2021-2022学年陕西省咸阳市高一（下）期末物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021-2022学年陕西省咸阳市高一（下）期末物理试卷1.2022北京冬奥会惊艳了全世界，我国取得了 9金4银2铜的历史最好成绩.下列有关冬奥会项目说法正确的是（）A.研究冰壶运动的轨迹时，不能将冰壶看成质点B.研究自由式滑雪运动员空中动作时，可将运动员看作质点C.钢架雪车运动员经过某计时点的速度为1 1 0 k m,该速度为瞬时速度D.短道速滑运动员过弯道做匀速圆周运动时，运动员速度保持不变2.一小船以船头垂直于河岸方向过河，已知河宽为50根，河水的流速大小为3m/s,小船做初速度为零、加速度为Im/S2的匀加速直线运动，下列说法正确的是（）A.小船过河的时间约为16.7s B.小船在河对

2、岸下游30胆处靠岸C.小船在河对岸下游10m处靠岸 D.小船过河时做直线运动3.如图所示，一物体从地面上方某点A先后沿路径I、II运动到地面上的B点，重力做功分别为、1%,重力势能变化量分别为4昂ZlEpz.则它们的大小关系正确的是（）A.AEPi=%?B.Wr W2 C.叫 W W24.如图所示，质量为，的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平,弹簧与竖直方向成。角，重力加速度为g.现将细线剪断，则下列判断正确的是（）A.剪断细线前，细线中张力大小为当tan 8B.剪断细线前，细线中张力大小为嗯C.剪断细线瞬间，小球的加速度大小为gsin。D.剪断细线间，小球的加速度大小为

3、gtan5.如图所示，人站在自动扶梯的水平踏板上随扶梯斜向上加速运动。以下说法正确的是（）A.人只受到重力和支持力的作用B.人处于超重状态C.人处于失重状态D.人受到的支持力做负功6.一质量为1版的物体在光滑水平地面上从静止开始运动，其所受的水平力F随位移x变化的图像如图所示，则当 =5m时，物体的速度为（）A.V6m/sB.6m/sC.2-/3m/sD.-/14m/s7.嫦娥五号取壤返回地球，完成了中国航天史上的一次壮举.如图所示为嫦娥五号着陆地球前部分轨道的简化示意图，其 中 I 是月地转移轨道，在 P 点由轨道I 变为绕地椭圆轨道I I,在近地点Q 再变为绕地椭圆轨道区下列说法正确的是（

4、）A.在轨道n 运行时，嫦娥五号在。点的速度小于在尸点的速度B.嫦娥五号在轨道II上运行的周期比在轨道HI上运行的周期长C.嫦娥五号由轨道II变轨到轨道HI时，应在。点加速D.嫦娥五号分别沿轨道II和轨道IH运行时，经过Q 点的向心加速度大小不相等8.如图，射击训练场内，飞靶从水平地面A 点以仰角。斜向上飞出，落在相距100加的 B 点，最高点距地面20%。忽略空气阻力，重力加速度取10rn/s2。则（）100mA.飞靶从A 到 B 的飞行时间为2s B.飞靶在最高点的速度为20m/sC.抬高仰角d飞靶飞行距离增大 D.抬高仰角。，飞靶的飞行时间增大9.如图所示，套在光滑竖直杆上的物体A,通过

5、轻质细绳与光滑水平面上的物体8 相连接，A、B质量相同。现将A 从与8 等高处由静止释放，不计一切摩擦，重力加速度取g,当细绳与竖直杆间的夹角为0=60。时，A 下落的高度为/?,此时物体B的速度为（）A.声 B.廊 C聆 D.刷10.下列说法正确的是（）第2 页，共 14页A.经典力学理论普遍适用，大到天体，小到微观粒子B.空调机既能致热，又能致冷，说明热传递不存在方向性C.卡文迪什通过实验测出引力常量，被誉为第一个能“称量地球质量”的人D.在地面附近发射的飞行器速度等于或大于第三宇宙速度时，飞行器就能逃出太阳系了11.质量为0.1kg的小球从某一高度以6m/s的初速度水平抛出，经0.8s落

