2022年广东省中考物理试题.pdf

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1、2022年广东省初中学业水平考试物理本试卷共7 页，2 3 小题，满分1 0 0 分。考试用时8 0 分钟，注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的准考证号、姓名、考场号和座位号填写在答题卡上，用 2 B 铅笔在“考场号”和“座位号”栏相应位置填涂自己的考场号和座位号。将条形码粘贴在答题卡”条形码粘贴处”。2 .作答选择题时，选出每小题答案后，用 2 B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。3 .非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来

2、的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。4 .考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共7 小题，每小题3 分，共 2 1 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列关于普通教室内的物理量的估测，符合实际的是（）A.一根粉笔的质量约为1kg B.课桌的高度约为70cmC.室内大气压强约 lOOPa D.室温约为60C【答案】B【解析】A.一根粉笔的质量约为5 g,故A不符合题意；B.教室内课桌的高度约在70cm80cm之间，故B符合题意；C.室内大气压强约为一个标准大气压，约 为1.01xl05

3、pa,故C不符合题意；D.正常教室内的温度约在2030之间，故D不符合题意。故选B。2.小明发现衣柜里防虫用的樟脑丸会越来越小，此现象属于哪种物态变化（）A.熔化 B.升华 C.汽化 D.液化【答案】B【解析】樟脑丸会越来越小是因为樟脑丸逐渐由固体直接变为气体，这属于升华现象。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。3.下列微观粒子中，尺度最大的是（）A.原子【答案】AB.电子C.质子D.中子【解析】原子是由原子核及核外电子组成，而原子核由质子及中子组成，所以尺度最大的是原子。故 A 符合题意,BCD不符合题意。故选Ao4.下列关于声音的说法，不正确的是（）A.临街住宅安装双层玻璃可以减弱噪声

4、B.长期佩戴耳机开大音量听音乐可能损伤听力C.北京天坛的回音壁利用了声音反射的原理D.声呐通过次声波的回声定位探索海洋的秘密【答案】D【解析】A.为了改善室内的居住环境，建筑师在设计窗户时常采用双层玻璃，这样做的主要优点是：隔热，隔声；故 A 正确，不符合题意;B.长期戴着耳机听高分贝音量的音乐，有可能损伤鼓膜，致使听力下降，故 B 正确，不符合题意;C.驰名中外的北京天坛里的回音壁，三音石，圜丘三处建筑有非常美妙的声音现象，它是我国古代建筑师利用声音的反射形成的音响效果，故 C 正确，不符合题意;D.声呐利用超声波进行回声定位，而不是利用次声波,故 D错误，符合题意。故选D。5.关于能量和能

5、源，下列说法正确的是（)A.煤、石油、天然气都是可再生能源B.电能是一次能源C.水力发电是将水的机械能转化为电能D.太阳释放的能量是核裂变产生的【答案】C【解析】A.煤、石油、天然气不能短时期内从自然界得到补充,属于不可再生能源，故 A 错误;B.生活中所使用的电能是从自然界中的一次能源转化而来的，因此电能属于二次能源，故 B 错误;C.水力发电时，消耗水的机械能，转化为电能，因此水力发电是将水的机械能转化为电能，故 C 正确;D.太阳内部发生的是热核反应，太阳释放的的巨大能量是由核聚变产生的，故 D错误;故选C。6.分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是（)

6、【答案】A【解析】A.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数”=3,则拉力1 3B.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数”=2,则拉力2 2C.定滑轮相当于等臂杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力玛=G物D.动滑轮相当于省力杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力综上，四种装置匀速提升同一重物，则最省力的是A 中的装置。故选Ao7.图中的表示垂直于纸面的一段导线，它是闭合电路的一部分。当。在下列磁场中沿图中所示方向运动时，不会产生感应电流的是（）磁感线磁感线磁感线C.-;-磁感线【答案】D【解析】当闭合电路的一部分导体切割磁感线时，会产生感应电流，而 A B C 导体都在切割磁感线，而只有D顺着

7、磁感线运动，不会切割磁感线，故 A B C 不符合题意，D符合题意。故选D。二、填空题：本大题共7 小题，每空1分，共 21分：8 .班级厨艺展示活动中，用 煤 气 炉 烹 饪 食 物 主 要 是 通 过 （选 填“做功”或“热传递”）的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于 现象，表明分子在不停地做无规则的运动。活动结束，剩余煤气的热值（选 填“变 大 、“变小”或“不变”）0【答案】.热传递.扩散.不变【解析】用煤气炉烹饪食物时，煤气燃烧释放出来的热量主要通过热传递的方式给食物加热，使食物的内能增加。现场香气四溢属于扩散现象，说明分子在不停的做无规则运动。热值是燃料的一种特性，煤气燃烧一部分

