2021-2022学年福建省福州某中学高考适应性考试物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P 为磁场边界上的一点.有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以同样的速率通过P 点进入磁场.这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆

2、周长的1/1.将磁感应强度的大小从原来的变为层，结果相应的弧长变为原来的一半，则 层：片等于/、/、/1I PA.2 B.73 C.y/2 D.12、家庭装修中释放的甲醛和射线是白血病的重要诱因。家庭装修中的射线来源往往是不合格的瓷砖、洁具等，瓷砖、洁具释放的氨气（案Rn）具有放射性，氨 222衰变为针218（郡 Po）的半衰期为3.8天，则氢222衰变释放出的粒子和密闭房间中氨气浓度减小1.5%需要的时间分别为A.电子，11.4天 B.质子，7.6天 C.中子，19天 D.a 粒子，11.4天3、淄博孝妇河湿地公园拥有山东省面积最大的音乐喷泉。一同学在远处观看喷泉表演时，估测喷泉中心主喷水口

3、的水柱约有27层楼高，已知该主喷水管口的圆形内径约有10cm,由此估算用于给主喷管喷水的电动机输出功率最接近A.2.4X103W B.2.4X104WC.2.4X105W D.2.4X106W4、如图所示，足够长的平行玻璃砖厚度为d,底面镀有反光膜C O,反光膜厚度不计，一束光线以45。的入射角由4点入射，经底面反光膜反射后，从顶面8 点 射 出（B 点图中未画出）。已知该光线在玻璃砖中的传播速度为正c,c2为光在真空中的传播速度，则下列说法错误的是（）A.平行玻璃砖的折射率为0B.入射点A 与出射点5 之 间 的 距 离 为 独 43C.平行玻璃砖的全反射临界角为30D.为了使从4 点以各种

4、角度入射的光线都能从顶面射出，则 底 面 反 光 膜 长 度 至 少 2d5、在足够长的光滑绝缘水平台面上，存在有平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为&水平台面上放置两个静止的小球A 和 B（均可看作质点），两小球质量均为胆，带正电的A 球电荷量为。，B 球不带电，A、B 连线与电场线平行。开始时两球相距L,在电场力作用下，A 球开始运动（此时为计时零点，即 f=O）,后与B 球发生正碰，碰撞过程中 A、B 两球总动能无损失。若在各次碰撞过程中，A、B 两球间均无电荷量转移，且不考虑两球碰撞时间及两球间的万有引力，则（）上勺 一.4 BA.第一次碰撞结束瞬间B 球的速度大小为J跑 些V mB

5、.第一次碰撞到第二次碰撞B 小球向右运动了 2LC.第二次碰撞结束瞬间B 球的速度大小为 诬V tnD.相邻两次碰撞时间间隔总为2,伴 跑V m6、如图所示，木块盟放在木板A 3 上，开始4 0,现在木板4 端用一个竖直向上的力尸使木板绕B 端逆时针缓慢转动（8 端不滑动）.在，相 对 A 8保持静止的过程中（）A.木块m对木板A B的作用力逐渐减小B.木块m受到的静摩擦力随0呈线性增大C.竖直向上的拉力厂保持不变D.拉力尸的力矩先逐渐增大再逐渐减小二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得

6、3 分，有选错的得。分。7、我国正在建设北斗卫星导航系统，根据系统建设总体规划，计划2018年，面向“一带一路”沿线及周边国家提供基本服务，2020年前后，完成35颗卫星发射组网，为全球用户提供服务。2018年 1 月 1 2 日7 时 18分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第26、27颗北斗导航卫星，将与前25颗卫星联网运行.其中在赤道上空有2 颗北斗卫星A、B 绕地球做同方向的匀速圆周运动，其轨道半径分别为地球半径的*和*,且4 3卫 星 B 的运动周期为T。某时刻2 颗卫星与地心在同一直线上，如图所示。则下列说法正确的是/二 二:、,./A.卫星A

