内蒙古通辽市2022年中考物理试卷.pdf

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1、内蒙古通辽市2022年中考物理试卷阅卷人-、单选题（共10题；共2 0分）得分1.（2 分）日常生活中处处可听到声音，关于声现象，下列说法正确的是（）A.真空玻璃能隔音是因为声音在真空中传播的速度慢B.医生通过听诊器来诊断疾病，是利用声传递信息C.广场舞噪声扰民是因为广场舞伴奏音乐音调太高D.工人用的防噪声耳罩，是在传播过程中减弱噪声【答案】B【解析】【解答】A.真空不能传声，所以真空玻璃能隔音就是利用了这个原理，A 不符合题意；B.声音可传递信息和能量，医生利用听诊器听音诊断疾病，是利用声音来传递信息，B 符合题意;C.广场舞噪音扰民是因为广场舞响度太大，C 不符合题意；D.工人用的防噪声耳

2、罩，是在人耳处减弱噪声，D 不符合题意。故答案为：B【分析】真空不能传声；声音可传递信息和能量；噪音扰民是响度太大；防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声。2.（2 分）下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是（）【答案】A【解析】【解答】A.海市蜃楼也是光的折射形成的，由于海面上方的空气密度不均匀，光在其中传播时发生了偏折，形成了海市蜃楼现象，A 符合题意；B.如图，日食现象是由光的直线传播引起的，白天，月球挡住了射向地球的太阳光，形成了日食现象，B 不符合题意；C.如图影子是由于光的直线传播产生的，人挡住了射向墙面的光，在墙面上形成的光照射不到的区域，C 不符合题意；D.如图水中倒影是平面镜

3、成像（光的反射现象），水面相当于镜面，水中的倒影是岸上的桥通过水面形成的虚像，D 不符合题意。故答案为：Ao【分析】光在不均匀介质中传播时，传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射。3.（2 分）水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是（）A.初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热B.夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热C.秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热D.冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热【答案】C【解析】【解答】在物态变化过程中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量.A.冰

4、雪消融，是熔化过程，冰吸热熔化成为水，A 不符合题意；B.糖水放入冰箱制成了冰棍，液态变成固态，这是凝固现象，需要放热，B 不符合题意；C.露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，放出热量，C 符合题意;D.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，放出热量，D 不符合题意。故答案为：Co【分析】物质从固态变为液态的过程叫熔化，熔化吸热；物质从液态变为固态的过程叫凝固，凝固放热；物质从气态变为液态的过程叫液化，液化放热；物质从气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热。4.（2 分）有关体育运动项目中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（）A.抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，它将处于静止状态B.

5、排球碰到墙壁后被反弹回来，说明力可以改变物体的运动状态C.抛出去的篮球在下降过程中，动能转化为重力势能D.跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是为了增大对地面的压力【答案】B【解析】【解答】A.抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，由牛顿第一定律知道，将以原来的速度和方向做匀速直线运动，A 不符合题意；B.力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；排球碰到墙壁后被反弹回来，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，B 符合题意；C.篮球下降过程中，质量不变，速度变大，动能增加，高度变小，重力势能变小，所以由重力势能转化为动能，C 不符合题意；D.跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是在压力

6、一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，D 不符合题意。故答案为：B。【分析】所受的力都消失，由牛顿第一定律知道，运动的物体将以原来的速度和方向做匀速直线运动；力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；质量不变，速度变大，动能增加，高度变小，重力势能变小；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力。5.（2 分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅Si闭合，灯 L 发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M 工作，开锁成功。下列电路设计的符合要求的是（）【答案】D【解析】【解答】根据题意知道，Si闭合，灯

7、L 发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即Si、S2同时闭合，电动机M 才工作。A.图中只闭合Si时,电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机工作，灯被短路，不工作，A 不符合题意;B.图中只闭合Si时,C.图中只闭合Si时,电动机工作，灯不亮，再闭合S2时，电动机和灯就工作，B 不符合题意;电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机被短路，C 不符合题意;D.图中只S i闭合，灯 L 发光，再 S2闭合，电动机M 也工作，D 符合题意。故答案为：Do【分析】串联电路中，电流的路径只有一条，各元件顺次逐个连接；并联电路中，电流有多条路径，且互不影响，电流表、开关与测量部分串联，根据串并联电路的

