2022-2023学年高一物理突破重难点（人教版2019必修一）06加速度瞬时问题（解析版）.pdf

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1、人教版新教材高中物理必修第一册第四章运动和力的关系牛一运动定律定速度瞬时性专题（题组分类训练）题组特训特训内容题组一力、加速度和速度的关系题组二轻弹簧瞬时问题模型题组三刚性绳瞬时问题模型（杆、细线、接触面等）题组四超重和失重现象的理解及应用一、变力作用下加速度和速度的分析1.加速度与合力的关系由牛顿第二定律尸=侬，加速度a与合力尸具有瞬时对应关系，合力增大，加速度增大，合力减小,加速度减小；合力方向变化，加速度方向也随之变化.2.速度与加速度（合力）的关系速度与加速度（合力）方向相同或夹角为锐角，物体做加速运动；速度与加速度（合力）方向相反或夹角为钝角，物体做减速运动.3.合力、加速度、速度的

2、关系（1）物体的加速度由所受合力决定，与速度无必然联系.（2）合力与速度夹角为锐角，物体加速；合力与速度夹角为钝角，物体减速.A y p（3）a=须 是加速度的定义式，a与v、A r无直接关系；a=是加速度的决定式.题组特训一：力、加速度和速度的关系1.一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向相同，当合外力减小时，物体运动的加速度和速度的变化是（）A.加速度增大，速度增大B.加速度减小，速度减小C.加速度增大，速度减小D.加速度减小，速度增大【答案】DF【解析】当合外力减小时，根据牛顿第二定律,=融，加速度减小，因为合外力的方向与速度方向相同，则加速度方向与速度方向相同，故速度增

3、大，D正确.2.（多选）雨滴落到地面的速度通常仅为几米每秒，这与雨滴下落过程中受到空气阻力有关.一雨滴从空中由静止开始沿竖直方向下落，雨滴下落过程中所受重力保持不变，其速度一时间图像如图所示，则雨滴下落过程中（）otA.速度先增大后减小 B.加速度先减小后不变C.受到的合力先减小后不变 D.受到的空气阻力不变【答案】BC【解析】由题图可知，雨滴的速度先增大后不变，故A错误；因 为 l 力图像的斜率表示加速度，可知加速度先减小后不变，根据Q 侬可知雨滴受到的合力先减小后不变，故B、C正确；根据侬一月=侬可知雨滴受到的空气阻力先增大后不变，故D错误.3.如图所示，一个小球从竖直立在地面上的轻弹簧正

4、上方某处自由下落，在小球与弹簧开始接触到弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度和加速度的变化情况是（）A.加速度越来越大，速度越来越小B.加速度和速度都是先增大后减小C.速度先增大后减小，加速度方向先向下后向上D.速度一直减小，加速度大小先减小后增大【答案】C【解析】在接触的第一个阶段侬履，W m g-k x,合力方向竖直向下，小球向下运动，x逐渐增Fa mgkx大,所以尸令逐渐减小，由。=丁 得，a=一 丁，方向竖直向下，且逐渐减小，又因为这一阶段a与y都竖直向下，所 以v逐 渐 增 大.当 磔=履 时，%=0,a=0,此时速度达到最大.之后，小球继续向下运kx mg动，m g k x,合力尸

5、合=履一监，方向竖直向上，小球向下运动，x继续增大，尸合增大，a=,方向竖直向上，随x的增大而增大，此 时a与 厂 方向相反，所 以y逐渐减小.综上所述，小球向下压缩弹簧的过程中，尸合的方向先向下后向上，大小先减小后增大；a的方向先向下后向上，大小先减小后增大；，的方向向下，大小先增大后减小.故C正确.4.有一轻质橡皮筋下端挂一个铁球，手持橡皮筋的上端使铁球竖直向上做匀加速运动，若某时刻手突然停止运动，则下列判断正确的是（）A.铁球立即停止上升，随后开始向下运动B.铁球立即开始向上做减速运动，当速度减到零后开始下落C.铁球立即开始向上做减速运动，当速度达到最大值后开始下落D.铁球继续向上做加速

