变，高度不变，重力势能不变,速度变小，动能减小，不是动能转化为重

23、力势能，故 D 错误。故选：Ao【点评】本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，明确影响动能和重力势能大小的因素是解题的关键。7.（2 分）一根原木放在水平地面上，粗略估计它的质量时，我们视其粗细相同，质量分布均匀，现抬起一端使它稍离地面需要500N的力（g=10N/kg）,则原木的质量大约为（）A.50kg B.100kg C.250kg D.500kg【分析】可以把原木看成一个杠杆，原木重力集中在重心上，一端作为支点，一端作为动力，根据杠杆平衡条件进行解析。【解答】解：如图，设杠杆的全长为L,动力臂是L,阻力臂是L,现抬起一端使它稍2FL f 二O离地面需要500N的力，因为，动力X 动力

24、臂=阻力又阻力臂，FX L=G X L2所以，500NXL=GXJLL2G=1000N原木的质量：m=g=n g L=100kgg 10N/kg故选：Bo【点评】本题关键是把原木看成杠杆，根据杠杆平衡条件求解。8.（2 分）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O 点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A 位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO=OB）。小球从A 位置运动到B 位置的过程中，下列判断正确的 是（）A O BA.小球的动能不断增加B.弹簧的弹性势能不断减少C.小球运动到。点时的动能与在O 点时弹簧的弹性势能相等D.在任一位置弹簧

25、的弹性势能和小球的动能之和保持不变【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关，即质量越大，速度越大，所以动能越大。（2）弹性势能的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；（3）水平台面光滑，且 A O=O B,说明没有机械能转化为内能，整个系统能量守恒。【解答】解：由题知，0 点是弹簧保持原长时小球的位置，则 A 0 段弹簧处于压缩状态，0 B 段弹簧处于拉伸状态；小球从A 运动到0 的过程中，弹簧逐渐恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小，小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能；到达0 点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，此时

26、速度最大，动能最大；小球从0 运动到B 的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能;则小球从A 位置运动到B 位置的过程中：A、小球的动能先增加后减少，故 A 错误；B、弹簧的弹性势能先减少后增大，故 B 错误；C、小球运动到0 点时的动能（最大）与此时弹簧的弹性势能（为零）不相等，故 C 错误；D、水平台面光滑，且 A O=O B,说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，所以在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查动能和势能的转化与守恒，知道

27、并理解小球在该过程中的速度变化是解决该题的关键。二、填 空 题（本题共10小题，每 空 1 分，共 25分.）9.（4 分）如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图b（选 填 a”或 b）的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原 因 是 动 力 臂 更 长。如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升。这是由于旗杆顶部有一个 定 滑轮,它 不 能（选 填“能”或“不能”）省力，但可以 改变力的方向。甲 乙【分析】（1）根据杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越长，动力越小，杠杆越省力。（2）定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力。【

28、解答】解：（1）通过对比图a和b可知，对于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而b图中的动力臂要大于a图中的动力臂，所以b图所用动力更小。（2）根据滑轮的轴固定不动的特点可知：旗杆顶部的定滑轮，它的使用特点是只能改变力的方向，而不能省力。故答案为：b；动力臂更长；定；不能；改变力的方向。【点评】本题考查学生利用杠杆平衡条件来确定最小动力的方法，关键是比较动力臂的大小。而对定滑轮工作特点进行了基础的考查。1 0.（3分）人们常用热水袋取暖，这是用 热传递 的方式改变物体的内能。热水袋里装水 是 因 为 水 具 有 较 大 的 比 热 容。用水取暖的过程中，水 的 内 能 不 断 减小（选填“增大”“

29、减小”或“不变叽【分析】（1）改变物体内能的方法，一是做功，二是热传递，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。（2）水的比热容比较大，质量相同、且降低相同的温度时，水释放的热量多。【解答】解：人们用热水袋取暖时，人从热水袋吸收热量，使人的内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变人的内能。因为水的比热容大，在质量相同、降低的温度相同时，水放出的热量多，取暖效果好。人们用热水袋取暖时，人从热水袋吸收热量，使水的内能减小、温度降低。故答案为：热传递；比热容；减小。【点评】做功和热传递是改变内能的两种方式，二者在改变内能上是等效的，但注意区另 上1 1.（2分）如图所示是演示点

