2021-2022学年福建省达标校高三下学期第五次调研考试物理试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3,请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、1897年汤姆孙发现电子后，许多科学家为测量电子的电荷量做了大量的探索。1907-1916

2、密立根用带电油滴进行实验，发现油滴所带的电荷量是某一数值e 的整数倍，于是称这数值为基本电荷，如图所示，两块完全相同的金属极板止对若水平放置，板间的距离为d,当质量为机的微小带电油滴在两板间运动时，所受它气阻力的大小与速度大小成正比。两板间不加电压时，得以观察到油滴竖直向下做匀速运动，通过某一段距离所用时间为公当两板间加电压。（上极板的电势高）时，可以观察到同一油滴竖直向上做匀速运动，且在时间板内运动的距离与在时间内运动的距离相等。忽略空气浮力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.根据上板电势高时观察油滴竖直向上做匀速运动可以判定油滴带正电B.密立根根据实验数据计算出油滴所带的电荷量大约都

3、是1.6x10 生：C.根据不加电压和加电压两个匀速过程可以求解出油滴所带的电荷量。=整 誓 辿 1D.根据两板间加电压U（上极板的电势高）时观察到同油滴竖直向上做匀速运动，可以计算出油滴的电荷量0=等2、关于原子核的相关知识，下面说法正确的是（）A.原子核内相邻质子之间存在相互排斥的核力B.原子核的比结合能越小，说明原子核越不稳定C.温度越高放射性元素的半衰期越小D.0 射线是电子流，表明原子核内除质子中子之外还有电子3、一个物体在外力尸的作用下静止在倾角为0 的光滑固定斜面上，关于尸的大小和方向，下列说法正确的是（）A.若F=rng,则尸的方向一定竖直向上B.若F=mgtanO,则F的方向

4、一定沿水平方向C.若F=mgsin。,则尸的方向一定沿斜面向上D.若F=mgcos6,则f的方向一定垂直于斜面向上4、当前，新型冠状病毒（COVID-19）在威胁着全世界人民的生命健康，红外测温枪在疫情防控过程中发挥了重要作用。红外测温枪与传统的热传导测温仪器相比，具有响应时间短、测温效率高、操作；方便防交又感染（不用接触被测物体）的特点。下列关于红外测温枪的说法中正确的是（）A.红外测温枪工作原理和水银体温计测量原埋一样都是利用热胀冷缩原理B.红外测温枪能接收到的是身体的热量，通过热传导到达红外测温枪进而显示出体温C.红外测温枪利用了一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温度有关

5、，温度越高发射红外线强度就越大D.红外线也属于电磁波，其波长小于紫外线的波长5、把图甲所示的正弦式交变电流接在图乙中理想变压器的A、B两端，电压表和电流表均为理想电表，Rt为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），R为定值电阻.下列说法正确的是：（）A.R,处温度升高时，电流表的示数变大，变压器输入功率变大B.&处温度升高时，电压表Vi、V2示数的比值不变C.在t=lxl0-2s时，穿过该矩形线圈的磁通量为零D.变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=36sin507rt（V）6、如图甲所示，AB两绝缘金属环套在同一铁芯上，A环中电流iA随时间t的变化规律如图乙所示，下列说法中正确的 是（）A.ti

6、时刻，两环作用力最大B.t2和 t3时刻，两环相互吸引C.t2时刻两环相互吸引，t3时刻两环相互排斥D.tj和 时 刻，两环相互吸引二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、一质点做简谐运动的图象如图所示，下 列 说 法 正 确 的 是.（填正确答案标号）A.质点振动频率是0.25 HzB.在 10 s 内质点经过的路程是20 cmC.第 4 s 末质点的速度最大D.在，=l s 和 t=3 s 两时刻，质点位移大小相等、方向相同E.在 f=2 s 和 t=4