7、、B 的加速度之比为屿9B.卫星A、B 的周期之比为是J 当V 16C.再经时间二9）T,两颗卫星之间可以直接通信148D.为了使赤道上任一点任一时刻均能接收到卫星B 所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要4 颗卫星8、如图所示，玩具飞机以恒定的仰角斜向上做匀速直线运动，上升至距离地面某高度时，从玩具飞机上掉下一个小零件，零件掉下后，玩具飞机飞行速度保持不变，零件运动过程中受到的空气阻力不计，则零件落地时A.速度比玩具飞机的速度大B.和玩具飞机的速度大小可能相等C.在玩具飞机的正下方D.在玩具飞机正下方的后侧R9、如图所示，在光滑水平的平行导轨MN、HG左端接一阻值为会的电阻（导轨电阻不计），两

8、轨道之间有垂直纸2面向里的匀强磁场。一电阻也为K的金属杆，垂直两导轨放在轨道上。现让金属杆在外力作用下分别以速度盯、也由2图中位置1 匀速运动到位置2,两次运动过程中杆与导轨接触良好，若两次运动的速度之比为1:2,则在这两次运动中下列说法正确的是（）Mr7?o|Hl位平1位产2x x-*vl B-NXXGX X I XA.Ro两端的电压之比为S：S=1:2B.回路中产生的总热量之比Qi：0=l：4C.外力的功率之比PI：P2=1：2D.通过导体横截面的电荷量如:依=1:110、某同学在实验室中研究远距离输电的相关规律，由于输电线太长，他将每100米导线卷成一卷，共有8 卷代替输电线路（忽略输电

9、线的自感作用）.第一次试验采用如图甲所示的电路图，将输电线与学生电源和用电器直接相连，测得输电线上损失的功率为片，损失的电压为以；第二次试验采用如图乙所示的电路图，其中理想变压器工与学生电源相连，其原副线圈的匝数比4 ：，理想变压器心与用电器相连，测得输电线上损失的功率为2,损失的电压为。2,两次实验中学生电源的输出电压与电功率均相同，下列正确的是用甲田乙A.g：6=成：M%：。二 勺：%U2 ：U1 =n,2:nl11.实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。（6 分）频闪摄影是研究物体运动常用的实验手段。在暗室中，照相机的快门处于常开状态，频

10、闪仪每隔一定时间发出一次短暂的强烈闪光，照亮运动的物体，于是胶片上记录了物体在几个闪光时刻的位置。如图所示是物体下落时的频闪照片示意图，已知频闪仪每隔0.04s闪光一次，当地重力加速度大小为9.80m/s2,照片中的数字是竖直放置的刻度尺的读数，单位是厘米。利用上述信息可以求出：物体下落至8 点时速度大小为 m/s（结果保留3 位有效数字），实验中物体由B 点下落至C 点，动能的增加量约为重力势能减少量的（结果保留2 位有效数字）。3.20 7.10 12.50 19.40（1）用多用表测量某元件的电阻，选用“X100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择倍率的电阻挡（填“

11、X10”或“xlk），并需（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为（2）某同学设计出一个的欧姆电表，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻-1.0。，电流表G的量程为G故能通过读取流过电流表G 的电流值而得到被测电阻的阻值。但和普通欧姆表不同的是调零方式。该同学想用一个电阻箱心来测出电路中电源的电动势E和表头的量程4,进行如下操作步骤是：a.先两表笔间不接入任何电阻，断开状态下调滑动电阻器使表头满偏；b.将欧姆表与电阻箱&连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示区和与之对应的电流表G 的示数I；1 1c.将记录的各组&,1 的数据描点在乙图中，得到了

12、一丁图线如图丙所示；I（d.1 1根据乙图作得的:一方图线，求出电源的电动势E 和表头的量程由丙图可知电源的电动势为_ _ _ _ _ _ _，欧姆1 表总内阻为 电流表G 的量程是.四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)将轻质弹簧竖立在水平地面上在其顶端将一质量为3m的物体由静止释放当弹簧被压到最短时，弹簧压缩量为1。QN是一水平光滑轨道，N端与半径为1的光滑半圆管道相切，管道的直径MN竖直，如图所示。现将该弹簧水平放置，一端固定在。点，另一端与质量为，的小球尸接触但不连接。用外力缓缓推动小球P,将弹