8、特点进行分析。6.（2 分）2022年。月5 日我国在酒泉卫星发中心用长征2 号F 运我火箭将“神舟十四号”载人飞船成功发射。下列说法错误的是（）A.火箭上开过程中，以飞船为参照物，字航员是静止的B.火箭加速上升过程中受到的重力和推力是一对相互作用力C.“神舟十四号”飞船进入预定轨道后是通过电磁波与地面联系的D.宇航员在上升过程中质量保持不变【答案】B【解析】【解答】A.火箭上升过程中，宇航员在火箭内，相对于火箭的位置没有发生变化，宇航员相对于火箭静止，A 正确，不符合题意；B.火箭加速上升过程中，受到重力和推力作用在同一物体上，且由于火箭加速上升，二者大小不同，并非相互作用力，B 错误，符合

9、题意；C.电磁波的传播不需要介质，故太空中的信号传递均使用电磁波，C 正确，不符合题意；D.宇航员在上升过程中所含物质多少未发生变化，质量保持不变，D 正确，不符合题意。故答案为：Bo【分析】相对于参照物，没有位置变化时，物体是静止的，有位置变化，物体是运动的；两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上和同一的物体上，是一对平衡力；两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上和不同的物体上是一对相互作用力；电磁波的传播不需要介质；质量不随位置的改变而改变。7.（2 分）对下列四个实验装置图，分析正确的是（）A.甲图中验电器是利用了异种电荷相互吸引的原理制成的B.乙图中开关与灯的位置可以互换C.丙

10、图实验演示的是磁场能够产生电流D.丁图是探究电磁感应现象的装置【答案】D【解析】【解答】A.验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，A 不符合题意；B.开关要控制火线，乙图为了用电安全，开关与灯的位置不可以互换，B 不符合题意；C.丙图是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，C 不符合题意；D.该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，D 符合题意。故答案为：D。【分析】验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的；开关要与火线相连；奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场；闭合电路的部分导体在

11、磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能。8.（2分）在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置（两个透明容器中封闭着等量的空气）。下列说法正确的是（）U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的 图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Q用图甲中的实验结论能解释 电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象A.B.C.D.【答案】C【解析】【解答】U形管中液面高度变化主要是由透明容器中空气的热胀冷缩引起的，故错误；图甲装置中，两电阻串联，电流相等，

12、电阻不相等，能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故 正确；图乙实验过程中右边两个电阻丝并联，右边容器中的电阻通过的电流与左边电阻丝通过的电流不相等，探究的是电热与电流的关系，需要保持电阻相同，故阻值应该等于5 C,故 错误；电炉丝热与电炉丝相连的导线串联，电流相等，电阻不相等；用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象，故 正 确；故 错 误，正确。故答案为：Co【分析】U形管中液面高度变化主要是由透明容器中空气的热胀冷缩引起的；两电阻串联，电流相等，电阻不相等，能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系；探究的是电热与电流的关系，需要保持电阻相同；电炉

13、丝热与电炉丝相连的导线串联，电流相等，电阻不相等，可以解释热量不同现象。9.（2分）如图所示电路，电源电压保特不度，开 关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（)A.电压表V1示数变小,电压表V2示数不变,电流表A1示数变小B.电压表Vi示数变小,电压表V2示数变大,电压表VI的示数与电流表A l的示数之比变小C.电压表V2示数不变,电流表Ai示数变大,电压表V i的示数与电流表Ai的示数之比变大D.电压表Vi示数变小,电压表V2示数不变,电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小【答案】D【解析】【解答】由图可知,滑动变阻器与定值电阻R 串联，电压表V.测量滑动变阻器

14、两端的电压，电压表V2测量电源电压，电流表测量电路中的电流；在滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中,滑动变阻器接入电路的电阻变小，由电阻的串联，电路的总电阻变小，由/可知，此时电路中的电流变大，即电流表的示数变大。由 U=/R可知，定值电阻R 两端的电压变大，由于串联电路中电源电压等于各用电器两端的电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V i的示数变小；由于电源电压保持不变，所以电压表V2的示数不变。A.电流表Ai示数变大，电压表Vi示数变小，电压表V2示数不变，A 不符合题意；B C.电压表Vi示数变小，电压表V2示数不变，电流表Ai示数变大，由欧姆定律，电压表Vi的示数与电流表Ai