6、地，不计空气阻力，g10m/s2,则下列说法正确的是（）A.落地时重力的瞬时功率为8W B.0.8s内重力的平均功率为2WC.落地时小球的动能为3.2/D.落地时小球的动能为5J12,一根不可伸长的轻绳拴着小球（可视为质点）在竖直平面做圆周运动，小球运动到最低点时，所受绳的拉 力 T与速度大小平方卢的关系图像如图所示，重 60力加速度g 取10m/s2,不计空气阻力.下列说法正确的是（）A.小球的质量为0.5kgC.小球通过最高点的最小速度大小为2 6 机/5D.若小球通过最高点时的速度为1 0 m/s,此时绳子受到拉力大小为60N13.安全检查仪对旅客的行李进行安全检查，其传送装.一置可简化

7、 为 如 图 所 示.紧 绷 的 水 平 传 送 带 始 终 保 持-lm/s的恒定速率向左运行，旅客把质量为10必 的 I、1 _ （*）行李（可视为质点）无初速度地放在传送带A 端，通过传送带使其运动到B端.设行李与传送带之间的动摩擦因数为0.1,AB间的距离为 2m,g 取10m/s2.下列说法正确的是（）A.行李箱始终受到向左的摩擦力 B.行李箱到达8 端所用时间为1.5sC.传送带对行李箱所做的功为5J D.行李箱与传送带摩擦产生的热量为5J14.某同学用图甲所示装置做“探究求合力的方法”实验.其中4 为固定橡皮筋的图钉,。为橡皮筋与细绳的结点，。8 和 0 C 为细绳。（1）要减小

8、实验误差，下列措施可行的是A.两个分力片、尸 2的大小要适当大些8.两个分力居、F2间的夹角要尽量大些C.拉橡皮筋的细绳要细些且要稍短一些D 标记细绳方向的点要尽量离结点近些（2）若实验中弹簧测力计的量程均为5 M 某次实验用两个弹簧测力计拉橡皮筋时,两个绳套间的夹角为60。，两弹簧测力计的示数恰好均如图乙所示，弹簧测力计的示数为 N,你 认 为 这 次 操 作（填“合适”或“不合适”），原因是（3）某次实验的结果如图丙所示，这次实验&、尸 2刚好垂直，若在图丙所示的实验结果中，保持结点的位置尸 2的方向不变，将两个分力的夹角增大，则&（填“变大”，变小”或“不 变 ），F（填“变大”“变小”

9、或“不变”）。1 5.利用图1装置做“验证机械能守恒定律”的实验.图 3（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必 须 使 用 的 还 有。（填序号）4.大小合适的铁质重锤8.秒表C.体积较大的木质重锤D 刻度尺（2）图 2 是实验中得到的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点。的距离分别为心、九 8、姐重锤质量用表示，已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为7,从打下。点到打下B 点的过程中，重锤重力势能的减少量ZEp=,动能的增加量/Ek=.（均用己知和测量物理量符号表示）（3）某同学在纸带上选取计数点后，通过

10、描绘评-/i图像去研究机械能是否守恒.若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变.下列层-九图像中，从理论上 分 析 合 理 的 是.（填序号）第4页，共14页1 6 ,2 0 2 2 年 4月 1 6 日，神舟十三号航天员翟志刚、王亚平、叶光富乘组圆满完成任务返回地球，结束了长达半年的“太空出差”。假设神舟十三号载人飞船在距地面高度为人的轨道做圆周运动，已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g,引力常量为G,求：(1)神舟十三号载人飞船轨道处的重力加速度；(2)神舟十三号载人飞船运行的周期；(3)地球的平均密度。17 .现在城市的交通非常发达，城市的快速道限速可以达到80/o n

11、。现在有一辆汽车正以7 2 k m/i 的速度向红绿灯路口行驶，离路口还有12 0根的地方，司机发现前方是红灯，并且显示倒计时时间为10s,他继续原速前进，一段时间后，开始以大小5m/s 2 的加速度减速，到达路口时车刚好停止。(车辆可视为质点，不计司机的反应时间)(1)求车到达路口时红灯还剩几秒；(2)如果车辆在12 0机处按自由滑行(关闭动力)的方式来减速前进，加速度大小为%=1.25m/s2,车辆会不会闯红灯？18.如图所示，A B 部分为光滑的;圆弧轨道，半径R =0.2 m,A点与圆心等高.8 c 部分水平但不光滑，C端固定一轻质弹簧，OC为弹簧原长.一个可视为质点、质量m=1k g