13、簧压缩后放开,P开始沿轨道运动。已知重力加速度为g,半圆管道的管口略大于小球直径。求：(1)小球P到达M点时对管道的作用力；(2)小球P离开管道后落回到NQ上的位置与N点间的距离。14.(16分)如图所示，宽度L=1m的足够长的平行金属导轨M N、的电阻不计，垂直导轨水平放置一质量机=0.5kg、电阻R=2Q的金属杆C。，导轨上端跨接一个阻值4 =2。的灯泡，整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，导轨平面与水平面之间的夹角8=53。金属杆由静止开始下滑，始终与导轨垂直并保持良好接触,金属杆与导轨间的动摩擦因数=0.5。下滑过程重力功率达到最大P=1OW时，灯泡刚好正常发光。(sin53-

14、0.8,cos530=0.6,g=10m/s2)求：(1)磁感应强度8的大小；(2)当金属杆的速度达到最大速度的一半时，金属杆的加速度大小。15.(12分)如图所示，斜面ABC中AB段粗糙，BC段 长1.6 m且光滑.质量为1 kg的小物块由A处 以12 m/s的初速度沿斜面向上滑行，到达C处速度为零.此过程中小物块在AB段速度的变化率是BC段的2倍，两段运动时间相等.g=10m/s2,以A为零势能点.求小物块：BuA*(1)通过B 处的速度；(2)在 C 处的重力势能；(3)沿斜面下滑过程中通过BA段的时间.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个

15、选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】画出导电粒子的运动轨迹，找出临界条件好角度关系，利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力，分别表示出圆周运动的半径，进行比较即可.【详解】磁感应强度为以 时，从 P 点射入的粒子与磁场边界的最远交点为M,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，ZPOM=120,如图所示：所以粒子做圆周运动的半径R 为：01160。=,得：R =3r2磁感应强度为B2时，从 P 点射入的粒子与磁场边界的最远交点为N,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,ZPO N=60,如图所示：所以粒子做圆周运动的半径R，为：s in lO*2,得：/?=-r 2由带电粒子做圆周运动

16、的半径：R=一f 得：qBn mv mv J3R=-=rqB q B 1 2 mv mv 1R-_ yqB q B 1 2联立解得：冬=6.故选B.【点睛】带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解.2、D【解析】氨 222衰变为针218的过程，质量数减少4,质子数减少2,可判断发生了 a 衰变，放出的粒子为a 粒子；根据半衰期公式方程氨气浓度减小1.5%时有厘=12.5%解得:t=3T=11.4 天故ABC错 误，D正 确。故 选D。3、C【解 析】管 口 的 圆 形 内 径

17、约 有10cm,则 半 径r=5cm=0.05m,根据实际情况，每 层 楼 高/?=3m,所 以 喷 水 的 高 度H=27/i=81m,则水离开管口的速度为:v=12gh=j20 x81 m=18 旧 m/s设驱动主喷水的水泵功率为P,在接近管口很短一段时间 t内水柱的质量为:z=pvA S=p7tr2vA t根据动能定理可得：P t=-m v22解得:p兀户01-2代入数据解得:P=2.4xlO5WA.2.4xlO3W 故A不符合题意。B.2.4X104WO故B不符合题意。C.2.4X105W故C符合题意。D.2.4X106W 故D不符合题意。4、C【解 析】A.玻璃砖的折射率为:“=0

18、=0V V2 c2选 项A正确;B.作出光的传播路径如图所示:RU由折射定律有:sina s i 4 5 rrn-=-=yJ2sin(3 sin/3解得:4=30因 此 入 射 点 A 与 出 射 点 B 之间的距离为:C ,C 2 岛加=2dtanp=-选 项 B 正确;C.设 临 界 角 为 C,则有:sinC=包n 2解得:C=45选 项 C 错误;D.为 了 使 从 A 点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则 底 面 反 光 膜 C D 至少为:LCD=2 dteme 2d选 项 D 正 确。本题选错误的，故 选 C。5,A【解 析】A.碰 前 球 A 的加速度qEa=m碰 前 A