15、的示数之比即变阻器连入电路的电阻，比值变小，BC不符合题意；D.电压表V2示数不变，电流表Ai示数变大，其比值变小，D 符合题意。故答案为：D。【分析】根据串联电路电压电流特点，结合欧姆定律公式进行解答。10.（2 分）用如图甲所示的滑轮组提升物体M,已知物体M 所受的重力为550N,卷扬机加在绳子自由端的拉力F 将物体M 在 20s内沿竖直方向匀速提升10m,拉力F 做的功W 随时间t 的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（）卷扬机Z M甲A.拉力F 为350NB.绳子自由端移动的速度为0.5m/sC.动滑轮重为50ND.该滑轮组的机械效率为83.3%【答案】C【解析】【解

16、答】A.如图甲是由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，动滑轮上有二段绳子，则在20s内拉力移动的距离为s=2八=2 x 10m=20m由图乙可知拉力为/=缥 处=300Ns 20mA 不符合题意；B.绳子自由端移动的速度为 =*=募=lm/sB 不符合题意；C.忽略绳重及摩擦，由F=4（G就+G物）得动滑轮的重为G动=2F-G物=2 x 300N-550N=50NC 符合题意；D.在 20s内克服物重做的有用功为“育用=550N x 10m=55007w.该滑轮组的机械效率为=_彩X 100%=II瑞 X 100%X 91.7%D 不符合题意。故答案为：Co【分析】根据尸=?，求出拉力；根据V

17、 =*求出速度；根据尸=*（G动+G物），求出动滑轮w重；根据刀 有用,求出机械效率。“一 W阅卷人二、多选题（共 2 题；共4 分）得分1 1.（2分）如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布均匀的物体所受的重力为G,密度为0.8 g/c m 3,它由一根固定在容器底部的细线拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有g的体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了 3 c m （g取1 0 N/k g）。下列说法正确的是（）A.细线受到的拉力F=；GB.液体的密度为1.2 x l 0 3 k g/m 3C.容器底受到液体的压强减小了 3

18、O O P aD.容器对桌面的压强减小【答案】A,B,C【解析】【解答】B.物体漂浮在液体中时，根据浮沉条件可知，物体受到的浮力F部 乙=GP液V排g =p物V物g漂浮时有&的体积露出水面，则P （1 -1）v物g=p物V物gp 破=|p f t=|x0.8 g/c m3=1.2 g/c m3=1.2 x 1 03k g/m3B符合题意；A.物体浸没时，受到的浮力F浮 甲=液V排g=|p物V物g=|G细线受到的拉力 F i j F ；?.i|i-G G-G A符合题意；C.容器底部受到液体的压强减小量4 p=p gz l h =1,2x 103k g/m3x I O N/k gx 3x 10-

19、2m=36 O P aC符合题意；D.甲、乙两图中，容器对桌面的压力F=G.*+G浓+G故容器对桌面的压力不变，受力面积也不变，所以容器对桌面的压强不变，D 不符合题意。故答案为：ABC.【分析】根据F 浮 乙=G=p 件 g=p 物 V 粉 g,可判断浮力和物体密度的关系；根据dpnpitsgdh,可求出液体压强的减小量；水平面上，压力等于总重。12.(2 分)如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是()3V,电流表量程是()0.6A。只闭合S、S,在滑动变阻器R i的滑片从最右端向左滑至a 点的过程中，灯泡和Ri的 I-U图象分别如图乙所示，滑片在a 点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全

20、的情况下，下列说法正确的是()A.灯泡的额定功率是0.15WB.只闭合S,Si时，电路的最小功率为1.35WC.只闭合S、S2,Ri的滑片在a 点，调节R2,Ri的最大功率是2.16WD.只闭合S、S2,Ri的滑片在a 点，R?允许接入电路的最大阻值是12。【答案】B,C,D【解析】【解答】A.只闭合S、S i,灯泡、滑动变阻器R i串联，在滑动变阻器Ri的滑片从最右端向左滑至a 点的过程中，Ri的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，由此可知，图乙中，左边的曲线为灯泡的I-U图象，则右边的曲线为R i的 1-U图象；滑片在a 点时Ri的阻值最小(允许接入的最小阻值)，电