6、运动，当速度达到最大值后才开始做减速运动【答案】D【解析】铁球匀加速上升，受到拉力和重力的作用，且拉力的大小大于重力，手突然停止运动瞬间,铁球由于惯性继续向上运动，开始阶段橡皮条的拉力还大于重力，合力竖直向上,铁球继续向上加速运动，当拉力等于重力后，速度达到最大值，之后拉力小于重力，铁球开始做减速运动，故 A、B、C错误，D正确.5.一质点受多个力的作用，处于静止状态.现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小.在此过程中，其他力保持不变,则质点的加速度大小a 和速度大小 的变化情况是（）A.a 和 v 都始终增大B.a 和，都先增大后减小C.a 先增大后减小，y 始终增

7、大D.a 和 y 都先减小后增大【答案】C【解析】质点受多个力的作用，处于静止状态，则多个力的合力为零，其中任意一个力与剩余所有力的合力大小相等、方向相反，使其中一个力的大小逐渐减小到零再恢复到原来大小的过程中，则所有力的合力先变大后变小，但合力的方向不变，根据牛顿第二定律知，a 先增大后减小，丫始终增大，C正确.1.加速度瞬时问题的两种关键模型轻弹簧模型（轻弹簧、橡皮绳、弹性绳等）明显形变产生的弹力，在两端连接有物体时，形变恢复需较长时间，其弹力不能突变。刚性绳模型（细钢丝、细线、接触面等）微小形变产生的弹力，其形变可瞬时产生或消失，在瞬时问题中，其弹力发生突变。2.求解瞬时加速度的三步骤（

8、1）对原状态下物体的受力分析利用力的合成法或正交分解法求出各力大小（若物体处于平衡状态，则利用平衡条件；若处于加速状态则利用牛顿运动定律）。（2）对状态变化后的物体的受力分析当状态变化时（烧断细线、剪断弹簧、抽出木板、撤去某个力等），哪些力变化，哪些力不变，哪些力 消 失（被剪断的绳、弹簧中的弹力，发生在被撤去物接触面上的弹力都立即消失）。（3）求物体在状态变化后所受的合外力，利用牛顿第二定律，求出瞬时加速度。3.解决连接体模型中的瞬时加速度问题方法总结如果系统中有力发生突变，分析预测接下来两物体的运动状态会怎样：1、两物体有共同的运动状态，说明两物体瞬时加速度相同，可以整体考虑；2、两物体运

9、动状态不同，说明两物体瞬时加速度不同，需对两物体分别隔离分析。题组特训二：轻弹簧瞬时问题模型1.如图所示，质量均为的木块力和6 用一劲度系数为4 的轻弹簧相连，竖直放置在光滑的水平面上，木块4 上放有质量为2的木块G 三者均处于静止状态，现将木块。迅速移开，若重力加速度为g。则下列说法中正确的是()A.木 块。移开的瞬间，地面对木块8 的支持力为2侬B.木 块 C移开的瞬间，木块/的加速度大小为3gC.木 块/向 上 运 动 的 距 离 为 孚 时，4 的动量最大KD.木块8 可能离开地面向上运动【答案】C【解析】A.在木块C被移开前，以 胸 整 体 为 对 象，进行受力分析可知，地面对8 的

10、支持力为4侬，木 块 C移开的瞬间，弹簧的弹力不变，地面对8 的支持力保持不变，所以木块C移开的瞬间，地面对木块6 的支持力为4磔，故 A错误；B.在木块C被移开前，对/进行受力分析，可知4 受 到。的压力、弹簧的支持力和重力，弹簧的支持力和重力的合力大小等于C的重力大小，当木块C移开的瞬间，弹簧的支持力和重力的合力保持不变,所以/受到的合力大小等于C的重力大小，根据牛顿第二定律可知%=3 超=2 g 故 B错误；mC.当 4 所受合力为0 时，/的速度最大，动量最大。当木块。被移开前，弹簧的形变量为(mA+mc)g 3mg寸k=v当 4 所受合力为0 时，弹簧的形变量为9=竿=等k k木块4