12、 的物块从A点由静止释放，经弹簧反弹后停在。点(不再滑上轨道A 8 段).已知物块与B C 之间的动摩擦因数=0.1,BD 和。间距离均为s =0.5m,g=l O m/s z.试求：(1)物块运动到B点时对轨道的压力大小；(2)整个过程中弹簧的最大压缩量与；(3)已知轻质弹簧劲度系数k =2 4/V/m,物块向左运动过程中最大速度为=等 j n/s,求此时弹簧的弹性势能Ep.答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、研究冰壶运动的轨迹时，冰壶的大小和形状可以忽略，可以把冰壶看成质点，故A错误；8、研究自由式滑雪运动员空中动作时，不能忽略运动员的大小和形状，不可以把运动员看成质点，故 8 错误；

13、C、钢架雪车运动员经过某计时点的速度为l l O k m/九，即空间上经过某一位置时的速度,所以该速度为瞬时速度，故 C正确；。、短道速滑运动员过弯道做匀速圆周运动时，速度方向时刻变化，所以运动员速度发生了变化，故。错误。故选：C o当物体的形状和大小对所研究问题的影响忽略不计时，就可以把物体看作一个质点；瞬时速度对应空间某一位置；做匀速圆周运动的的物体速度方向时刻变化。本题以20 22北京冬奥会惊艳了全世界为背景，考查了运动学的基本概念，明确什么时候物体能被看成质点，知道瞬时速度的定义及匀速圆周运动的线速度方向时刻变化。2.【答案】B【解析】解：设d =5 0 m,v水=3mjs,a=l m

14、/s24、小船垂直河岸做匀加速直线运动，则d=g a t 2,解得t =1 0 s,故 A错误B C、小船沿岸方向做匀速直线运动，所以沿岸位移x =v 次 3解得x=3 0 m,所以小船在河对岸下游3 0 相处靠岸，故 8正确，C错误。、小船的合力垂直于岸，合力与水平方向速度有夹角，故小船做曲线运动，故。错误故选：B。小船垂直河岸做匀变速直线运动，据此可以求出小船运动的时间，然后根据运动的等时性求出小船沿岸方向的位移，根据物体做曲线运动的条件即可求解。本题考查运动合成与分解，注意和运动与分运动具有等时性。3 .【答案】A【解析】解：4 8、物体沿不同的路径从A运动到8,但 A、B间的高度差一定

15、，根据重力做功公式W=机9 4 八，可知，重力做功相等，即有：名=也 2；故 8错误，A正确；C D,根据功能关系可知，物体克服重力做功多少，重力势能就增加多少，两者数值相等，所以就有：4 E pi=4 E p2；故 C错误，D 正确。故选：A o本题根据重力做功只与物体的初末位置有关，与经过的路径无关，以及重力做功的多少与重力势能变化量的多少数值相等，进行分析.第6 页，共 14页解决本题关键掌握重力做功的特点：与路径无关，只与物体的初末位置有关.重力势能的改变量等于重力所做功的数值.4.【答案】D【解析】解：A3、剪断细线前小球受力如图所示，由平衡条件可知，弹簧弹力：F=翳，细线中张力：T

16、=mgtan9,故AB错误；C D,剪断细线的瞬间，细线拉力消失，弹簧的弹力不变，小球受重力mg与弹簧弹力/作用，小球所受合力：尸分=mgtand,根据牛顿第二定律可得a=4=gtanQ,故C错误，。正确。故选：Do对小球受力分析，根据平衡求出细线剪断前绳子的拉力和弹簧的弹力，剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变，从而求出合力的大小，根据牛顿第二定律求解加速度大小。本题考查了牛顿第二定律瞬时性问题，解决本题的关键知道剪断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变；根据小球的受力情况应用力的合成与分解即可解题。5.【答案】B【解析】解：人因人站在自动扶梯的水平踏板上随扶梯斜向上加速运动，故人受到竖直向下

17、的重力、竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力作用，故A错误：B C、由于人有向上的加速度，所以人处于超重状态，故B正确、C错误；。、支持力竖直向上，位移沿斜面向上，两者夹角小于90。，故支持力做正功，故。错误。故选：B。先对人受力分析，明确人受力情况，再根据人的运动状态判断判断人是处于超重还是处于失重状态，判断支持力与位移的夹角，即可判断出支持力做功情况。本题考查超重和失重的分析、功的计算等知识，要注意明确判断物体超重和失重的方法,知道只要物体加速度向上物体即超重，加速度向下物体即失重。6.【答案】C【解析】解：F-x图像与横轴包含的面积为力尸做的功，故勿=TX(3+4)X2/-；X2x1/=6