30、火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖飞出去，乙、丙两图为汽油机的其中两个冲程，有一个冲程跟上述现象一致，它是 丙（选 填“乙”或“丙”）图。如果汽油机的转速为3 6 0 r/m i n,那 么 1 s 内，可以 完 成 完个冲程。甲 乙 丙【分析】（1）做功改变物体内能的实质是能量的转化；汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；（2）根据汽油机的转速求出汽油机飞轮每秒的转数，汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1 次，据此可求出1 s 内汽油机完成的冲程数。【解答】解：（1）按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖飞出去

31、，此过程中内能转化为机械能，如图乙，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，为汽油机的压缩冲程，此过程中机械能转化为内能；如图丙，进气门和排气门关闭，活塞向下运动，为汽油机的做功冲程，此过程中内能转化为机械能；所以是丙图的冲程与甲图的现象是一致；（2）汽油机的转速360r/m i n=6r/s,即汽油机的飞轮每秒转6 圈，由于汽油机的一个工作循环完成4 个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1 次，所以汽油 机 1 s 内，可以完成1 2 个冲程。故答案为：丙；1 2。【点评】本题考查汽油机的工作原理和能量转化以及热机的有关计算，是题目难度不大。1 2.（3 分）如图所示，物体重2 1 0N,动滑轮重2

32、 5N。工人用1 2 5N 的拉力将物体匀速提升3 m,用了 1 0s,此过程中拉力的功率是 75 W,滑轮的机械效率是 84%,克服动滑轮重所做的额外功占总功的 1 0%。3【分析】（1）由图知，n=2,拉力端移动距离s=2 h,利 用W=F s求拉力做的总功，再利 用 求 拉 力 做 功 的 功 率;tW有（2）利 用W=Gh求拉力做的有用功；利 用n=x 1 00%求滑轮组的机械效率;W2亡1、（3）利 用W=Gh求提升动滑轮做的额外功，进而求出克服动滑轮重所做的额外功占总功的百分比。【解答】解:（1）由图知，n=2,拉力端移动距离:s=2 h=2 X 3m=6m,拉力做的总功:W 总=

33、F s =1 2 5N X 6m=750J,拉力做功的功率:P=W 总=75J =7 5 W；t 1 0s（2）拉力做的有用功：W=G h=2 1 0N X 3m=630J；滑轮组的机械效率:n=-X 10 0%=Lx 1 00%=84%；W 总 750.T（3）提升动滑轮做的额外功:W 额 i=G 动h=2 5N X 3m=75J,地!_=75J x 1 00%=1 0%。w 总 750.T即：克服动滑轮重所做的额外功占总功的1 0%。故答案为：75；84%；1 0。【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。1 3.（2分

34、）如图，小明将一个重为3 N 的小车从斜面底端匀速拉到斜面顶端，沿斜面向上的拉力为1.2 5N,小车沿斜面移动的距离s=1.6m,上升的高度h=0.6m。则小明对小车做的有用功是 1.8 J,小车与斜面的摩擦力大小为 0.1 2 5 N o【分析】由W =Gh计算提升重物做的有用功，由 W,a=F s 计算总功，由 W&=W卷+W颔 计算额外功，由 W =f s 计算小车与斜面间的摩擦力。【解答】解：小明对小车做的有用功为：W f j=G h=3N X 0.6m=1.8J；拉力做的总功为：W.&=F s =1.2 5N X 1.6m=2 J,所以摩擦力做额外功为：W 帙=亚总-W 有=2 J

35、-1.8J=0.2 J,则摩擦力为：2J=0 125NOs 1.6m故答案为：1.8；0.1 2 5。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，要知道克服物体与斜面间的摩擦力所做的功是额外功。1 4.（2分）在“探究影响重力势能大小因素”的实验中，小明在水平地面上铺一张白纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，目的是探究重力势能大小与 高度的关系。如图所示，在纸上留下黑色圆斑A、B,圆斑 B （填 A”或 B”）是皮球从较高处下落形成的。AB【分析】重力势能的大小与物体的质量和下落高度有关，下落高度相同时，质量越大，重力势能越大；质量相同时，下落高度越大，重力