11、 向上运动的距离为=一看=2mxk所以木块4 向上运动的距离为孚 时，力的动量最大，故 C正确；KD.由C项分析和对称性可知，木块/可以继续上升的高度为A x,此时弹簧的伸长量为鼻=2 Ar-玉=-1 k此时弹簧的弹力为 F=g =mg可知木块8 刚好与地面的弹力刚好为0,但不可能离开地面向上运动，故 D错误。故选C2.如图所示，A、B两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60和 45,A、B 间拴接的轻弹簧恰好处于水平状态，则下列计算正确的是（）A.A、B所受弹簧弹力大小之比为6 ：V2B.A、B 的质量之比为阿：屈=6 ：1C.悬挂A、B 的细线上拉力大小之比为

12、1：及D.同时剪断两细线的瞬间，A、B 的瞬时加速度大小之比为3：R【答案】B【解析】A.弹簧处于水平静止状态，则 A对弹簧的力和B对弹簧的力大小相等，故 A、B受弹簧的弹力大小相等，A错误；B.对 A受力分析可知防声=A;an 60;对 B受 力 分 析 可 知 nkg=Ftax 45故 吆=曾=申 B正确；c.细线对A的拉力 昂=-不，细线对B 的拉力，格=-JmB tan 45 1 cos60 cos45故 号=您 暮=坐 C错误；D.剪断细线前，弹簧弹力 剪断细线瞬间弹簧弹力不变，A受合FTB COS 60 1力 为 2角&故 A的 加 速 度%=晋一挛g,B 的加速度为 为=Q g,

13、故 A、B加速度之比 为#：3,73mB 3D错误：故选B。3.如图所示，质量为。的小球一端用水平轻弹簧系住，另一端用与竖直方向成夕=30。的轻质细线连接,恰好处于静止状态，细线被烧断的瞬间，小球所受合力大小为（已知重力加速度大小为10m/s2）（）A.2g B.mgrV3n 2 GC.mg D.mg【答案】D【解析】细线被烧断的瞬间，细线的弹力消失，弹簧的弹力和重力不变，二者的合力不变，等于细线被烧断前的细线的拉力/=_%=汉3 叫c o s 30 3故选D。4.（多选）在动摩擦因数=0.2 的水平面上有一个质量为片=2 k g 的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成。=45 角的不可伸长的

14、轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零.当剪断轻绳的瞬间，取 受 l O m/s。，下列说法正确的是（）A.此时轻弹簧的弹力大小为20 NB.小球的加速度大小为8 m/s。，方向向左C.若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/1,方向向右D.若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为零【答案】A B D【解析】未剪断轻绳时，水平面对小球的弹力为零，小球受到重力皿队轻绳的拉力A和弹簧的弹力尸作用而处于平衡状态.依据平衡条件得竖直方向上有A c o s 9 =加各水平方向上有E s i n。解得弹簧弹力尸=0g t a n 夕=20N,A正确；剪断轻

15、绳后小球在竖直方向仍平衡，即水平面支持力A=侬，水平方向上弹簧的弹力保持不变，由牛顿第二定律得小球的加速度a=C=次 二 竽*n/s 2=8 m/s 2,方向向左，B正确；当剪断弹簧的瞬间，小球立即只受地面支持力和重力作用，且二力平衡，加速度为零，C错误，D正确.5.（多选）如图所示，三个质量均为必的物块a、b、c,用两个轻弹簧和一根轻绳相连，挂在天花板上，处 于 静 止 状 态.现 将 从 c 之间的轻绳剪断，下列说法正确的是（）A.在刚剪断轻绳的瞬间，6的加速度大小为gB,在刚剪断轻绳的瞬间，c 的加速度大小为2 gC.剪断轻绳后，a、6 下落过程中，两者一直保持相对静止D.剪断轻绳后，a

16、、6 下落过程中加速度相等的瞬间，两者之间的轻弹簧一定处于原长状态【答案】B D【解析】剪断轻绳的瞬间，绳的弹力立即消失，而弹簧弹力瞬间不变；对 6 根据牛顿第二定律可得mab=2 m g,解 得&=2 g,方向向下；c 上面的弹簧在绳子剪断前的弹力等于三个物块的总重力，即 3 侬，剪断轻绳后，对 c 根据牛顿第二定律可得3 k 侬解得a=2 g,方向向上，所以A错误，B正确;剪断轻绳后，a、6下落过程中，二者在开始的一段时间内加速度不同，所以两者不会保持相对静止，两者之间的轻弹簧长度一定会发生变化，C错误；剪断轻绳后，a、6下落过程中，a、6加速度相等的瞬间，两者之间的轻弹簧一定处于原长状态