21、路中的电流最大，由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图象知道，小灯泡正常工作时的电压为1.5V,电流为0.5A,此时Ri两端的电压为3 V,则灯泡的额定功率 P SFULI 出 火=1.5Vx().5A=0.75WA 不符合题意；B.只闭合S、S i,灯泡、滑动变阻器R i串联，由串联电路的特点知道，电源电压U=UL+U=1.5V+3 V=4.5V当滑片在最右端时，Ri的阻值最大，电路中的电流最小，电路的功率最小，由图知道，最小电流是0.3A,电路的最小功率P或小=U1最小=4.5V X 0.34=1.35IVB 符合题意;C D.由图知道，只闭合S、S2,Ri的滑片在a 点，Ri与 R?串联，

22、电压表测变阻器R?两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙及/=称知道，R 的滑片在a 点时Ri的电阻=什=向=60K最大由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为00.6A,所以，电路中的最大电流I 最/=0.6A此时此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻最小，由P =/2R知道，1 的最大功率是P 最大=21 最；RRI=（0.64）2*60=2.16W由于电压表采用03V量程，当电压表的示数U2M 火=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,1.5KI电 路 中 的 最 小 电 流=骁=客=o.25A取小 勺 6J2则R2接入电路中的最大阻值&最

23、大=r =最小CD符合题意。故答案为：BCDo此时Ri两端的电压力=U-最大=4.5V _ 3V=3V024=120【分析】根据串并联电路电压电流特点，结合欧姆定律公式及电功率公式p=u i进行解答。阅卷人三、填空题（共5题；共10分）得分13.（2 分）接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用 的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液。另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在 的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。【答案】减小受力面积；大气压【解析】【解答】由p =(可知，增大压力或减小受力面积可增大压强，而注射器针尖

24、做得很细是减小了受力面积来增大压强，使得针尖更容易刺破皮肤。如果瓶内是密闭空间，随着药水瓶内药液的减少，药液深度降低，药液上方的气体压强越来越小，当瓶内压强小于外界大气压时，瓶内药液将无法流出。在瓶内连入“闲置管”后，瓶内和瓶外连通，当药液流出后，在大气压的作用下，空气顺着“闲置管”进入瓶内，始终保持药液上方的气压为大气压，使得药液可以持续流出。【分析】增大压力或减小受力面积可增大压强；在大气压的作用下，使得药液可以持续流出。1 4.(2分)某太阳能热水器内装有1 0 0 k g温度为2 0 的水，阳光照射一天后，水温升高到9 0 C,热水器内的水吸收了 J的热量，水的内能是通过 的方式被改变

25、的。水的比热容为 4.2 x 1 0 3 J/(k g-)【答案】2.9 4 x IO,；热传递【解析】【解答】水的质量血=1 0 0的，温度变化量2 k =9 0 -2 0 =7 0 ,比热容C =4.2 X1 03；/(kg-水吸收的热量Q =cmAt=4.2 x 1 03/(kg-；x 100kg x 7 0 =2.9 4 x 107J改变内能的方式有做功和热传递，阳光照射属于热传递。【分析】根 据Q，w=cm (t -t ),求出水吸收的热量；改变内能的方式有做功和热传递，阳光照射属于热传递。1 5.(2分)放在水平桌面上的两个完全相同的容器内装有适量的水，将A,B两个体积相同的实心物

26、体分别放入容器内，待物体静止后，如图所示，物体受到的浮力FA FB,物体的密度PA_PB（两 空 均 选 填 或 =“）。【答案】；【解析】【解答】由图可知，A、B 两个正方体排开水的体积关系为VAJVVB排根据F 浮=p；8gV可知，浮力的大小关系为FAFB由题知，A、B 两个正方体的体积相同；A 由图可知，A 和 B 处于漂浮，则由浮沉条件可知GA=FAGB=FB由于FAFB所以GAGB由于正方体A、B 的体积相同，所以根据p=g=f可知，物体密度的大小关系PA pB【分析】根据F 钎p 淑 gV推，判断浮力的大小；根据漂浮时，浮力等于重力及p=g=,判断物体密度大小。16.（2 分）如图