8、后，剩余煤气的种类没变，状态没变，则其热值不变。9 .图表示四冲程汽油机处于 冲程。汽车尾气带走的能量_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ （选 填“能”或“不能”）自动汇集回来转化成燃料的化学能，这 反 映 了 能 量 的 转 化 具 有。【答案】.排气 .不能.方向性【解析】由图示知，汽缸的进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程。燃料燃烧放出的能量中有部分热散失，被尾气带走，而尾气带走的能量不会再自动变成燃料的化学能，这是因为能量的转化具有方向性。1 0.一枚实心纪念币的质量为1 6 g,体积为2 c m 3,纪念币的密度是 g/c m 3。可见，这枚纪念币（选 填“是”或“不

9、是”）纯金制成。若宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量一（选 填“变大”、“变小”或“不变”）。（p金=1 9.3 X 1 0 3 k g/m 3）【答案】.8 .不是.不变【解析】纪念币的密度p-16g=8g/cm3=8xlO3g/m3 p金-19.3x 10”g/m3V 2cm由于纪念币的密度小于纯金的密度，则纪念币不是纯金制作的。质量是物质的一种属性，它不随形状、状态、位置和温度的改变而变化，因此将纪念币带到太空，其质量不变。1 1.如图所示，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清晰 立的实像。利用这一成像规律可制成（选 填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”），若保持蜡烛和光屏的位置

10、不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透镜，此时光屏上像的大小与原来的像对比应（选 填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】.倒.照相机.不变【解析】由图可知，物距大于像距，即电子蜡烛位于凸透镜的二倍焦距之外，凸透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理与之相同。3 凸透镜成像性质是由物距所决定的，实验中保持蜡烛和光屏的位置不变，仅更换焦距相同、尺寸更大的凸透镜，相当于物距大小不变，此时光屏上所成像的大小不变。1 2 .家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器 联。若用电热水壶加热0.8 kg的水，使其温度从3 0 升高到8 0 ,则水吸收的热量是 J。此过程中，电 热 水 壶 实 际

11、消 耗 的 电 能 （选填“大于”“等于”或“小于”）水吸收的热量。c水=4.2 xl（）3 j/（k g/c）【答案】.并 1.68X103J.大于【解析】家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器之间互不干扰，都能独立工作，所以它们是并联的。2 用电热水壶加热0.8 kg的水，使其温度从3 0 升高到8 0 ,则水吸收的热量Q=C水 7 岫=4.2 X 1 03J/（kg ）X 0.8 kg x（8 0-3 0）=1.6 8 xl05J由于在烧水过程中，水会不断的向外散热，所以电热水壶实际消耗的电能会大于水吸收的热量。1 3.“西塞山前白鹭飞，桃 花流水鳏鱼肥（唐 张 志 和 渔歌子）。图是白鹭

12、在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的 形成的（选 填“实”或“虚”）像。若水深3 m,当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面 m。【答案】.反射.虚.5【解析】口 北2 平静的水面相当于平面镜，所以水中的“白鹭”相当于平面镜成像，平面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。根据平面镜成像的特点，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，故白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5 m,1 4 .图甲中过山车从A点出发，先后经过8、C、D、E 点。图乙是过山车在2、C,。、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在_ 点最大，8点重力势能的大小 E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是（

13、选 填“变化”或“不变”）的。【答案】.c .等于.变化【解析】（1）1 过山车在B点重力势能最大，在下降的过程中，重力势能转化为动能，再加上之前前进的动能,所以在C点动能最大。由图乙可知，8点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上。所以大小相等。3 因为有摩擦以及空气阻力的原因，一部分机械能转化为内能，所以过山车的机械能是变化的。三、作图题：本题7分1 5.如图所示，物体A保持静止，画出A所受重力G和拉力厂的示意图。A【答案】Y，/AG【解析】物体A保持静止，受到的重力和拉力是一对平衡力，这两个力大小相等，方向相反，如下图所示:FAG16.如图所示，一束光从水中射向水面。点，画出法线、反射

14、光线和大致的折射光线。一束光从水中射向水面。点，过。点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，根据光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，据此画出反射光线；根据光的折射定律可知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射角，据此画出折射光线，如图所示：17.如图所示，画出通电螺线管中的电流方向和它外部磁感线的方向。磁感线。磁感线aH U H【解析】由图可知，电流从正极出发，回到负极，根据安培定则可知，右手握住通电螺线管，四指指向电流方向,大拇指所指方向，即通电螺线管的右端为N 极，磁感线由N 极出发，回到S 极，如图所示：磁