18、/,对物体由动能定理W=m v2 0代入数据得到速度为=2 b m/s,故ABO错误，C正确。故选：C。在F-x图像中，图像与横轴所围面积表示水平力做功，根据动能定理求得最终获得的速度。本题主要考查了动能定理，抓住在F-x 图像中，图像与横轴所围面积表示水平力做功即可。7.【答案】B【解析】解：4 嫦娥五号在轨道H运行时，从 Q 运动到P,引力做负功，则嫦娥五号在Q 点的动能比在P 点的动能大，则嫦娥五号在Q 点的速度大于在P 点的速度，故 A 错误；B、根据开普勒第三定律弓=鼠 可知嫦娥五号在轨道n 上运行的周期比在轨道ni上运行的周期长，故 3 正确：C、嫦娥五号由轨道II变轨到轨道HI时

19、，应在近地点。减速做向心运动，故 C 错误；D 嫦娥五号分别沿轨道H和轨道III运行时，加速度都是由万有引力提供，根 据 粤 =ma,rz得。=等，经过Q 点与地球距离相等，所以加速度大小相等，故 O 错误；故 选:B。根据引力做功分析动能变化，从而分析速度大小；根据开普勒第三定律可知周期与轨道半径的关系，根据变轨原理分析嫦娥五号在不同轨道上机械能的大小；根据牛顿第二定律列式分析加速度大小。本题关键要掌握万有引力定律的应用，理解变轨的方法和原理，明确飞船在做圆周运动时，由万有引力提供向心力，建立模型，由万有引力定律和圆周运动规律结合处理这类问题。8.【答案】D 解析 解：4 斜上抛运动分解为水

20、平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，A 到最高点的时间为0 =后=舟s=2s则从A 到 B 飞行的时间为t=2Q=2 x 2s=4 s,故 4 错误；A 最高点的速度就是斜抛运动水平方向的分速度，由x=%/得%x=，=曙=25m/s9故 8 错误;C 抛出时的竖直分速度满足尸=gt=10 x 2m/s=2 0 m/s,则抛出时的初速度为v0=+voy=V252 4-202m/s=5V 41m/s,抛出时的仰角满足tan。=詈=碧 华=i,则可以确定初始仰角。的范围30。45。若抬高仰角，得飞行距离为x=25m/s 5vOxt=s in 2 0,由于初始仰角。范围为30 8 45。，则

21、随着仰角的增大，2。可能大于90。，甚至到120。，由正弦函数单调性可知，0。28=90。时，x 随仰角增大而增大，当90。2。4 180。时，x 随仰角增大而减小，故抬高仰角，飞靶飞行距离不一定增大，故 C 错误。D 时间由竖直方向初速度分量决定，t=吧 担，当0。JW 90。时，sin。随。增大而增9第 8 页，共 14页大，故抬高仰角。，飞行时间增大，故。正确。故选：D。斜上抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，飞行时间由初速度的竖直分量决定，最高点竖直分速度减小到零，具有水平分速度，飞行的距离即水平位移由初速度水平分量和时间共同决定。本题难点是抬高仰角，飞行距离的

22、变化情况，写出水平位移的表达式，由三角函数的变化规律判断。9.【答案】A【解析】解：设物体A下 落 高 度 时，物体A的速度为以，物体B的速度为外,此时有 力=VB),2VBA COS60 B物体A,B组成的系统机械能守恒，则有mg/i=联立解得：vB=故4正确，BCD错误。故选：Ao物体A下降过程中，物体A与物体B组成的系统机械能守恒，根据系统机械能守恒求解B的速度，物体B的速度等于物体A的速度沿着绳子方向的分速度。该题的关键是用好系统机械能守恒这个知识点，同时明确A与8的速度关系，不难.10.【答案】CD【解析】解：A、经典力学理论有局限性，对高速移动和微观粒子不适用，故4错误；B、空调机

