2021-2022学年福建省“超级全能生”高三（最后冲刺）物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1 .答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2 .答题时请按要求用笔。3 .请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4 .作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5 .保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有关量子理论及相关现象，下列说法中正确的是（）A.能量量子化的观点是爱因斯坦首先提出

2、的B.在光电效应现象中，遏止电压与入射光的频率成正比C.一个处于=4激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种频率的光子D.a射线、/?射线、y 射线都是波长极短的电磁波2、如图所示，铁芯上绕有线圈A和B,线圈A与电源连接，线圈B与理性发光二极管D相连，衔 铁E连接弹簧K控制触头C的通断，忽略A的自感，下列说法正确的是A.闭合S,D闪亮一下B.闭合S,C将会过一小段时间接通C.断开S,D不会闪亮D.断开S,C将会过一小段时间断开3、如图所示，D点为固定斜面AC的中点，在A点先后分别以初速度如和v o 2水平抛出一个小球，结果小球分别落在斜面上的D点和C点.空气阻力不计.设小球在空中运动的时间

3、分别为h和t 2,落到D点和C点前瞬间的速度大小分别为町和艺，落 到D点和C点前瞬间的速度方向与水平方向的夹角分别为仇和。2，则下列关系式正确的是AA *-2 2V0l _ 1 C 匕 _ 1逐一5 C三 一 正tan _ 1tan2 yp24、如图所示，电路中L为电感线圈，C为电容器，先将开关S i闭合，稳定后再将开关S 2闭合，则（）BA.S i闭合时，灯 A、B 都逐渐变亮 B.S i闭合时，灯 A 中无电流通过C.S2闭合时，灯 B 立即熄灭 D.S2闭合时，灯 A 中电流由b 到 a5、如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某次球与墙壁上A 点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B

4、点，已知球拍与水平方向夹角0=60。，AB两点高度差h=lm,忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2,则球刚要落到球拍上时速度大小为（）A.2不 m/s B.2A/T5 m/s C.45/5 m/s D.m/s6、下列说法正确的是（）A.物体的动能增加，其内能也一定增加B.扩散现象和布朗运动都是分子的无规则热运动C.一定质量的气体膨胀对外做功，气体内能一定增加D.随着分子间的距离增大，分子间的引力、斥力都减小二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、如图所示，气

5、缸分上、下两部分，下部分的横截面积大于上部分的横截面积，大小活塞分别在上、下气缸内用一根硬杆相连，两活塞可在气缸内一起上下移动，缸内封有一定质量的气体，活塞与缸壁无摩擦且不漏气起初，在小活塞上的烧杯中放有大量沙子能使两活塞相对于气缸向上移动的情况是（）A.给气缸缓慢加热B.取走烧杯中的沙子C.大气压变小D.让整个装置自由下落8、如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面A B C的复色光从空气射向A B边的中点D,入射方向与边A B的夹角为0=3 0 ,经三棱镜折射后分为%分两束单色光，单色光偏折到8C 边的中点E,单色光分偏折到尸点，则下列说法正确 的 是（）A.该棱镜中对单色光a 的折射率为石B

6、.在棱镜中传播，。光的传播速度较大C.a 光的频率一定大于方光的频率D.分别通过同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距大9、如图所示，半径为3 r 的 圆 弧 与 倾 角 为，的斜面相切于5 点，与水平地面相切于C 点，与 圆 02轨道相切于。2点，圆心0 人。2和。在同一水平直线上，圆。2的半径为人质量为，的质点从斜面上某位置由静止释放，刚好能在圆。2轨道内做完整的圆周运动。不计一切阻力，重力加速度为g。则 质 点（）A.释放点距离地面的高度为5rB.在 C 时对轨道压力为弓mgC.从圆弧BCD进入圆。2轨道的瞬间，前后向心加速度之比为5：2D.从 圆 弧 进 入 圆。2轨道的瞬间，前后角

7、速度之比为2：510、如图甲所示，固定光滑斜面AC长为L,B 为斜面中点.一物块在恒定拉力F 作用下，从最低点A 由静止开始沿斜面向上拉到B 点撤去拉力F,物块继续上滑至最高点C,设物块由A 运动到C 的时间为to,下列描述该过程中物块的速度v 随时间t、物块的动能Ek随位移X、加速度a 随位移X、机械能E 随位移x 变化规律的图象中，可能正确的是（）c三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某同学用图甲所示的电路测量电阻心的阻值（约几百欧）。滑动变阻器R,电阻箱Ro（09999。），S2是单刀双掷开关，量程3V 的电压表（内