7、s 两时刻，质点速度大小相等、方向相同8、下 列 说 法 中 正 确 的 是。A.浸润液体在细管中上升的现象属于毛细现象B.液晶既有液体的流动性，又具有光学各向异性C.一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的D.热量可以自发从高温传到低温，可以自发从低温传到高温E.干湿泡湿度计中两个温度计读数相差越大，空气的相对湿度越大9、下列关于振动和波的说法，正确的是。A.声波在空气中传播时，空气中各点有相同的振动频率B.水波在水面上传播时，水面上各点沿波传播方向移动C.声波容易绕过障碍物传播是因为声波波长较长，容易发生衍射D.当两列波发生干涉时，如果两列波波峰在某质点相遇，则该质点位移始终最大E.为了

8、增大干涉条纹间距，可将蓝光换成红光10、如图甲所示，倾 角 0 3 0。的光滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上。一质量为，”的小球，从离弹簧上端一定距离的位置静止释放，接触弹簧后继续向下运动，小球运动的v-f 图像如图乙所示，其 中 0 4 段为直线段，4 8 段是与0 4 相切于A 点的平滑曲线，8 c 是平滑曲线，不考虑空气阻力，重力加速度为 g。关于小球的运动过程，下列说法正确的是（）A.小球在勿时刻所受弹簧的弹力等于mgB.小球在左时刻的加速度大于;gC.小球从时刻所在的位置由静止释放后，能回到出发点D.小球从心时刻到八时刻的过程中，重力势能的减少量等于

9、弹簧弹性势能的增加量三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某实验小组利用如下器材设计电路先测量未知电阻阻值，再测量电源的电动势及内阻。实验电路图如甲图所示，实验室提供的器材有：电源E（电动势约4.5 V,内阻为r）电流表Ai（量程015m A,内阻为ri=10C）电流表A2（量程0100m A,内阻为夕1.5八）定值电阻Ri（阻值Ri=90C）定值电阻及（阻值&=190。）滑动变阻器用（阻值范围。30。）电阻箱Ri（阻值范围099.99Q）待测电阻及（电阻约55。）开关S,导线若干（1）图甲中电阻A 应选，电阻应选（填符号）

10、；（2）实验小组通过处理实验数据，作出了两电流表示数之间的关系，如图乙所示，则待测电阻电阻Rx的 阻 值 为 一;（3）测电源电动势和内阻时，某实验小组通过处理实验数据，作出了电阻5 阻值R 与电流表A2电流倒数*之间的关系，如图丙所示，则待测电源的电动势为一，内 阻 为 一（结果保留两位有效数字）。R/n12.（12分）某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验。用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示细线所受拉力的大小。实验时，下 列 操 作 必 要 且 正 确 的 是，技力传塞器K木板打点计时器纸带甲A.将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮

11、不挂砂桶时，小车能自由匀速滑动B.为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量C.实验时，拉小车前端滑轮的细线必须保持水平D.实验时，使小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数在正确、规范的操作下，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器电源的频率为50Hz。则打计数点3时，小车的速度大小匕=m/s；小车做匀加速直线运动的加速度大小。=m/s2.（结果均保留三位有效数字）5.01 7.50 10.01 12.50 14.99 17.50 单位：cm 0 12 3

12、 4 5 6 7乙（3）带滑轮的长木板水平放置，保持小车质量M不变，改变砂桶里砂的质量测出每次拉力传感器的示数尸和小车对应的 加 速 度 作a-尸图象。下列图线正确的是 o步骤。13.（10分）如图所示，半径为R的光滑轨道竖直放置，质量为机的球1在恒力尸（力尸未知，且未画出）的作用下静止在尸点，。尸 连 线 与 竖 直 方 向 夹 角 为 质 量 也 为，的球2静止在。点。若某时刻撤去恒力F,同时给小 球1 一个沿轨道切向方向的瞬时冲量/（未知），恰能使球1在轨道内侧沿逆时针方向做圆周运动且与球2发生弹性正碰。小球均可视为质点，重力加速度为g,不计空气阻力。求：（1）恒 力F的最小值为多大？（