36、势能越大；皮球下落过程中，具有的重力势能转化为动能，与地面碰撞接触时又转化为弹性势能，弹性势能的大小与物体的形变大小有关，形变越大，弹性势能越大。【解答】解：同一皮球分别从不同高度处自由下落，皮球质量相同，下落高度不同，目的是探究重力势能大小与高度的关系；由图可知，黑色圆斑B较大，说明B球的形变大，原因是该球从较高处下落，原来球的重力势能较大，皮球与地面接触时，转化为的弹性势能大，球的形变大。故答案为：高度；B.【点评】解答本题注意所用的研究方法：控制变量法，转换法；掌握重力势能与弹性势能的影响因素以及重力势能、动能、弹性势能的转化情况。1 5.（2分）2 0 1 9年6月5日，我国首次用固体

37、燃料运载火箭把“文昌物联一号”卫星成功送上太空。火箭发射时要选用热值.大 的固体燃料（选 填“大”或“小”），燃料的质量减少，热值 不变（选 填“变小”或“不变”）。【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多；（2）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关。【解答】解：火箭发射时要选用热值大的固体燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，可以放出更多的热量；热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，所以在燃料的质量减少时热值不变。故答案为：大；不变。【点评】本题考查了热学

38、方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用。1 6.（3分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力 的 大 小 变 化 情 况 是 变 小；在此过程中，弹 力 带 的 弹 性 势 能 转 化 为 小 明 的 重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。【分析】（1）弹力的大小与物体的弹性形变有关，弹性形变越小，弹力也越小；（2）能量之间可以相互转化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化。【解答】解：（1）随着小明身体上升，弹力带的弹性形变越来越小，即弹力变小

39、；（2）随着小明身体上升，弹力带的弹性势能转化为小明的重力势能。故答案为：变小；弹性势。【点评】此题主要考查的是弹力和能量的相互转化问题，在做能量的转化这种题时，我们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。1 7.（2分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长3 0 cm、重 5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。O A可绕O点转动，A端用细线与GH上的B 点相连，桥面OA实质是一种 杠 杆（填简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F=5 N；

40、将细线一端的固定点由B点改至C 点，拉力F的大小变化情况是 减 小，由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。【分析】（1）可以绕固定点转动的硬棒是杠杆；（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，过支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；根据杠杆平衡条件结合数学知识求解；将细线一端的固定点由B 点改至C 点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，根据杠杆平衡条件进行判断。【解答】解：（1）由图可知，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B 点相连，所以桥面OA实质是一种杠杆；（2）过支点向拉力的作用线作垂线，这条垂线段就是拉索对桥面拉力F的力臂L,如图所示：在 R t A O B 中，ZA=3

41、0 ,则 L=2 O A=0.1 5 m2根据杠杆的平衡条件，F L=G x l o A,2GX-OA 5NX-X0.3m则 F=-=-=5 N；L 0.15m将细线一端的固定点由B 点改至C 点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，根据杠杆平衡条件可知，动力减小。故答案为：杠杆；5；减小。【点评】本题考查了杠杆的应用，属于基础知识的考查，注重了物理知识和生活实际的联系。1 8.（2分）杆秤是我国古代劳动人民的一项发明，是各种衡器中历史最悠久的一种，称量物体质量时，它 相 当 于 一 个 杠杆（填简单机械名称）。某杆秤的示意图如图所示，若要称量质量更大的物体，应选用 A （选 填 A”或 B”）处提

42、纽。【分析】（1）杠杆：绕着固定点转动的硬棒叫杠杆。（2）可根据杠杆平衡条件求解。【解答】解：（1）杆秤在工作时，绕着固定点转动，所以是杠杆;（2）根据动力X动力臂=阻力X阻力臂，放 在 A 点相对B 点而言，秤 蛇 重（动力）不变，动力臂增加，阻力臂减小，所以阻力增大。故答案为：杠杆；A。【点评】本题属于杠杆的简单考查，注意杠杆平衡条件的应用。三、解 答 题（本题共9 小题.共39分.）19.（1分）在 A 点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时.，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端

43、点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。【解答】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；由图示可知，以 0 A 为动力臂时;动力臂最长，此时最省力；连 接 0 A,从 A 点 做 0A的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于0 A 向上，如图所示：【点评】此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知,力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。20.（1分）如图所示，请在图中画出F2的力臂L2。【分析】已知支点O 和动力，阻力，根据力臂的画法，从支点作力F2作用线的垂线段,即为力臂L2。【解答】解：图中杠杆支