8、阻约3kC）,电源电动势约6V图乙图丙（1）根据图甲实验电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整_ _ _ _ _;（2）正确连接电路后，断开Si、S2.调节好多用电表，将两表笔接触区两端的接线柱，正确操作后，使用xlO 的倍率粗测其电阻，指针指示如图丙，粗 测 得 到&=C;（3）该同学通过下列步骤，较准确地测出后 的阻值将滑动变阻器的滑片尸调至图甲中的A 端。闭合,将 S2拨 至 1,调节变阻器的滑片尸至某一位置，使电压表的示数满偏；断开S i,调节电阻箱R o,使其阻值最大；将 S2拨至“2”，闭合S i,保持变阻器滑片尸的位置不变，调节电阻箱的阻值，使电压表再次满偏，此时电阻箱示

9、数为 K”则&=o(4)关于本实验该同学在(3)的步骤中操作不妥，可 能 会 在 步 骤 中 造 成；为了减小实验误差：下 列 方 法 最 可 行 的 是。(填正确答案标号)A.选用量程不变，内阻更大的电压表B.选用量程不变，内阻更小的电压表C.选用总电阻远大于&的滑动变阻器D.选用总电阻远小于&的滑动变阻器12.(12分)如图所示，为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F 及质量m 的关系”实验装置简图.电原相头_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 纸1 6s 望 花 计 时 器N 小 军 二 仁 士 a砂桶IL(1)本实验采用的实验方法是一.A.控制变量法 B.假设法 C.

10、理想实验法 D.等效替代法(2)在保持小车受力相同时，探究加速度与质量关系的实验中，以 下 故 法 正 确 的 是.A.平衡摩擦力时，应将装有祛码的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C.实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D.为得出加速度a 与与质量m 的关系而作出。-工 图象m(3)下图是实验中获取的一条纸带的一部分，其中O、A、B、C、D 是计数点，每相邻两计数点间还有4 个点(图中未标出)，计数点间的距离如图，打“B”计数点时小车的速度大小为 m/s.由纸带求出小车的加速度的大小为 m/s/计算结果均保留2 位有效数字)(4)如图所示是某同学

11、在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a-F 图线.其中图线不过原点的原因是，图 线 在 末 端 弯 曲 的 原 因 是.四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.(1 0 分)如图所示，一绝缘水平桌面，空间存在一广域匀强电场，强度大小为E=等,现同时将两个质量均为加的滑块A、B由静止释放在桌面上。已知两滑块A3均带正电，电荷量大小为g,且 AB间的距离为L =1m。已知滑块 A、B与轨道间的动摩擦因数分别为 A=。4和 8 =0-8 5,重力加速度l O m/s?,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，滑块之间发

12、生的碰撞为弹性碰撞，且无电荷转移，滑块可视为质点。求：(1)两滑块从静止释放开始经过多长时间，滑块之间发生第二次碰撞；(2)A从释放到最终停止所运动的位移。EA B1 4.(1 6 分)角反射器是由三个互相垂直的反射平面所组成，入射光束被它反射后，总能沿原方向返回，自行车尾灯也用到了这一装置。如图所示，自行车尾灯左侧面切割成角反射器阵列，为简化起见，假设角反射器的一个平面平行于纸面，另两个平面均与尾灯右侧面夹45角，且只考虑纸面内的入射光线。(1)为使垂直于尾灯右侧面入射的光线在左侧面发生两次全反射后沿原方向返回，尾灯材料的折射率要满足什么条件？若尾灯材料的折射率 =2,光线从右侧面以。角入射

13、，且能在左侧面发生两次全反射，求 s i n，满足的条件。1 5.(1 2 分)如图所示，一个绝热的气缸竖直放置，内有一个绝热且光滑的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，隔板将气缸分成两部分，分别密封着两部分理想气体A 和 B.活塞的质量为m,横截面积为S,与隔板相距h.现通过电热丝缓慢加热气体，当 A气体吸收热量Q时，活塞上升了 h,此时气体的温度为T 1.已知大气压强为P。，重力加速度为g.加热过程中，若 A 气体内能增加了 AC”求 B 气体内能增加量AE2现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当活塞恰好回到原来的位置时A 气体的温度为T 2.求此时添加砂粒 的 总 质 量.参

14、考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.能量量子化的观点是普朗克首先提出的，选项A 错误；B.在光电效应现象中，根据光电效应方程&,“=%-卬逸 出 功=遏 制 e,可知遏止电压与入射光的频率是线性关系，但不是成正比，选项B 错误；C.一个处于=4 激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3 种频率的光子，分别对应于4T 3,3-2,2-1,选项 C 正确；D.a 射线、/?射线不是电磁波，只有y射线是波长极短的电磁波，选 项 D 错误；故选C2、D【解析】AB.当闭合S 瞬间时，穿过线圈8 的磁通量