13、2）瞬时冲量/大小为多大？（3）球2碰撞前后对轨道Q点的压力差为多大？14.（16分）如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、3两端开口，管内有一段水银柱，中管内水银面与管口 A之间气体柱长为=4 0 c m,右管内气体柱长为/“=39 c m.先将开口 3封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，若稳定后进入左管的水银面比水银槽水银面低4 c m,已知大气压强po=76cm H g,求：BmA4端上方气柱长度；稳定后右管内的气体压强.15.（12分）如图所示，质量机=10kg、横截面积S=50cm2、厚度不计的活塞被气缸光滑内壁上的卡栓（体积不计）托住，将气缸分成体积

14、均为V的A、B两部分，两部分空间内均封闭着一定量的理想气体。初始状态时两部分气体温度均与环境温度相同，其中A中气体压强为p,=2xl05pa,8中气体压强pB=lxlO5Pa。气缸底端安装有用来加热的电热丝，环境温度保持27C不变，重力加速度g取10m/s2,T=Z+273Ko仅有气缸上表面导热良好，其他部分及活塞绝热，4现对8中气体缓慢加热，当B中气体温度升高至多少时，A中气体体积减小为1 V。A参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.当极板上加了电压U后，该油滴竖直向上做匀速运动，说明油滴受到的电场力

15、竖直向上，与板间电场的方向相反,所以该油滴带负电，A错误；B.油滴所带的电荷量大约都是1.6xl09c的整数倍，B错误；C.设油滴运动时所受空气阻力/与速度大小y满足关系为f =kv当不加电场时，设油滴以速率力匀速下降，受重力和阻力而平衡，即mg=kvx当极板加电压U时，设油滴以速率也匀速上升，受电场力、重力和阻力，即QE-mg+kv2其中E上d根据题意有卬=v2t2解得Q=3/6+0Ut2C 正确；D.加上电压时，油滴运动过程中，不仅仅只受电场力和重力作用，还受阻力作用，所以与Q w m g,D 错误。a故选C。2、B【解析】A.原子核内相邻质子之间存在强相互吸引的核力，A 错误；B.原子核

16、比结合能越小，拆开原子核越容易，说明原子核越不稳定，B 正确；C.放射性元素的半衰期是原核的衰变规律，由原子核内部因素决定，即与元素的种类有关，与温度无关，C 错误;D.夕射线是原子核内中子转变为质子时产生的，不能说明原子核内有电子，选项D 错误。故 选 B。3、C【解析】A.由甲图可知，若 则 尸 的 方 向 可 能 竖 直 向 上，也可能与竖直方向成2,角斜向下，选 项 A 错误；B.由乙图可知，若尸=mgtan，则 F 的方向可能沿水平方向，也可能与斜面成0 角斜向上，选 项 B 错误；C.由甲图可知，若F=mgsi”仇则尸的方向是唯一的，一定沿斜面向上，选 项 C 正确；D.由图丙可知

17、，若F=mgcos。,则若以，geos。为半径做圆，交过G 且平行于N 的直线于两个点，则说明厂的解不是唯一的，且尸的方向一定不是垂直于斜面向上，选项D 错误；故选C。4、C【解析】A B C.红外就是红外线，自然界所有的物体，无时无刻不在向外发出辐射能量，这些能量以电磁波的形式存在。红外测温枪接收到人体辐射出的红外线，通过波长、强度与温度的关系，就可以得到人体的温度，而水银体温计是利用热胀冷缩原理工作的，AB错误C 正确；D.红外线波长范围0.8-100即，紫外线的波长范围在10040()n m,红外线波长大于紫外线波长，I)错误。故选C。5、A【解析】副线圈电压不变，若 Rt电阻原来大于R