17、，此时二者的加速度都为g,D正确.题组特训三：刚性绳瞬时问题模型（杆、细线、接触面等）1.如图甲所示，一质量为的物体系于长度分别为心、心的两根细线上，入的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角为夕，。水平拉直，物体处于平衡状态.（1）现将线剪断，求剪断。的瞬间物体的加速度；（2）若将图甲中的细线心换成长度相同（接。后），质量不计的轻弹簧，如图324乙所示，其他条件不变，求剪断。的瞬间物体的加速度.【答案】（1）绣in，方向垂直于心斜向下方（2）依an%方向水平向右【解析】（1）细线4被剪断的瞬间，因细线对物体的弹力突然消失，而引起心上的张力发生突变，使物体的受力情况改变，瞬时加速度垂直入斜向下方，

18、大小为=交田出（2）当细线4被剪断时，细线物对物体的弹力突然消失，而弹簧的形变还来不及变化（变化要有一个过程，不能突变），因而弹簧的弹力不变，它与重力的合力与细线弱对物体的弹力是一对平衡力，等大反向，所以细线右被剪断的瞬间，物体加速度的大小为a n*a n夕，方向水平向右.2.如图所示，物 块1、2间用竖直刚性轻质杆连接，物 块3、4间用竖直轻质弹簧相连，物 块1、3的质量为“物块2、4的质量为M两个系统均置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态.现将两木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，物 块1、2、3、4的加速度大小分别为为、鱼、备、&.重力加速度 为&贝!1有（）A8 =&=&=&=

19、0 B&=S2=fl3=&=g八 c nr-M 卜 nr-M 八 nr-MC.包=&=g,会=0,34=-D a=g,&=-a=0,a=M MM【答案】c【解析】在抽出木板的瞬间，物 块1、2与刚性轻杆接触处的形变立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛顿第二定律知国=鱼=/而 物 块3、4间的轻弹簧的形变还来不及改变，此时弹簧对物块3向上的弹力大小和对物块4向下的弹力大小仍为.因此物块3满足磔=尸，a=0；由牛顿第二定律得物块4的 加 速 度&=乌 卢=中%所 以C对.3.如图所示，甲、乙两球通过弹簧连接后用绳悬挂于天花板下，丙、丁两球通过细绳连接后也用绳悬挂于天花板下.若都在A处剪断绳

20、，在剪断瞬间，关于各球的受力情况，下面说法中正确的是（）A.甲球只受到重力作用 B.乙球只受到重力作用C.丙球受到重力和细绳的拉力作用 D.丁球只受到重力作用【答案】D【解析】剪断绳的瞬间，细绳上的力发生突变，瞬间消失，而弹簧的弹力不会突变，所以在剪断瞬间，甲、乙两球受到重力和弹簧的弹力作用，丁、丙两球都只受到重力作用，选项A、B、C错误，选项D正确.4.如图甲所示是海上吊塔施工的实拍图片，图乙是重物正在被竖直向上匀速吊起的放大图。先将该情景简化为如图丙所示的示意图，绳子功和龙共同挂着质量为0的重物A,绳子砥和网共同挂着质量为侬的重物B,尸点拴在重物A的下方。不计绳子质量和空气阻力，下列说法一

21、定正确的是（）甲A.绳 子 龙 和 对 重 物A的作用力的合力大于（明+区）gB.绳子A?和 阳 对 重 物A的作用力的合力大小为他gC.若绳子尾和阳的夹角为锐角，则绳子尾上的力小于g磔gD.若拴接点尸与重物A脱离，则该瞬间重物A的 加 速 度 大 小 为 他 叱 生【答案】B【解析】A.重物被匀速吊起，处于平衡状态，把4、6当成整体，绳 子 龙 和 应 对 重 物4的作用力的合力等于（见+牡）8,故A错误；B.绳 子 的 和 阳 对 重 物8的作用力的合力等于同一条绳上拉力相等，故绳子尸。和用对重物/的作用力的合力等于或&B正确；C.设绳子尸。和用的夹角为锐角。，对B 满足2 F s s a