27、甲，用竖直向上的拉力F,将静止在水平地面上的物体向上提升。乙图表示拉力F的大小随时间t 的变化关系，丙图表示物体运动速度v 的大小随时间t 的变化关系。在。10s内物体对地面的压力为 N；20 30s内拉力F 做功的功率为 W。【答案】30；500【解析】【解答】由图可知，第 20s之后，物体竖直向上做匀速直线运动，物体处于平衡状态，重力等于拉力为5 0 N,则在0 10s内物体对地面的压力为F 产G-F=5（）N-20N=30N由图可知，2030s内物体的速度为10m/s,拉力F做功的功率为p=Fv=50Nxl()m/s=5()()W【分析】结合图像信息，判断物体的运动状态，匀速直线运动，物

28、体处于平衡状态，重力等于拉力根据F；=G-F,求出压力；根据P=F v,计算功率。17.(2分)如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路，R i的阻值为121C。电饭煲额定电压为2 2 0 V,它在额定电压下处于加热挡时功率为1400W,则R2的阻值为 Q o只将电饭煲接入电路中，处于保温挡工作0.5 h,使 标 有 字 样 的 电 能 表 指 示 灯 闪 烁162次1000imp/(kW-八)指接在这个电能表上的用电器每消耗lkW -h的电能，电能表的指示灯闪烁1000【答案】48.4；198【解析】【解答】由电路图可知，开关Si、S2均闭合时，R i与R2并联，开关S i闭合、S2

29、断开时，电路为R i的简单电路，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，开关5、S2均闭合时，电路的总电阻最小,由2=吧可知，电路的总功率最大，电饭煲处于加热状态，同理可知，开关SR12 2闭合、S2断开时,电饭煲处于保温状态,则P侬翳=4。”因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，加热时R2的电功率P2=P血或-P保点=1400-40014/=lOOOiy22因并联电路总电压等于各支路电压，所以，电热丝R2的阻值/?2=r=窿 映 =48.40/?2 10001V由题意可知，使标有“1000i7np/(kI)字样的电能表指示灯闪烁162次，则消耗的电能为川=心 力 用!续=0.162

30、k-h=0.5832 x 10671000imp/kW-h J开关S i闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，此时电路中只有R i,由=Pt=力t可得电热锅R的实际电压为 一 画 _ 0.5832xl06x l2 in _ _。一 t 二 0.5x3600s 研【分析】根据串并联电路电压电流特点，结合欧姆定律公式及电功率公式p=W=Pt=d t进行解答。R 1阅卷入四、作图题（共2题；共10分）得分18.（5分）闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或极，并用箭头标出图中磁感线方向。【答案】解：如图所示:【解析】【解答】由图可知，小磁针右侧为N极，根据异名磁极相互吸引，则

31、螺线管左侧对应为S极，根据安培定则可知，电流从右侧流入螺线管，则电源右侧为正极；在螺线管的外部，磁感线由N极出发回到S极，据此画出磁感线方向，如图所示：【分析】根据异名磁极相互吸引及安培定则解答。19.（5分）如图利用羊角锤撬钉子，在锤柄上画出所施加的最小动力F和其力臂1。【答案】解：如图所示:【解析】【解答】根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，找到杠杆上离支点最远的一点作为动力作用点，支点到该点的距离即为最长的动力臂1,画出最长动力臂后，最小力F应与力臂1 垂直且向上。如图所示：【分析】根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，力臂与对应力的作用线垂直。阅卷人-宝、实验题（共3题；共17分）得

32、分2 0.（5 分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距是1 0 c m,将凸透镜因定在光具座50 c m 刻度线处，实验装置如图所示：委啊|甲川叫,|叫|川|川川|武啊川甲|川川甲|川|川|川川平川所设切（）c m 1 0 2（）4）4）5 b 4）7（）8 0 9 0 血）氏（1）（1 分）实验前调节烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是;（2）（1 分）实验中将蜡烛移至光具座上2 5 c m 刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，这是 的 原 理（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”（3）（2分）再将蜡烛从光具座上2 5 c m 处移到10c m 刻度线