18、,则温度升高时，电压表V2示数与电流表A2示数的乘积增大，若 Rt电阻原来小于R,则电压表V2示数与电流表A2示数的乘积变小，当 R,处温度升高时，电阻减小，则副线圈总功率增大，所以原线圈功率增大，即电压表Vi示数与电流表Ai示数的乘积一定变大，故 A 正确；R,处温度升高时，电阻减小，电压 表 V2测量Rt的电压，则电压表V2示数减小，Vi示数不变，则电压表Vi示数与V2示数的比值变大，故 B 错误；在图甲的t=0.01s时刻,e=0,则磁通量最大，此时矩形线圈平面与磁场方向垂直，故 C 错误;根据图甲可知,E m=360V,T=0.02s,则 3=-=-=1007trad/s,变压器原线圈

19、两端电压的瞬时值表达式为u=3 6 0 sinlOOnt(V),故 D 错T 0.02误。故选A。【点睛】本题考查交变电流的产生及变压器原理，要注意掌握交变电流中最大值、有效值、瞬时值的表达及相应的关系，知道变压器不改变功率，难度适中。6、B【解析】h 时刻感应电流为零，故两环作用力为零，则选项A 错误；t2时刻A 环中电流在减小，则 B 环中产生与A 环中同向的电流，故相互吸引，t3时刻同理也应相互吸引，故选项B 正确，C 错误；时刻A 中电流为零，两环无相互作用，选项 D 错误.二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

20、全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、ABC【解析】A、振动图象表示质点在不同时刻相对平衡位置的位移，由图象可知，质点运动的周期7=4 s,其 频 率 片 g =0.25 Hz,故 A 正确；B、10 s 内质点运动了？T,其运动路程为s=x4A=x4x2 cm=20 c m,故 B 正确；2 2 2C、第 4 s 末质点在平衡位置，其速度最大，故 C 正确；D、f=l s 和 f=3 s 两时刻，由图象可知，位移大小相等、方向相反，故 D 错误；E、在 f=2 s 质点处于平衡位置，其速度最大，但 f=2 s 和 t=4 s 两时刻，速度方向相反，故 E 错误.8、

21、ABC【解析】A.浸润液体在细管中上升的现象属于毛细现象，选项A 正确；B.液晶既有液体的流动性，又有光学性质的各向异性；选 项 B 正确；c.根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的。选 项C正确；D.热量可以自发从高温传到低温，但不能自发从低温传到高温。选项D 错误；E.干泡温度计显示空气温度，湿泡温度计显示的是浸水纱布的温度，空气相对湿度越小（越干燥），则湿泡处水挥发越快，温度越低，两个温度计差值就越大，选 项 E 错误。故选A B C。9、A C E【解析】A.声波在空气中传播时，根据波的形成原理可知，空气中各点有相同的振动频率，故 A 正确；B.水波在水面上

22、传播时，水面上各点不会随着波传播方向而移动，故 B 错误；C.声波容易绕过障碍物传播是因为声波波长较长，容易发生明显的衍射现象，故 C 正确；D.当两列波发生干涉时，如果两列波波峰在某点相遇时，则该质点位移此时最大，然后会变小，当平衡位置相遇时,则位移为零，故 D 错误；E.根 据 干 涉 条 纹 间 距 公 式 可 知，为了增大干涉条纹间距，可将蓝光换成红光，即波长变长，故 E 正确。a故选ACEo10、BC【解析】A.小球在七时刻速度达到最大，此时弹簧的弹力等于重力沿斜面的分力，则有F*=mg sin 30=g mg故A错误；B.在乙图中，关于A点对称的点可知此时弹簧的弹力为0.5 m g

