江苏省赣榆高级中学2023年高三考前热身物理试卷含解析.doc

《江苏省赣榆高级中学2023年高三考前热身物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省赣榆高级中学2023年高三考前热身物理试卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，单匝矩形金属线框abcd处在垂直于线框平面的匀强磁场中，线框面积，线框连接一个阻值的电阻，其余电阻不计，线框cd边位于磁场边界上。取垂直于线框平面向外为磁感应强度B的正方向，磁

2、感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示。下列判断正确的是（ ）A00.4s内线框中感应电流沿逆时针方向B0.40.8s内线框有扩张的趋势C00.8s内线框中的电流为0.1AD00.4s内ab边所受安培力保持不变2、如图所示，实线为两个点电荷Q1、Q2产生的电场的电场线，虚线为正电荷从A点运动到B 点的运动轨迹，则下列判断正确的是（）AA点的场强小于B点的场强BQ1的电荷量大于Q2的电荷量C正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能D正电荷在A点的速度小于在B点的速度3、质量为m的均匀木块静止在光滑水平面上,木块左右两侧各有一位持有完全相同步枪和子弹的射击手首先左侧射手开枪,子弹水平射入木块的最大深

3、度为d1,然后右侧射手开枪,子弹水平射入木块的最大深度为d2，如图所示设子弹均未射穿木块,且两颗子弹与木块之间的作用大小均相同当两颗子弹均相对于木块静止时,下列判断正确的是( )A木块静止,d1=d2B木块静止,d1d2C木块向右运动,d1d2D木块向左运动,d1=d24、2019年5月17日，在四川省西昌卫星发射基地成功发射了第45颗北斗导航卫星，该卫星属于地球静止轨道卫星（同步卫星）。已知地球的质量为M、半径为R、地球自转周期为T、该卫星的质量为m、引力常量为G，关于这颗卫星下列说法正确的是（）A距地面高度为B动能为C加速度为D入轨后该卫星应该位于西昌的正上方5、如图所示，高速公路收费站都

4、设有“ETC”通道（即不停车收 费通道）,设ETC车道是笔直的，由于有限速，汽车通过时一般是先减速至某一限定速度，然后匀速通过电子收费区，再加速驶离（将减速和加速过程都看作加速度大小相等的匀变速直线运动）。设汽车开始减速的时刻t=0，下列四幅图能与汽车通过ETC的运动情况大致吻合的是： A B C D6、如图所示，将一个质量为m的半球形物体放在倾角为37的斜面上，用通过球心且水平向左的力F作用在物体上使其静止.已知物体与斜面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，.要使半球体刚好沿斜面上滑，则力F的大小是（ ）AmgB2mgC3mgD4mg二、多项选择题：本题共4小题，每

5、小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B两粒子以相同的初速度沿与电场线垂直的方向由左边界的同一点先后进入同一匀强电场，最后它们都从电场的右边界离开电场。不计粒子的重力。已知A、B两粒子的质量之比为1：4，电荷量之比为1：2，则此过程中（）AA、B的运动时间之比为1：1BA、B沿电场线的位移之比是1：1CA、B的速度改变量之比是2：1DA、B的电势能改变量之比是1：18、下列说法正确的是（）A显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B物体内能增加，温度不一定升

6、高C物体的温度越高，分子运动的速率越大D气体的体积指的不是该气体中所有气体分子体积之和，而是指该气体中所有分子所能到达的空间的体积E.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零9、如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直于纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中；质量为m、带电量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（ ）A滑块受到的摩擦力不变B滑块到地面时的动能与B的大小无关C滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下DB很大时，滑块可能静止于斜面上10、关于热现象，下列说法正确的是（ ）A在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径(也就是单层油酸分

7、子组成的油膜的厚度)等于一小滴溶液中纯油酸的体积与它在水面上摊开的面积之比B两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，它们都随距离的增大而减小，当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小C物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向异性或各向同性来判断D如果用Q表示物体吸收的能量，用W 表示物体对外界所做的功，U表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q =U + WE.如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到100%三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在用如图所示实验装置测

8、量光的波长的实验中，已知两缝间的间距为0.3mm，以某种单色光照射双缝时，在离双缝1.2m远的屏上，用测量头测量条纹间的宽度：先将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图甲所示；然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，此时手轮上的示数如图乙所示。图甲读数为_mm，图乙读数为_mm。根据以上实验，测得光的波长是_m（结果保留2位有效数字）。12（12分）如图甲所示为由半导体材料制成的热敏电阻的阻值随温度变化的曲线，图乙为用此热敏电阻和继电器设计的温控电路。设继电器的线圈电阻，当继电器线圈中的电流大于或等于时，继电器的衔铁被吸合。 （