22、=，g,解得则绳子上的拉力大小尸=悬等 故C错误；D.设绳子卬和应对重物A的作用力的合力为R,若拴接点尸与重物A脱离，则该瞬间对重物A由牛顿第二定律可得片一”=叫。由于绳上拉力会发生突变，故 个（叫+叫）g，即A的加速度大小不会等于三，D错误。故选B。5.如图所示，A、B、C三球质量均为加，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。倾角为。的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态。在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是()A.A球的受力情况未变，加速度为零B.C球的加速度沿斜面向下，大小为gC.A、B之间杆的拉

23、力为，叫 s i n。D.A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为:g s i n。【答案】D【解析】A C D.细线烧断后，将 A B 看作一个整体，弹簧拉力瞬时不变，有3mg s i n 0 -2mg s i n 0 =Ima 解得 a =g g s i n，3对于B球,有 T-m g s m 0 =ma 解得 T=-mgsin0 A C 错 误,D正确；B.细线烧断后，对于C球，受力为mg sin 9=叫 解得g s i n 6 =a,B错误。故选D o1 .判断超重和失重的方法(1)从受力的角度判断当物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于超重状态；小于重力时，物体处于失

24、重状态；等于零时，物体处于完全失重状态.(2)从加速度的角度判断当物体具有向上的加速度时，物体处于超重状态；具有向下的加速度时，物体处于失重状态；向下的加速度等于重力加速度时，物体处于完全失重状态.2 .对超重和失重现象的理解(1)发生超重或失重现象时，物体所受的重力没有变化，只是压力(或拉力)变大或变小了(即“视重”变大或变小了).(2)物体处于超重或失重状态只与加速度方向有关，而与速度方向无关.(3)物体超重或失重多少由物体的质量区和竖直加速度a 共同决定，其大小等于侬.（4）在完全失重的状态下，一切由重力产生的物理现象都会完全消失，如天平失效、浸在水中的物体不再受浮力作用、液柱不再产生压

25、强等.题组特训四：超重和失重现象的理解及应用L 体育课上某同学做引体向上。他两手握紧单杠，双臂竖直，身体悬垂；接着用力上拉使下颌超过单杠（身体无摆动）；然后使身体下降，最终悬垂在单杠上。下列说法正确的是（）A.若增大两手间的距离，最终悬垂时手掌受到单杠的弹力变大B.若增大两手间的距离，最终悬垂时手掌受到单杠的弹力不变C.在上升过程中单杠对人的作用力始终大于人的重力D.在下降过程中单杠对人的作用力始终小于人的重力【答案】B【解析】AB.人在悬垂时处于静止状态，由力的平衡条件可知，手掌受到单杠在竖直方向的弹力不变，A 错误，B 正确；C.人在上升运动中，由于身体先做加速运动，后做减速运动，人先处于

26、超重状态，后处于失重状态，单杠对人的作用力先大于人的重力，后小于人的重力，C 错误；D.同理，人在下降运动中，身体先做加速运动，后做减速运动，人先处于失重状态，后处于超重状态，单杠对人的作用力先小于人的重力，后大于人的重力，D 错误。故选B。2.2020年 12月 1 7 日，嫦娥五号的返回舱采用“打水漂”的技术来减速并成功着陆在预定区域。返回舱第一次进入大气层时减速下降到距离地面约60公里时，利用弓形激波让其加速向上跃起，弹出大气层之后再次进入大气层，实施二次减速，整个过程就像“打水漂”一样（如图）。返回舱在减速下降和加速跃起时分别处于（）A.失重状态，超重状态 B.超重状态，失重状态C.超

27、重状态，超重状态 D.失重状态，失重状态【答案】C2.（多选）一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a 随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则下列说法中正确的是（0-12 4 6A.i=2s时人对地板的压力最大 B.i=5s时人对地板的压力为0C.t=5s时人对地板的压力最大 D.i=8.5s时人对地板的压力最小【答案】AD【解析】在时间轴的上方，表示加速度向上，此时处于超重状态，在时间轴的下方，表示加速度向下，此时处于失重状态；在 夕2s时向上的加速度最大，此时对地板的压力最大，大于重力，故A正确；k 5s时，人随电梯做匀速运动，人处于平衡状态，所以人受到的支持力等于人的质量