33、处，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应 透 镜（选填“远离”或 靠近”）；此过程中，烛焰移动的速度 烛焰的像移动的速度（选填“大于”“小于”或“等于”）；（4）（1分）某小组同学将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光 屏 上 的 光 斑 大 小 将。【答案】（1）使像成在光屏的中央（2）照相机（3）靠近；大于（4）不变【解析】【解答】（1）像与物的连线经过凸透镜的光心，把烛焰、凸透镜和光屏的中心大致调节在同一高度，这样像就会落在光屏的中央位置，便于观察像。（2）蜡烛移至光具座上2 5 c m 刻度线处时，物距为2 5 c m,大于二倍焦距，成倒立

34、缩小的实像，这个是照相机的成像原理。（3）将蜡烛从光具座上2 5 c m 处移到10c m 刻度线处；成实像时，物体远离凸透镜，像靠近凸透镜，要把光屏靠近凸透镜。成实像时，当物体在大于二倍焦距的范围内移动时，物体移动的速度大于像移动的速度；当物体在一倍焦距和二倍焦距之间移动时，物体移动的速度小于像移动的速度。由题意知，蜡烛从光具座上2 5 c m 处移到10c m 刻度线处，即物体在大于二倍焦距的范围内移动，物体移动的速度大于像移动的速度。（4）将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，光通过凸透镜后形成一束平行于主光轴的平行光，所以移动光屏时，光屏上的光斑大小保持不变。【分析 1（1）把烛焰、凸透

35、镜和光屏的中心大致调节在同一高度，这样像就会落在光屏的中央位置；（2）大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，这个是照相机的成像原理；（3）成实像时，物体远离凸透镜，像靠近凸透镜，要把光屏靠近凸透镜；物体在大于二倍焦距的范围内移动，物体移动的速度大于像移动的速度；（4）光通过凸透镜后形成一束平行于主光轴的平行光，所以移动光屏时，光屏上的光斑大小保持不变。2 1.（6 分）为了测量滑动摩擦力的大小，甲组同学设计了如图所示实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，细绳水平拉动木块，使木块恰好做匀速直线运动。（轻绳与滑轮的摩擦不计）（1）（1分）实验中定滑轮的作用是;（2）（1分）为了测量木块受到的滑动摩擦力

36、，需要测量的物理量是；（3）（2分）小桶落地后，木块继续向前运动，这 是 由 于 木 块 具 有,此时木块受到的滑动摩擦力（选填“变大”、变小或 不变”）；（4）（1分）把毛巾铺在木板上，想要测出图中木块在毛巾上受到的滑动摩擦力大小，下一步的操作是;（5）（1分）乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，你觉得哪组的方法更好：（选填“甲组”或 乙组”）。【答案】（1）改变力的方向（2）小桶和沙子的总质量（3）惯性；不变（4）往小桶中增加沙子，使木块做匀速直线运动（5）甲组【解析】【解答】（1）定滑轮的实质是一个等臂杠杆，不能省力，但可以改变力的方向。所以，实验中定滑轮的作用是

37、改变拉力的方向。（2）小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动。此时的拉力等于小桶和沙子的总重力。所以，为了测量滑块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是小桶和沙子的总质量。（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，小桶落地后，滑块由于惯性继续向前运动。继续向前运动过程中，由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑块所受滑动摩擦力大小不变。（4）把毛巾铺在木板上，接触面粗糙程度增大，滑动摩擦力增大，应该往小桶中增加沙子，以此增大拉力，木块才会做匀速直线运动。（5）乙组觉得用钩码代替沙桶可以简化实验操作步骤，但此想法不能达到目的，因为用钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故

38、甲组的方法更好。【分析】（1）定滑轮的实质是一个等臂杠杆，不能省力，但可以改变力的方向；（2）为了测量滑块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是小桶和沙子的总质量;（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑块所受滑动摩擦力大小不变；（4）接触面粗糙程度增大，滑动摩擦力增大；（5）钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故甲组的方法更好。2 2.（6 分）如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电 源（电压恒为6 V）、小灯泡（额定电压为2.5 V,正常发光时灯丝电阻约为1 0。）、电流表、电压表、开关各一个，规格分（1）