15、要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈8 的电流方向逆时针，而由于二极管顺时针方向导电，则线圈8 不会闪亮一下，则线圈A 中磁场立刻吸引C,导致其即时接触，故 A,B 错误；CD.当断开S 瞬间时，穿过线圈8 的磁通量要减小，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，电流方向为顺时针，则二极管处于导通状态，则。会闪亮，同时对线圈A 有影响，阻碍其磁通量减小，那 么 C 将会过一小段时间断开，故 C 错误，D 正确；故选D.【点睛】该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，注意穿过闭合线圈的磁通量变化，线圈相当于电源，而电流是从负板流向正极，同时理解二极管的单向导电性.3、C

16、【解析】本题考查的是平抛运动的规律，两次平抛均落到斜面上，位移偏转角相等，以此切入即可求出答案.【详解】设斜面的倾角为。，可得M=ta n O,所 以 兽=，竖直方向下降的高度之比为1：2,所以4 =W ,求得2Vo 2v0 2V0?t2 J2v,1 v,v,1 ta n 0.,=再结合速度偏转角的正切值是位移偏转角正切值的两倍，=六=1，所以C 正确.v02 V2 v2 v02 y/2 tan/【点睛】平抛运动问题的切入点有三种：轨迹切入、偏转角切入、竖直方向相邻相等时间位移差为常数.4、D【解析】AB.Si闭合时，因为电容器通交流阻直流，所以灯A 中有短暂电流通过，且不会逐渐变亮，故 A

17、B 错误；C.S2闭合时，因为电感线圈，灯 B 会逐渐熄灭，故 C 错误；D.开关S2闭合时，电容放电，所以S2闭合瞬间A 灯有电流从到 a,故 D 正确。故选D。5、C【解析】根据竖直高度差求平抛运动的时间，再求竖直分速度，最后根据矢量三角形求合速度.【详解】刚要落到球拍上时速度大小cos 60故应选C.【点睛】本题考查平抛运动的处理方法，平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，一定要记住平抛运动的规律.6、D【解析】A.物体的内能由分子动能和分子势能构成，与宏观的机械能大小无关，A错误；B.布朗运动是固体小颗粒的运动，不是分子热运动，B错误；C.根据热力学第一定律

18、A U =Q+W可知一定质量的气体膨胀对外做功，吸放热情况未知，所以气体内能不一定增加，C错误；D.随着分子间的距离增大，分子间的引力、斥力都减小，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、BD【解析】以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知(Po-P)(S-s)=G,明确原来气体压强小于大气压强；题目设计的变化如加热、取走沙子、大气压减小、装置自由下落后，我们根据理想气体状态方程判断出气体的体积增大还是减小，就可以知道活塞上升还是下降了.【详解】A.设

19、缸内气体压强P,外界大气压为公,大活塞面积S,小活塞面积s,活塞和钢球的总重力为G,以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知：(Po-P)(S-s)=G.给气缸缓慢加热，气体温度升高，由盖吕萨克定律知气体体积要增大，从气缸结构上看活塞应向下移动，故A错误.B.取走烧杯中的沙子后，整体的重力小了，由式知容器内气体压强必须增大，由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸要向上移动，故B正确.C.大气压变小时，由式知道缸内气体压强要减小，由玻意耳定律知气体体积要增大，所以气缸要向下移动，故C错误.D.让整个装置自由下落，缸内气体压强增大(原来小于大气压强)，由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸向上

20、移动，故D正确.故选BD.【点睛】本题的关键是利用活塞受力平衡的条件和理想气体状态方程判断封闭气体的体积如何变化，是一道比较困难的易错题.8、A C【解析】A.设到 点的。光线的入射角为:60。，折射角为片30。，则折射率sin i sin 60“rrn=-=-=3sin r sin 30选项A 正确；B.在棱镜中传播，6 光的折射率较小，由u=可知，a 光传播速度较大，选 项 B 错误；nC.光的折射率大于5 光，则。光的频率一定大于力光的频率，选项C 正确；D.a 光的频率大于5 光的频率，则 a 光的波长小于。光的波长，根据=可知，分别通过同一双缝干涉装置，ad光的相邻亮条纹间距小，选