23、既能制热又能制冷，但是必须在外界影响下进行，即消耗一定的电能，不能说明热传递不存在方向性，故8错误；C、卡文迪什通过实验推算出引力常量G的值，被誉为第一个能“称量地球质量”的人，故C正确；D、当飞行器的速度大于等于第三宇宙速度速度16.7km/s时物体将脱离太阳的束缚，故。正确。故选：C D。经典力学理论有局限性，对高速移动和微观粒子不适用，高速移动用相对论解释，微观粒子的运动用量子力学解释.空调机既能制热又能制冷，但是必须在外界影响下进行，不是自发进行的；卡文迪什通过实验测出引力常量，被誉为第一个能“称量地球质量”的人；当飞行器的速度大于等于第三宇宙速度速度16.7km/s时物体将脱离太阳的

24、束缚。本题考查热力学定律以及宇宙速度和经典力学的局限性等物理知识，牢记相关内容即可求解。11.【答案】AD【解析】解：A、小球做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，小球落地时竖直方向的分速度大小为%=g t,落地时重力的瞬时功率为P =mgvy=m g2t=0.1 x 1 02 x0.8 W =8W,故 A 正确；B、小球在竖直方向做自由落体运动，有h =g t 2,重力做的功为%=m g h,则0.8 s 内重力的平均功率为P =乎=飞9。=m g2t=|x 0.1 x 1 02 x 0.8 1 V=4 W,故 B 错误；C )、小球落地时速度大小为v =J诏+药,落地时小球的动能为反=|m

25、 v2=+g 2 t 2),解得：岳 上=5/,故 C错误，。正确。故选：AD.小球做平抛运动，根据运动学公式求小球落地时竖直方向的分速度为,由。=6。为求得重力的瞬时功率，由/i =g t 2 求出下落的高度，根据伍求重力做的功，再由6=/求重力的平均功率，根据速度合成求出落地时速度大小，再求落地时的动能。本题主要考查瞬时功率和平均功率的计算，要知道P =?一般用来求平均功率。对于落地时的动能也可以根据动能定理求解。1 2 .【答案】BC2 2【解析】解:A B、在最低点时,根据牛顿第二定律可得7 -m g =mj,解得7 =m g +m-,RR结合图像可知m g =I O N,g =6。1

26、个k g/m,联立解得m=1/c g,R=2m,故 A 错误，R 100B正确；C、小球通过最高点的最小速度为M,此时重力充当向心力，即7 n g=m 9，代入数据解得M =ygR=V1 0 x 2m/s=2/5m/sf 故 C 正确；。、若小球通过最高点时的速度为1 0 m/s,在最高点，根据牛顿第二定律得T+m g =mR-f此时7 =4 0 N,故。错误。故选：B C。在最高点根据牛顿第二定律得到7-/的关系式，根据图象数据求解半径和质量，小球通过最高点的最小速度为V,此时重力充当向心力，结合牛顿第二定律和向心力公式进行解答。本题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要求同学们能根据图

27、象获取有效信息,从而利用向心力公式和牛顿第二定律列式求解。1 3.【答案】CD【解析】解：4行李箱从4 端由初速度为零开始先做匀加速直线运动，设其加速度大小为，传送带的速率为u =l m/s,传送带A 端到B端的距离为L =2m,由牛顿第二定律得：iimg=m a,代入数据解得：a =l m/s?；假设物体A 能加速到与传送带速度相同，设其位移为x,则有：2 a x =代入数据解得：%=0.5 m,因x 5 N,即 F超过了弹簧测力计的量程，当用一个弹簧测力计拉橡皮筋时将无法操作；(3)结点的位置不变，合力不变，即F 不变，?2 方向不变，增大两个分力夹角.由图示可知，&、尸 2 均增大。F故

28、答案为：(1)4;(2)3.6；不合适；两个分力的合力大于弹簧测力计的量程，当用一个弹簧测力计拉橡皮筋时将无法操作；(3)变大；不变(1)根据实验原理掌握正确的实验操作；(2)根据实验原理分析出实验操作的正误；(3)根据矢量三角形的特点分析出力的变化趋势。本题主要考查了力的平行四边形定则的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合是矢量三角形分析出力的变化趋势即可，整体难度不大。6【答案】A D m g h B也 唱 产 A【解析】解：(1)4 C、实验中为了减小阻力的影响，选择质量大一些、体积小一些的重锤，故A正确，C错误；8、由于打点计时器可以直接记录时间，所以不需要秒表，故3错误；。