23、,由对称性得由对称轴到对称点的弹簧的弹力再变化0.5机g,故到达C点时弹簧的弹力大于2x0.5mg=7 g,所以弹力大于血g,根据牛顿第二定律可知F -mgsinO=ma解得1a 28故 B 正确；C.整个过程中，弹簧和小球组成的系统，机械能守恒，故从。点释放，小球能到达原来的释放点，故 C 正确；D.小球从（时刻到心时刻的过程中，系统机械能守恒，则有重力势能的减小量与动能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量，所以重力势能的减小量小于弹簧弹性势能的增加量，故 D 错误。故 选 BC三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R2 R4 50 4

24、.2 0.50【解析】口 .因待测电源的电动势为4.5 V,则电流表4 与电阻后 串联，相当于量程为0 =4 储+6)=3丫的电压表,可知图甲中电阻A 应选及；电阻8 应选阻值能改变且能够读数的电阻箱&；.由图可知，当 1i=12mA时/2=60mA,可得 由 电 路 图 可 知，电流表4,电阻4 以及治三部分的等效电阻为*=40。，由闭合电路的欧姆定律E I2(R+R+弓 +广)即E-(R +r2+r)12由图像可知E-k-8430-1 0V=4.2VR+弓 +r=10E=42解得r=0.5212、AD 1.13 2.50 B【解析】(1)1A.为使小车的合外力等于小车受到的拉力，必须平衡摩

25、擦力，故 A 正确；B.小车受到的拉力等于拉力传感器的两倍，不需要用细线的拉力近似等于砂和砂桶的重力，实验中不需要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故 B 错误；C.细线必须与木板保持平行，因为平衡了摩擦力，木板不水平，所以细线也不水平，故 C 错误；D.为充分利用纸带，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故 D正确。故选ADo(2)2打点计时器电源的频率为5 0 H z,相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，则相邻计数点间时间间隔T=0.1()s根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段的平均速度可得匕=M+Z2T代入数据可得v3 1.13m

26、/s根据逐差法有9T2代入数据可得a h 2.50m/s2(3)木板水平放置时，没有平衡小车受到的摩擦力，则有2F 于=Ma整理得2 /a=F-M M则a-/图象为不过原点的斜线，故B正确，ACD错误。故选B。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)Fmin=mgam0；(2)I=#(3 +2cos 6)gR;(3)5mg【解析】(1)恒力尸垂直。P斜向上时，恒力尸最小，此 时恒 力 尸 与 水 平 方 向 的 夹 角 则On=mg sin 0(2)球1恰运动到圆周的最高点，有2me=m-R球1由尸点运动到最高点

27、，根据动能定理有-mgR(+cos 6)=g m v 一 g m vo小球的瞬时冲量为I-mv0联立解得/=777(3+2cos 8)gA由于发生弹性碰撞，且质量相等，故二者速度交换，球 2 也能恰好通过最高点，对 球 2,碰后由最高点到。点的过程中，据机械能守恒定律有1 2 c 1 2m v +2 mgR=mv且有v2FN-m g =m K联立解得FN=6 mg碰前球2 静止，故FN=m g故支持力差为FN-F N=5mg根据牛顿第三定律可知球2 碰撞前后对轨道Q点的压力差为5mg.14、38cm；78cmHg【解析】试题分析：稳定后进入左管的水银面比水银槽水银面低4 c m,则 A 管内气体的压强为Pz=(76+4)cmHg由公式：PVAO=PAIVAI,代入数据得：Lai=38cm设右管水银面上升h,则右管内气柱长度为必-h,气体的压强为-2 0 g；由玻意尔定律得：叫=(6 -2pgh)(lB-h)解得：h=lcm所以右管内气体压强为P2=Pt-2h=18cmHg考点：气体的状态方程.15、972K【解析】(1)对 A 中气体由玻意耳定律可得 4PAV=PA-V解得PA=2.5x105Pa对活塞由平衡条件可知pAS+mg=pBS解得PB=2.7xlOsPa对B中气体由理想气体状态变化方程6 1/PBV=PB5VT TB解得TB=972K