19、的速度为V m碰 前 B 的速度为以I=由于碰撞过程中A、B 两球总动能无损失，动量也守恒，有mvM+mvB=mvM+mvBi1 2 1 2 1 1 122m VA i+2/n VB I=2m VA 1 +2m VB l则碰撞后A、B 的速度分别为即交换速度，故 A 正确；B.碰 后 B 球向前匀速运动，A 向前做匀加速运动，以后面球为参考系，前面球速度设为V,到再次相遇，时间和位移相等，根据VX-t-vt2可知，则位移为O 2QELc 2x x=vt=v 2v=4.Lra QEm由弹性碰撞可知，第二次碰撞结束瞬间B 球的速度大小为碰前A 球的速度，即为%=v=2丫=2 V m故 B C 错误

20、；D.由弹性碰撞可知，每次碰撞前后，两球的速度差为即每次都是后面球的速度增加2 A u 后追上前面球，而加速度是固定的，则每次相邻两次碰撞时间间隔总为m故D错误。故选A。6、C【解析】A.木板绕3端逆时针缓慢转动，”相对A 8保持静止的过程中，木板A 3对木块，”的作用力与木块，所受重力抵消,即木板A 3对木块机的作用力大小为:咫，方向竖直向上，则木块机对木板A8的作用力不变，故A项错误；B.在 机 相 对4 3保持静止的过程，对木块机受力分析，由平衡条件得，木块机受到的静摩擦力f =m g s i n 故B项错误；C.设板长为L,m到3端距离为/,以8端为转轴，贝!J：FLcos0=mglc

21、osO解得：F=所以竖直向上的拉力厂保持不变，故C项正确；D.使木板绕8端逆时针缓慢转动，竖直向上的拉力厂保持不变，则拉力尸的力矩减小，故D项错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、A D【解析】A B、由万有引力提供向心力有VGM/m=皿=丝 声r，解得。=G詈M，卫星A、B的加速度之比为GM么=岳=另=当，故A正确；解得T=色 上,卫星A、B的周期之比为=迫=、匡=迪，故B错GM 9 V GM 鹿沅 764 8若误；（2兀 2 m 3 7 3 3（8 V 3

22、+9）C、再经时间t两颗卫星之间可以直接通信，则有-t=7 v,又TB=T,TA=*T，解得-LT,U 8 1 4 8故C错误；D、由B卫星的分布图求的所辐射的最大角度，c o s a =0.6,则a =5 3,则辐射的最大角度为2 a =1 0 6,需要的卫星个数二匕3,为了使赤道上任一点任一时刻均能接收到卫星B所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要4颗卫1 0 6 星，故 D 正确；故选A D【点睛】万有引力提供向心力，由牛顿第二定律求出加速度、周期之比，由几何关系为了使赤道上任一点任一时刻均能接收到卫星B 所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要颗数卫星。8、A C【解析】AB.零件掉下的一瞬

23、间速度与玩具飞机的速度相同，根据机械能守恒可知，落地时的速度大于玩具飞机的速度，故 A正 确 B 错误；C D.由于零件在运动过程中水平方向的分速度与玩具飞机的水平分速度相同，因此落地时在玩具飞机的正下方，故 C正确D 错误；9、A D【解析】A.两种情况下杆产生的电动势分别为E=BLvt、E?=BLV2回路中的总电阻为R。故回路中两次的电流分别为叫 华R R故电流之比为12岭2根据欧姆定律，Ro两端的电压之比 _ /j 1员 工 一 5故 A 正确；B.两次运动所用的时间为L4=旦=2J 匕 T故产生的热量之比为2 _ 抽=124曲2故B错误：C.由于棒做匀速直线运动，故外力的功率等于回路中

24、的功率，故=虫 P2 ifR 4故C错误。D.两种情况下磁通量的变化量相同，则通过导体横截面的电荷量为故通过电阻横截面的电荷量为qi；qz=l：l故D正确。故选A D 1 0、B C【解析】P设学生电源提供的电压为U,输出功率为P,输电线的总电阻为r,则第一次实验中的电流为/=,故q=,a 3；第二次试验中，根据变压器电流反比线圈匝数可知;=a，输电线中的电流为L =/,故 2 =/=-/r,巴=1=(殳)”、,所以。2 =%,=1，9 =%B C 正确.2 2 U、1 r Hi P、I2r n；【点睛】对于远距离输电这一块：P(I)输电电流I：输电电压为U,输电功率为P,则输电电流/=)；(