21、项 D 错误。故选ACo9、BD【解析】A.质点刚好能在圆02轨道做完整的圆周运动，在轨道的最高点2mvmg=-r设释放点离地高度为人根据机械能守恒定律,7r 1 2mgn=mg +mv解得h=4rA 错误；B.设质点在C 点 速 度 为 ,轨 道 对 质 点 的 支 持 力 为 由 机 械 能 守 恒 有;1-)mgn=3根据牛顿第二定律Nc-mg=m 2.5r解得21%=mg21由牛顿第三定律可知，质点在C 时对轨道压力为m 际，B 正确；C.质点从圆弧8。进入圆02轨道的瞬间，速度不变，由线速度与角速度关系vy=R可知缢=2。后5C 错误；D.质点从圆弧8。进入圆02轨道的瞬间，速度不变

22、，向心加速度2Va=一R可知%=2a后5D 正确。故选BD,10、BD【解析】A B.合力先做正功再做负功，根据动能随x 的表达式知，动能先均匀增加，然后均匀减小，则知物块先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移大小相等，匀减速直线运动的平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，则匀减速运动的时间小于匀加速直线运动的时间，故 A 错误，B 正确。C.物体先向上匀加速后向上匀减速运动，速度方向不变，故过程中加速度改变方向，故 C 错误。D.根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知前半段恒力厂做正功，可知机械能随x 均匀增加，后半段只有重力做功，机械能守

23、恒，故 D 正确。三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、240 Q 4 电压表超偏而损坏 C【解析】口 实物图如图所示多用电表读数为6=24.0 x10=240C粗测读数为240Q。网S2接1时电压表测量R.的电压，S2接2时电压表测量R。两端电压，两种情况下，滑动变阻器的滑片位置相同，由于电压表示数相同，所以有&=&即被测电阻的阻值大小为。当将变阻器阻值调到最大阻值时，由于最大阻值大于被测电阻，当开关闭合后，导致与电压表并联的总电阻增大,其分压增大，就会出现电压表超偏而损坏。5AB.该实验中没有电流表的分压也没有电压表的分流，所以电

24、压表准确测量的是被测电阻两端电压，所 以AB不符合题意；C D.滑动变阻器采用的是分压接法，其阻值的大小影响电压表示数的变化，阻值小不利于操作，所以选用阻值较大的滑动变阻器，C正确D错误。故选C。12、A BD 0.54 1.5 未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力 未满足小车的质量远远大于小桶和硅码的总质量【解析】(1)本实验采用的实验方法是控制变量法；(2)平衡摩擦力时，应不挂小桶，让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，选 项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选 项B正确；实验时要先接通电源后放小车，选 项C错误；因 为 为 正 比 关 系，故为得m出加速度a与与质量m的 关 系

25、而 作 出 图 象，选 项D正确；故选BD.m(3)计数点间的时间间隔T=0.02SX5=0.1S,打B计数点时小车的速度大小为vR=0.54m/s；8 2T根 据 逐 差 法 得 当，小车的加速度a=ISmH(4)由图线可知，当力F到达一定的值时才有加速度，故图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；图线在末端弯曲的原因是未满足小车的质量远远大于小桶和祛码的总质量；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、5+2石 ；(2)5m5【解析】(1)两滑块由静止释放后，对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律得Eq-从

26、A，ng=max得q=2m/s2对B有Eq/mg,故3静止，则得r=ls设发生第一次碰撞前的瞬间滑块A的速度是,则%=卬=2m/s碰后滑块A、3的速度分别是片、力，由弹性碰撞得:由动量守恒定律mvQ=mvx+由能量守恒定律1 mv2 1 2 1 20=mvx+mv2解得=0,v2=2m/s滑块3开始做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得Eq-/dBmg=ma2可解得a2=-2.5m/s2设滑块3运动时间2后停止运动，则t0=-=0.8s1 9,L、=一卬0=0.64m1 2k =y2to+a to=08m由于乙4，8停止运动时二者仍未发生第二次碰撞，即得25-s故 总=t+ti=5 +2 7 55

27、s(2)由(1)知，每 次 碰 撞 后8先减速到零，再 次 与A碰 撞，又2 E q 1.4 1 4；(2)s i n 1.4 1 4尾灯材料折射率n=2其临界角满足s i n C =L nC=3 0”光 线 以。角 入 射，光路如图所示设右侧面折射角为夕，要发生第一次全反射，有Z 2C 要发生第二次全反射，有Z4C解得015由折射定律sin。n=-sin 0解得sin9V2sinl5(q、15、Q).Q-(jng+PQS AE|.-1 +m【解析】试题分析：气体对外做功B气体对外做功犷=府1 =(彤+碑)人.(1)由热力学第一定律得片+4刍=。一卬.(2)解得/二。一 (mg+h-.(3)B气体的初状态PPo+=T1.(4)B气体末状态P L，。+处 警 K=.S T 2.3由气态方程华=华.(6)解得 Am=(+6).(7)Z g考点：本题考查理想气体状态方程.