15、感线a四、实验题：本大题共3 小题，第 1 6 小题7 分，第 1、1 8 小题各6 分，共 1 9 分。1 8.图中，刻度尺的分度值是 m m,木块的长度为 cm。iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iilipiii|iiiiOcm 1 2 3 4【答案】.1 .3.80【解析】图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；木块起始端对应的刻度值为0.00cm；末端对应的刻度值为3.80cm,木块长度为3.80cm。【点睛】刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，由图示刻度尺确定刻度尺的分度值，物体端点与刻度尺零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻

16、度尺的示数是物体的长度。19.与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带 电。用带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔张开，如图所示。这两片金属箔带 种电荷。【答案】.负.同【解析】川摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，毛皮失去电子而带正电。验电器的两片金属箔带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开。20.体温计是根据液体 的规律制成的。体温计离开人体后，直 管 内 的 水 银 （选 填“能”或体温计属于液体温度计，玻璃泡内装有液态的水银，工作时利用液体的热胀冷缩的性质来测量人的体温。由于体温计的玻璃泡和直玻璃管之间有一个很细的弯管，在温度下降时水银在细弯管处

17、断开而不能自动流回到玻璃泡内，因此体温计能离开被测人体读数。3体温计的测量范围为3542,体温计的一个大格表示1 ,里面有10个小格，分度值为0.1,则图中体温计的示数为36.5C。21.在“探究杠杆的平衡条件”实验中：(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _调节；(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在 A处悬挂3 个钩码，每个钩码重0.5 N。如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为 时，拉力最小，大小为 N；(3)课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位

18、置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂4 4=。若两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的 端将下沉。【答案】.右.竖直向下.2 .4：1 .左【解析】(1)I 由图甲知，杠杆的左端下沉，应向右调节平衡螺母才能让杠杆在水平位置平衡。(2)2 在 B处施加的动力方向竖直向下时，对应的动力臂最大。据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂最大，对应的动力最小。杠杆在水平位置平衡时，有3 x O.5 N x 4/=F|X 3/解得最小拉力F i=2 N(3)4 由图示知，左边对杠杆的作用力为2 个硬币的重力，右边对杠杆的作用力为4个硬币的重力，设每个硬币的重力为G,则有G

19、i：G2=2 G：4 G=1：4据杠杆的平衡条件有/：l2=G2：Gi=4：1 在两边同时取走一枚硬币，则左边和右边分别是(2G-G)X/1=GX/1=4G/2(4G-G)X/2=3G/2所以杠杆的左端下沉。2 2.图甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的实验电路图(小灯泡额定电压为1.5 V)。(1)小明按电路图连接实物，刚接上最后根导线，看到电流表指针立刻有偏转。若电路连线正确，造成这 种 异 常 现 象 的 原 因 是。(2)实验中，调节滑动变阻器，分别记录电压表和电流表的示数如下:测量次序12345电压U/V1 81.51.00.3电流I/A0.320.300.260.18第4 次测量对应的

20、电压表和电流表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是 V,通过它的电流是 A。小灯泡正常发光时的电阻是 C。第 5 次测量中，小灯泡不发光。小明断定是灯丝断了.这个判断是(选 填“正确”或“错误”)的，理由是。【答案】.连接电路时，开关没有断开.0.6.0.22.5.错误.见解析【解析】(1)11由题意可知，刚接上最后根导线，看到电流表指针立刻有偏转，说明电路是一个通路，所以造成这种异常现象的原因是连接电路时，开关没有断开。(2)2由图乙中的电压表图可知，电压表选择的量程为03V,根据指针所在的位置可得，该电压表的示数为0.6V。由图乙中的电流表图可知，电流表选择的量程为00.6A,根据指针所

21、在的位置可得，该电流表的示数为 0.22A。由题意可知，小灯泡额定电压为L 5 V,再由表格可知，当小灯泡两端电压为额定电压时，通过小灯泡的电流为0.3 A,根据欧姆定律/=4 可得小灯泡正常发光时的电阻是 小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个判断是错误的，因为若是小灯泡灯丝断了，那么电压表将串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表的示数接近于0,根据表格中的数据可知，与实际情况不符，所以不是小灯泡灯丝断了，故小明的判断是错误的。五、计算题：本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分2 3.图中某智能机器人的质量为80 k g,其轮子与水平地面接触的总面积为5x