29、、实验中用刻度尺测量点迹间的距离，故。正确。故选：AD.(2)从打下。点到打下8点的过程中，重锤重力势能的减少量Z E p =m g/i8打 下B点的速度D =号*,则 动 能 的 增 加 量=1 m v2=叱/产(3)由动能定理得：mgh.-fh.=|m v2-0,整理得：v2=2(g -)/i,则合理的/-h图像应是过原点的倾斜直线，故A正确，B C D错误。故选：A o故答案为：(l)A D；(2)m g/i B；党*尸；(3)4。(1)根据实验的原理确定所需测量的物理量，确定所需的器材。(2)根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速

30、度，从而得出动能的增加量。(3)应用动能定理求出图象的函数表达式，然后分析答题。解决本题的关键知道实验的原理以及操作中的注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量。1 6.【答案】解：(1)地球表面的物体万有引力等于重力有：G翳=m g 离地高为/?时有：=第12页，共14页由、得g =焉(2)离地高为人,根据万有引力提供向心力有：G%=m(R +h)e)2由、得T =27 r(3)由可得”=孚U根据密度公式得P 1=喘=编答：(1)神舟十三号载人飞船轨道处的重力加速度为湍(2)神舟十三号载人飞船运行的周期为2兀 小 鬻；(

31、3)地球的平均密度为悬。【解析】(1)根据地球表面的物体受到的重力等于万有引力得G等 =mg,(2)飞船匀速圆周运动过程中万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律可解得周期(3)解得质量，根据密度公式求解。本题考查万有引力定律的应用，解题关键掌握组合体运动的万有引力提供向心力，选择合适的向心力公式解得。1 7.【答案】解：(1)根据题意可知，汽车先匀速直线运动，后匀减速直线运动；设车匀速直线运动的时间为车减速为零的时间为t 2,根据v =%+a t,则有7 2 x 1 000v0 72km/h m/s 20m/s*v 2 0/t2=s=4sa 5运动的位移为%2为：%2=gx 4=40m则车做匀速

32、直线运动的时间为：1 20-x2 1 20-40t i =-=s =4sv0 20所以车到达路口时红灯还剩的时间为t =10-=(1 0-4-4)s =2s(2)设汽车行驶1 20加时，用时为t 3，根据X =+：如2,可得：1 2X-vot3 一,即抬代入数据解得：t 3 =8 s此时车的速度为u =v0 a1t3=(20 1.25 x 8)m/s =l O m/s；此时汽车的速度为l O m/s,会闯红灯。答：(1)车到达路口时红灯还2s；(2)车辆会闯红灯。【解析】分析汽车的运动过程，汽车先匀速直线运动，后匀减速直线运动，根据匀变速直线运动的公式求解即可：通过自由滑行的方式减速，是匀减速

33、直线运动，根据匀变速直线运动的公式求解即可。本题以刹车为背景考查了匀变速直线运动的应用，是基础题，分析清楚运动过程即可解答。1 8.【答案】解：(1)物块从A滑到3过程，根据动能定理得：m g R =l m v2-0代入数据解得，物块运动到B点的速度大小为：v =2m/s在8点，由牛顿第二定律得：F-m g =m 代入数据解得：F=30N由牛顿第三定律可知，物块对轨道的压力大小F =F=3 0 N(2)整个过程根据动能定理得：m g R -nmg(2s+2/+s)=0 -0代入数据解得：X i =0.2 5 m；(3)物块速度最大时加速度为0,设此时弹簧压缩量为x,有：kx=nmg代入数据解得

34、：x=m从3到向左速度最大过程，根据动能定理可得：一 卬n g(2 s +2 x i 弹|=血*-m v22根据功能关系可得：0=|“铮|代入数据解得：E p=9答:(1)物块运动到B点时对轨道的压力大小是3 0 M(2)整个过程中弹簧的最大压缩量%是0.2 5 m；(3)此时弹簧的弹性势能Ep是 意。【解析】(1)物块从A滑到8过程，根据动能定理求解小球运动到B点的速度大小，然后应用牛顿第二定律与牛顿第三定律求解；(2)整个过程根据动能定理求解弹簧最大压缩量 ；(3)根据平衡条件求解弹簧压缩量从B到向左速度最大过程，根据动能定理结合功能关系求解此时弹簧的弹性势能。本题主要是考查了功能关系和动能定理，首先要选取研究过程，分析运动过程中物体的受力情况和能量转化情况，然后分析运动过程中哪些力做正功、哪些力做负功，初末动能为多少，根据动能定理、功能关系列方程解答。第14页，共14页