39、（1 分）连接电路时，滑 动 变 阻 器 应 选 （选填”或（2）（1 分）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是；（3）（2 分）排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时。电压表的示数为2.2 V,若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 端移动（选填“A 喊“B”）。通过实验绘制出小灯泡的U-I图像，如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W；（4）（2 分）乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率（已知灯泡的额定电压为U 额）,Ro阻值已知：断开开关S 3,闭合开关S、S 2,调节滑动变阻器滑片P,使 得 电 流 表 示 数 为 （用字母

40、表示），此时灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S 2,闭合开关S 1、S 3,记下电流表的读数为I；小灯泡额定功率的表达式P=（用字母U 频、/、勒表示）。【答案】（1）R2（2）小灯泡处短路(3)B；0.6 2 5 岩;一 君）【解析】【解答】（1）滑变器若选择R1，与灯泡串联接入电路中，电源电压U=6 U，灯泡电阻约为10Q,变阻器阻值最大，即%=100时，根据串联分压，此时灯泡和变阻器两端电压均为3 V,变阻器阻值无法再增大，则灯泡两端电压最低为3 V,无法达到2.5V的额定电压，即R i的最大阻值偏小，无法完成实验，故实验中应选择最大阻值较大的的。（2）分析电路，灯泡

41、与滑动变阻器串联，电流表测串联电路电流，电压表测灯泡两端电压。电流表有示数则电路为通路，电压表无示数则说明灯泡可能被短路。（3）小灯泡的额定电压为2.5 V,想要达到额定电压，需使灯泡两端电压增大，根据串联电路电压规律，需减小变阻器两端电压，根据串联分压的规律可知，需减小变阻器的阻值，由图可知，滑片P应向B端移动。由图可知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5丫 时，通过小灯泡电流为0.25A,小灯泡的额定功率Pe=UeI=2.5V x 0.254=0.6251V（4）分析丙图中的测量方法：由于没有电压表，需要用品和电流表代替电压表，使灯泡两端电压为额定电压时，测出电流即可求出额定功率。图中灯泡和

42、心并联，要使灯泡两端电压为U痴 则&两端电压也为U愆，则电流表示数为/再通过开关改变电流表测量对象，测出干路电流/,得出通过小灯泡的电流/,=/0=/f数R。则小灯泡的额定功率为P =U.=U Q）【分析】（1）根据串联分压特点，结合欧姆定律及灯泡的额定电压，选择恰当的滑动变阻器；（2）在串联电路中，电流表有示数，电压表无示数，电压表测量的位置短路；（3）根据串联电路电压电流特点，结合欧姆定律公式及电功率公式P=U I进行解答；（4）根据串联电路电压电流特点，结合欧姆定律公式及电功率公式P=U I进行解答。阅卷入六、计算题（共2题；共2 5分）得分23.（10分）一辆5G无人环卫车，质量为46

43、0kg,车与地面的总接触面积为200cm2,在水平路面上匀速直线行驶过程中阻力为车所受重力的受g取10N/kgo(1)(5分)该车静止时对水平路面的压强是多大？(2)(5分)该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做了多少功？若功率相同的燃油汽车以相同的速度行驶相同的路程，消耗的汽油为0.6kg,此燃油汽车的效率是多少？(q=4.6x107J/kg)【答案】(1)解：由6=瓶 知道，环卫车的重力G=mg=460kg x 10N/kg=4600N对水平地面的压力F=G=4600N环卫车对水平地面的压强p=”吗、=2.3 x 105Pa答：该车静止时对水平路面的压强是2.3 x 105P

44、a；(2)解：环卫车匀速行驶受到的阻力f =x 4600/V=2300/V由于环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力F朽f=23()()N由皿=内知道，该车在水平路面上沿直线匀速行驶3()()0m时，牵引力做功勿=Fs=2300N x3000m=6.9 x 106/由Q成=7nq知道，燃烧燃油释放的能量Q=Mq汽=06kg x 4.6 x 10/kg=2.76 x 107/w6由=方惚知道，此燃油汽车的效率是=詈X 100%=5吆10；X 100%=25%Q 成Q 2.76x107答：该车在水平路面上沿直线匀速行驶30()()m时，牵引力做功6.9x106,；此燃油汽车的效率