22、l(Hm2。在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为lm/s,所受阻力是机器人重力的0.05倍。求：(取 g=10N/kg)(1)机器人对水平地面的压强；(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30 s,此过程中牵引力做的功。【答案】(1)1.6 x l O6P a：(2)40 N；(3)1 2 0 0 J【解析】解：(1)机器人的重力机器人对水平地面的压强G=mg=80kg x 10N/kg=800NPL =G=SOON k 6 x lQ 6 p a(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力F=f=0.05G

23、=0.05 x 800N=40N(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30 s移动的距离s=vt=m/s x 30s=30m此过程中牵引力做的功W=Es=40N x 30m=1200J答：(1)机器人对水平地面的压强是1.6 x l()6 p a：(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40 N；(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30 s,此过程中牵引力做的功是1 2 0 0 L2 4.某电热取暖器的简化电路如图所示，R、&为发热电阻。取暖器工作时，通过开关5 和S 2实现低温、高温的挡位控制。已知高温挡功率为1 32 0 W,R i=55C。求：(1)取暖器工作时通过R的电流；(2)

24、取暖器处于低温挡时，工 作I m i n产生的热量；(3)&的 阻 值。【答案】(1)4A；(2)52800J；(3)110Q【解析】解：(1)由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中的总电阻较小，据 尸=R知，电路中的总电功率较大，处于高温挡；S1闭合、S2断开时，电路中只有照工作，电路中的电阻较大,据 尸=知，电路中的总电功率较小，处于低温挡。此时通过Ri的电流RU 220V.人=-=4AR 55。(2)电热取暖器处于低温挡时，功率P foj=U/i=220Vx4 A=880W工 作 Imin产生的热量Q=P 低*/=880Wx60s=52800J(3)高温挡工作，&消

25、耗 功率P2=P 郴1rp ttffl=1320W-880W=440W所以R2的阻值(K 220V)2=110Q440W答：Q)取暖器工作时通过吊的电流为4A；(2)取暖器处于低温挡时，工 作 Imin产 生 热 量 为 52800J；(3)生的阻值为110Q,六、综合能力题：本大题共3 小题，第 21小题7 分，第 22、23小题各6 分，共 19分。2 5.我国自主研制的载人深潜器下潜深度已突破10000m,在载人深潜领域达到世界领先水平。(取p 楙=1.03X 103kg/m3,p*=1.0X 103kg/m3,g=10N/kg)(1)潜水艇活动的海水深度一般为300m至 600m。它

26、可 以 通 过 水 舱 排 水 或 充 水 来 改 变,从而实现浮沉；（2）深潜器可进入更深的水域，在 10000m的深处，海水产生的压强为 Pa。由于深海海水压强太大，深潜器实现浮沉的方法与潜水艇有所不同；（3）小明阅读资料后，利用图的装置模拟深潜器在水中的运动过程。物体甲、乙由一条细线连接且在水中处于静止状态，已知乙的质量为0.2kg,体积为25cm3,则乙所受浮力的大小为 N,乙受到细线的拉力为 N 若剪断细线，甲将（选 填“上浮”、“悬浮”或“下沉”），此时甲所受浮力一（填字母）。A.增大，且大于重力B.不变，且等于重力C.不变，且大于重力D.减小，且小于重力【答案】.自身重力.1.0

27、3x108.0.25 .1.75.上浮.C【解析】（1）1由于潜水艇排开水的体积不变，所受浮力不变，当它向水舱充水或向外排水时，改变了自身的重力，从而实现上浮或下沉。（2）2深潜器在10000m深处受到海水的压强p=p 沟 水 gh=1.03x103kg/m3x 1 ON/kgx 10000m=1.03x 108Pa（3）3由图可知，乙在水中浸没且处于静止状态，则乙所受浮力F 泊中 水 g叫gV 1 .Ox 103kg/m3x 10N/kgx25x 10-6m3=0.25N4物体乙的重力G 乙=加乙 g=0.2kgxl0N/kg=2N物体乙受到竖直向下的重力、竖直向上的细线的拉力和浮力的作用而

28、静止，则物体乙受到细线的拉力F 细 约=G Z.-F 浮 乙=2N-0.25N=l.75N5 物体甲在水中浸没且静止，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和细线的拉力而处于平衡状态，则F浮 甲=G 甲+F 细 线若剪断细线，细线对物体甲的拉力消失，物体甲排开水的体积不变，即物体甲所受浮力不变，物体甲的重力也不变，则物体甲所受浮力大于物体甲的重力，物体甲将上浮。故 ABD不符合题意，C 符合题意。故选C。2 6.题 2 2 图甲为部分电磁波的频率分布示意图。（1）由图可知，紫外线（选 填“是 或“不是”）电磁波。它在真空中的传播速度约为_ m/S o（2）下列实例中，属 于 紫 外 线 应 用 的