28、，由牛顿第三定律可知，人对地板的压力等于人的重力，故BC错误；在方8.5s时具有向下的最大的加速度，此时对地板的压力最小，小于重力，D正确。故选AD。3.（多选）如图，某一处于松弛状态的弹性绳，上端拴在。点，下端拴一重物，从0点正下方的力点开始自由下落，至图中8点时的弹性绳正好完全伸直且没有弹力，。点是重物所能到达的最低点且到达点时未超过弹性绳的弹性限度，C点时重物静止悬吊时的平衡位置，不计空气阻力，则重物在从4点下落的过程中（）A.在四段做自由落体运动，处于完全失重状态B.比段绳的拉力在增大，重物先失重再超重C.切段绳的拉力大于重物的重力，重物处于超重状态D.。点时重物的速度为零，处于平衡状

29、态【答案】AC【解析】图中8点时的弹性绳正好完全伸直且没有弹力，所以在四段绳子无拉力，重物做自由落体运动，处于完全失重状态。A正确；C点时重物静止悬吊时的平衡位置，所以在比1段绳的拉力在增大，但是一直小于重力，重物一直处于失重状态，段绳的拉力大于重物的重力，重物处于超重状态。B错误，C正确；。点时绳子拉力大于重力，重物将向上加速。D错误。故选AC。4.飞行背包是一种可以让使用者通过穿戴该产品后飞上天空的飞行器。消防员利用飞行背包在某次高楼火灾观测时，竖直飞行的r 图像如图所示，下列说法正确的是（）A.消防员上升的最大高度为2 2 5 mB.消防员在2.5 3.0 m i n 内加速度最大C.消

30、防员在3.5-4.2 5 m i n 内处于失重状态D.消防员在2.5 4.2 5 m i n,平均速度大小约为6.4 3 m/s【答案】D【解析】力图线与 轴所围图形面积表示位移，由题图可知，在 1.5 m i n 时，消防员上升的高度最高，有LX 1 5 X 1.5 X 6 0 m=6 7 5 m,A错误；图像的斜率表示加速度，所以在0 0.5 m i n 内加速度最大，B错误；消防员在3.5 4.2 5 m i n 减速下落，处于超重状态，C错误；消防员在2.5 4.2 5 m i n,平X Z均速度为 V=-T-TT-7-T -m/s*6.4 3 m/s,D 正确。t（4.2Dz.o）

31、X bU5 .2 0 1 9 年 1 1 月，在温州翔宇中学举行的浙江省中学生田径锦标赛中，某校高二学生王鑫宇以2 米的成绩获得冠军，如图所示。则下列说法正确的是（不计空气阻力）（）A.王鑫宇在上升阶段重力变大了B.王鑫宇在空中跨越过程处于失重状态C.王鑫宇起跳时地面对他的支持力大于他对地面的压力D.王鑫宇在助跑过程中，地面对他的支持力大于他对地面的压力【答案】B【解析】王鑫宇在上升阶段只受重力，处于失重状态，且重力大小不变，故 A错误B正确；地面对人的支持力与他对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故 CD错误。故选B。6 .（多选）如图所示，蹦床运动员从空中落到床面上，运动员从接触床面下降到最低点为第一过程，从最低点上升到离开床面为第二过程，运动员（）A.在第一过程中始终处于失重状态B.在第二过程中始终处于超重状态C.在第一过程中先处于失重状态，后处于超重状态D.在第二过程中先处于超重状态，后处于失重状态【答案】CD【解析】运动员刚接触床面时，重力大于弹力，运动员向下做加速运动，运动员处于失重状态；当弹力增大到等于重力时速度最大；继续下降，弹力大于重力，做减速运动，运动员处于超重状态。即在第一过程中运动员先处于失重状态，后处于超重状态，A错误，C正确。在第二过程中运动员先向上做加速运动，处于超重状态，后做减速运动，处于失重状态，B错误，D正确。