45、是25%【解析】【分析】(1)根据公式G=mg及P=5=盍 可求出压强；(2)根据公式W=Fs、Q=mq及 =/,可求出牵引力做的功及机械效率。24.(15分)如图所示，电源电压恒定，Ri=12Q,R2=5C,滑动变阻器R3的规格是“20C 1.5A”,电流表的量程是03 A,电压表的量程是015V。A)1|-（1）（5 分）只闭合开关S,移动滑片，当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8 V,求电源电压。（2）（5 分）将滑片移到最右端，闭合所有开关，在 Imin内氐产生多少热量？（3）（5 分）闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为多少？【答案】（1）解：由图知道

46、，当只闭合开关S 时，R2和 R3串联，电流表A 测电路中的电流，电压表测 R3两端的电压，由欧姆定律知道，此时R2两端的电压为U2=IR?=0.8Ax5c=4V根据串联电路电压的规律，电源电压为U=U2+U3=4V+8V=12V答：电源电压是12V；（2）解：将滑片移到最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合所有开关，此时R2被短路，Ri和 R3并联，也压表测电源电压，电流表A 测干路电流，由欧姆定律知道，通过Ri的电流A=R=1 2 n=1 A,U 12V ,.流过滑动变阻器的电流为七=7=9=S6AK3由焦耳定律Q=/2/?t知道，Imin内R1产生的热量为Q=（0/x 12P x 1

47、 x 60s=720/答：将滑片移到最右端，闭合所有开关，在 Imin内Ri产生的热量是720J（3）解：将滑片移到最右端，闭合所有开关时，由并联电路电流的规律知道，电流表A 的示数为I干 二 11 4-h=1A+0.6 A=1.6A由于干路电流最大为3 A,滑动变阻器R.3的规格是“20C 1.5A”，则通过滑动变阻器电流最大值为D U 12V Q n1.5A,此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为/小=7-=而=803大故闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围为8 20C。答：闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8 2OC。【解析】【分析】根据公

48、式/=半 可求出电压；(2)根据公式/=%及 Q=F R t,可求出热量;(3)根据公式/=称及并联电路电压电流特点，可求出电阻范围。K试题分析部分1、试卷总体分布分析总分：86分分值分布客观题（占比）34.0(39.5%)主观题（占比）52.0(60.5%)题量分布客观题（占比）17(70.8%)主观题（占比）7(29.2%)2、试卷题量分布分析大题题型题目量（占比）分 值（占比）实验题3(12.5%)17.0(19.8%)填空题5(20.8%)10.0(11.6%)作图题2(8.3%)10.0(11.6%)多选题2(8.3%)4.0(47%)计算题2(8.3%)25.0(29.1%)单选题

49、10(41.7%)20.0(23.3%)3、试卷难度结构分析序号难易度占比1普通(87.5%)2困难(12.5%)4、试卷知识点分析序号知识点（认知水平）分 值（占比）对应题号1有关热机的计算10.0(11.6%)232杠杆中最小力的问题5.0(5.8%)193压强的大小及其计算10.0(11.6%)234凝华及凝华放热2.0(2.3%)35磁场5.0(5.8%)186电磁感应2.0(2.3%)77密度公式及其应用2.0(2.3%)158探究影响摩擦力大小因素的实验6.0(7.0%)219力作用的相互性2.0(2.3%)610凸透镜成像规律及其探究实验5.0(5.8%)2011热传递改变物体内

50、能2.0(2.3%)1412凝固与凝固放热特点2.0(2.3%)313响度及响度与振幅的关系2.0(2.3%)114电功与热量的综合计算17.0(19.8%)17,2415热吊的计算2.0(2.3%)1416阿基米德原理4.0(47%)11,1517电功率的计算2.0(2.3%)1218参照物及其选择2.0(2.3%)619熔化与熔化吸热特点2.0(2.3%)320力的作用效果2.0(2.3%)421热机的效率10.0(11.6%)2322串、并联电路的设计2.0(2.3%)523安培定则5.0(5.8%)1824力臂的画法5.0(5.8%)1925滑轮与功的综合题2.0(2.3%)1026功