25、2)电压损失AU：U=lr,输电线始端电压U与输电线末端电压U 的差值；(3)功率损失：远距离输电时，输电线有电阻，电流的热效应引起功率损失，损失的功率“=尸 ，A P =/A U ,A P =二R三、实验题：本题共2小题，共1 8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1,1.16 9597 均正确【解析】1根据公式可得_ AB+BCV =V,=v=-B I 2T 1.16m/s2同理可得匕=乜2=V=BC+CD2T=1.5375m/s物体有8 到 C 过程中，动能增加量为 Ek-重力势能的减少量为AEp=mg Ah=mg-BC动能的增加量约为重力势能减少量的里 X100

26、%=97%12、xlk 欧姆调零(或电阻调零)6000 1.5 6.0 0.25【解析】(1)123.多用表指针偏转角度过小说明指针靠近无穷处，所以要换高挡位，因此需选择x l k,同时注意欧姆调零;多用表的指针结果为6000。d.4 .设电流表G 所在回路除电源内阻外其余电阻之和为R,由闭合电路欧姆定律解得ERRX-+rR+R、由分流原理得，二氏s R+Rx联立两式整理得1 R+r Rr 1=-1-x E E R.由图可知R+r A-二4ERr 9-4解得E=1.5V,K=5 C,所以欧姆表总内阻为电流表G的量程ER +r=0.25A解得E=1.5VR=6.0CZg=0.25A四、计算题：本

27、题共2小题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)m g方向竖直向上(2)s=2五I【解析】(1)依题意可知，当弹簧竖直放置，长度被压缩1时，质量为3,”的物体的动能为零，其重力势能转化为弹簧的弹性势能。由机械能守恒定律，弹簧的弹性势能为Ep=3mgi 设小球P到达M点时的速度大小为匕“，由能量守恒定律得1 ,Ep+2mgl 联立式，代入题给数据得用 在M点，设小球P到达M点时的项对小球的印用力为FN.2m g +FN=代入数据FN=mg.根据牛顿第三定律可知，F J=F N=m g,方向竖直向上(2)设尸离开M点后，落回到轨道N 0

28、所需的时间为f,由运动学公式得1 ,2!=&g P落回到N Q的位置与N点之间的距离为s=vMt联立式得5=272/14、(1)B=2T;(2)2.5m/s2【解析】(1)金属杆CO由静止加速下滑时，其产生的感应电动势逐渐增大，感应电流逐渐增大，金属杆CO所受的沿导轨平面向上的安培力逐渐增大，当金属杆8所受的沿导轨平面向上的安培力和滑动摩擦力的合力与金属杆CO的重力沿导轨平面向下的分力平衡时，金属杆CO的速度达到最大为V,此后以速度口匀速运动，此时重力的功率也达到最大。金属杆的电动势E=BLv感应电流1=-R+RL安培力F=BIL金属杆受力平衡，有mg sin。=尸 +pimg cos 6重力

29、的最大功率P-mgvsmO联立解得8=2T,v-2.5m/s，I=A(2)金属杆CO达到最大速度的一半时，电流也是原来的一半，即/=-A此时金属杆CO所受安培力F=ILB=-N4金属杆CD的加速度m g sin 0-Ring c os 0 Fa=-m解得a=2.5m/s215、(1)4m/s(2)40.1(3)1.6s【解析】(1)设物体在AB 段加速度大小为4 ,B C段加速度大小为a2由于4=2%=t2丝二丝=2空uB=4m/s(2)由题意分析可知，滑动摩擦力与重力沿斜面向下的分力大小相等从 A到 B：叼+乜=；*_；皿：Wf=-32 j从 A到 C：1 2Wf-m g h =0-m vAEpc=mgh=40 J(3)在上滑AB 段：UB a在上滑B C段：=2a?LBC=6.4 m物体下滑通过B A段做匀速运动r=i.6s%【点睛】通过对物体的运动情况的分析知物体的受力状况，再结合受力及运动学公式可以求出题目中的待求量.