29、 是 （填字母）。A.遥控器控制电视 B.体检时拍X光片C.医院杀菌消毒灯 D.“测温枪”测量体温（3）少量的紫外线照射是有益的，过量的紫外线照射会损伤皮肤。紫外线能使荧光物质发光，小明想检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的实验装置在暗室及一定防护下进行实验。步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小合适的玻璃板放置在（选 填 I”“I I”或“i n”）区域，且调整玻璃板与硬纸板平行：步骤二：打开紫外线灯，荧光物质发光；步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发光。由此可推断

30、，该防晒霜（选 填“能”或“不能”）阻挡全部紫外线。【答案】.是.3.0 x 1 0 8 c I I .不能【解析】（1）1 因为光是电磁波的一种，而紫外线又属于看不见得光，所以紫外线属于电磁波。光在真空中的传播速度是3 x 1 0 8 m/s,而紫外线属于看不见得光，所以紫外线在真空中的传播速度约为3 x 1 0 8m/s。（2）3 A.遥控器是利用红外线可以进行遥控来工作的，故 A不符合题意；B.拍 X 光片利用的是X 射线，不属于紫外线，故 B不符合题意；C.医院杀菌消毒灯，利用的是紫外线具有杀菌作用，故 C符合题意：D.测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，故 D不符合题意。故选C（3

31、）4 由题意可知，小明要检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，因为光沿直线传播，所以应该把玻璃板放在紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板之间，观察荧光物质的发光情况；然后在玻璃板上均匀涂满防晒霜，观察荧光物质的发光情况，通过对比，得出某防晒霜对紫外线是否有阻挡作用。由题意可知，在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发光，说明仍有部分紫外线照射在荧光物质上，所以该防晒霜不能阻挡全部紫外线。2 7.阅读下列短文，回答问题。直流充电桩直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的交流电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池(以下简称电池)。通常，直流充电桩比交流充电桩

32、的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。直流充电桩2 5卜 电 动 汽 车 2 00 3 0%4 0%5 0%6 0%7 0%8 0%9 0%1 0 0%D乙设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D,充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的。的变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，。为 3 0%,充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，P与。的关系如图乙所示(为方便计算，图像已作近似处理)，充满后，立即停止充电 当。达到7 0

33、%时充电桩显示屏的部分即时信息如下表。充电电压(V)充电电流(A)充电时长(min)充电度数(k W-h)充电费用(元)4 0 04 52 4.02 8.8 0(1)通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更;(2)在。从 3 0%增至7 0%的过程中，充 电 功 率 大 致 的 变 化 规 律 是。当。为 7 0%时，充电电流 为 一 A；(3)若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为 元；(4)设。从 7 0%增至8 0%所 需 时 间 为 从 8 0%增至9 0%所需时间为5 且 h：四=2：3,则测试全过程的充电总时长为 mirio【答案】.大.先

34、变大，后不变.100.72.109【解析】(1)1直流充电桩比交流充电桩的电压更高、电流更大，据?=以 知，充电功率会更大。(2)2由图乙知，。由 30%到 55%时，充电功率变大，。由55%到 70%时，充电功率保持不变，所以。从 30%增至70%的过程中，充电功率先变大，再保持不变。由图乙知，。为 70%时，充电功率为40kW。由表格数据知，充电电压为400V,据 P=U/知，充电电流P 40 xl03kW 400V=100 A(3)4由表格数据知，。为 70%时，消耗的电能为24.0kW.h,充电费用为28.80元。则每度电的费用28.8兀,n-n,-=1.27G/kW-h24.0kW

35、h充满电时，需要消耗的电能卬 二24.0kW h=60kW h7 70%-30%60kW hxl.2 7t/kW-h=72 元测试全过程的充电费用为(4)5。从 80%增至9 0%,消耗的电能W2=rjW=(90%-80%)x 60kW h=6kW h由图乙知，这个过程充电功率15kW,用时G =%46kW h15kW=0.4h=24min那么，。从 70%增至80%用时2 2t.=-t,=x24min=16min 3 2 3。从 90%增 至 100%的充电功率与80%增至90%的相同，用时相同，所以整个过程充电时长t=t（）+t+?2+3=45 min+16min+24min+24min=109min