44、点为。点，反向延长力F2画出力的作用线，然后从O 作 F2作用线的垂线段就是F2的力臂L 2,如图所示：【点评】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。21.（1分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。【分析】对于滑轮组的绕法，向下拉绳子将重物提升，可以从绳子的自由端开始画，然后依次绕过定滑轮和动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上。【解答】解：向下拉绳将重物提升，从绳子的自由端绕过定滑轮，再绕过动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上，如下图所示。【点评】绕滑轮组时，可以从滑

45、轮的挂钩开始绕，也可以从绳子的自由端开始绕，一般情况下从绳子的自由端绕更方便。22.（4 分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。(1)如图甲所示，安装杠杆时，为了使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向右移动:(2)如图乙所示，杠杆上每一格的长度为5 c m,在杠杆左边挂钩码，弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力是动力，则动力臂为 2 5 c m；(3)如果要用弹簧测力计向上拉，需要对图乙所示的实验设计进行的调整是将测力计移到左端第5个 格 处；(4)如图丙所示，当杠杆绕支点转动时，杠杆上A点的速度方向总是和杠杆垂直。作用在A点的三个大小相等、方向不同的力F i、F 2、F 3,请指出为什么力

46、臂最大的F 2对杠杆转动的作用最大？F 2与 速 度 方 向 相 同。【分析】(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向向上翘起的一端移动；(2)如图乙，杠杆上每一格的长度为5 c m,数出动力臂有几个格即可；(3)要使弹簧测力计向上拉，需将测力计移到左端即可；(4)作用在A点的三个大小相等、方向不同的力F i、F 2、F 3,则F 2的力臂最大，据此回答。【解答】解：(1)由甲图可知，杠杆左端向下倾斜，说明左端沉，为使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向右移动；(2)乙图中，杠杆水平位置平衡，弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力是动力，则动力臂此时落在杠杆上，测力计悬挂点到支点的距离就等

47、于动力臂的长度，由于每一格的长度为5 c m,共5个格，所以动力臂的长度为：li=5 c mX 5 =2 5 c m；(3)要使弹簧测力计向上拉，拉力的作用效果需使杠杆顺时针转动，所以要使杠杆在水平位置平衡，需将测力计移到左端第5个格处向上拉。(4)作用在A点的三个力虽然大小相等，但F i、F 3其对应的力臂比较小，所以力与其力臂的乘积相对较小，而F 2的力臂最大，F 2与其力臂的乘积最大，所以对杠杆转动的作用最大。故答案为：Q）右；（2）2 5；（3）将测力计移到左端第5个格处；（4）F 2 与速度方向相同。【点评】此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆平衡条件及应用。要理解力臂的概念及测

48、量方法。2 3.（7分）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。（1）实验中应沿竖直方向 竖直匀速 拉动弹簧测力计:实验次数钩码重量G/N钩码上升高度h/m绳端拉力F/N绳端移动距离s/m机械效率n140.12.70.27 4%240.11.80.37 4%380.13.10.38 6%480.12.50.48 0%（2）小红同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你 认 为 他 的 想 法 不 正 确（选 填“正确”或“不正确”），因 为 她 没 有 考 虑 到 摩擦力_ 对滑轮组机械效率的影响；（3）用丁图装置进行实验，得出表中

49、第4次实验数据，第 4组实验机械效率是 8 0%：（4）通过比较 1、2 两次实验数据得出结论:使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）；（5）通过比较 2、3 两次实验数据得出结论:同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高（填实验次数的序号）；（6）通 过 3、4两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，动滑轮的 重 力 越 大，机械效率越低。甲 乙 丙 丁【分析】(I)实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计；(2)在测力计静止时，不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦，据此分析考虑；(3)根 据s=n h算出绳端移动距离；根据机械效率

50、公式1 =亘=忠 义 1 0 0%=MX 0.1 m 义 1 0 0%=8 0%；W总 F s 2.5N X 0.4 m(4)要探究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，需要控制物体的重力相同，动滑轮的重力相同，改变绕法，实 验1、2符合题意；(5)要探究滑轮组的机械效率与物体重力的关系，需要控制动滑轮的重力相同、绕法相同，改变物体的重力，实验2、3符合题意；(6)通过比较3、4两次实验数据得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，动滑轮的重力越大，机械效率越低。故答案为：0.4；80%：(1)竖直匀速；(2)不正确；摩擦力；(3)80；(4)1、2；(5)2、3；(6)动滑轮的重力。【点评】本题测