9、1）实验过程中发现，开关闭合后电路不工作。某同学为排查电路故障用多用电表测量各接入点间的电压，则应将如图丙所示的选择开关旋至_（选填“”“”“”或“”）。（2）用调节好的多用电表进行排查，在图乙电路中，断开开关时，发现表笔接入、时指针发生偏转，多用表指针偏转如图丁所示，示数为_；闭合开关，接入、和接入、时指针均发生偏转，接入、时指针不发生偏转，则电路中_（选填“”“”或“”）段发生了断路。（3）故障排除后，在图乙电路中，闭合开关若左侧电源电动势为内阻可不计，滑动变阻器接入电路的阻值为，则温度不低于_时，电路右侧的小灯泡就会发光。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处

10、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，A气缸截面积为500cm2，A、B两个气缸中装有体积均为10L、压强均为1atm、温度均为27的理想气体，中间用细管连接细管中有一绝热活塞M，细管容积不计现给左面的活塞N施加一个推力使其缓慢向右移动,同时给B中气体加热,使此过程中A气缸中的气体温度保持不变活塞M保持在原位置不动不计活塞与器壁间的摩擦，周围大气压强为1atm=105Pa当推力时,求：活塞N向右移动的距离是多少?B气缸中的气体升温到多少?14（16分）滑雪是人们喜爱的运动之一。如图甲所示，固定于安全坐垫上的小孩抱一玩具熊，从如图乙所示雪道的点沿倾角为的雪道下滑，雪

11、道面水平，滑到点时把玩具熊平抛后小孩和玩具熊分别落在两点。已知雪道上、两点的高度差为，长度为，安全坐垫与雪道间的动摩擦因数为，。不计空气阻力和小孩经过点时的能量损失。重力加速度为。求：（1）小孩滑至点时的速度大小；（2）抛出玩具熊后，小孩的水平速度与玩具熊的水平速度之比。15（12分）如图所示，AB是半径R=0.80m的光滑圆弧轨道，半径OB竖直，光滑水平地面上紧靠B点静置一长为1.5m的小车，其上表面与B点等高。现将一质量m=1.0kg的小滑块从A点由静止释放，经B点滑上小车，小滑块恰好未滑离小车。已知滑块与小车之间的动摩擦因数=0.40。重力加速度g取10m/s2。求：(1)滑块刚滑至B点

12、时，圆弧对滑块的支持力大小；(2)小车的质量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A由图乙所示图线可知，0-0.4s内磁感应强度垂直于纸面向里，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，故A错误。B由图乙所示图线可知，0.4-0.8s内穿过线框的磁通量增加，由楞次定律可知，线框有收缩的趋势，故B错误。C由图示图线可知，0-0.8s内的感应电动势为线框中的电流为： 故C正确。D在0-0.4s内感应电流I保持不变，由图乙所示图线可知，磁感应强度B大小不断减小，由F=ILB可知，ab边所受安培力不断减小

13、，故D错误。故选C。2、C【解析】A根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知 A 点的场强比 B 点的场强大，故 A 错误；B根据电场线分布情况可知 Q1、 Q2 是同种电荷。由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即 Q1Q2 ，故 B 错误；C正电荷做曲线运动，受到的合力方向指向曲线的凹处，并且和电场线在一条直线上，所以正电荷电场力方向指向Q2，由于正电荷从 A 点运动到 B 点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角总是大于 90 ，电场力做负功，电势能增大，即正电荷在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能，故 C正确；D正电荷从 A 点运动到 B 点，电场力做负功，电势能增大，动能减小

14、，故正电荷在 A 点的速度大于在 B 点的速度， 故D错误。故选C。3、B【解析】左侧射手开枪后,子弹射入木块与木块一起向右运动,设共同速度为v1,由动量守恒有mv0=(M+m)v1,由能量守恒有Ffd1=.右侧射手开枪后,射出的子弹与木块及左侧射手射出的第一颗子弹共同运动的速度设为v2,由动量守恒有(M+m)v1-mv0=(M+2m)v2,由能量守恒有Ffd2=,解之可得v2=0,d1=d2=故B正确.4、A【解析】A万有引力提供向心力解得同步卫星的轨道半径则距离地球表面高度为，A正确；B万有引力提供向心力动能B错误；C万有引力提供向心力解得加速度为C错误；D同步卫星在赤道上空，西昌不在赤道

15、，入轨后该卫星不可能位于西昌的正上方，D错误。故选A。5、D【解析】汽车先做匀减速运动，然后做匀速运动，最后做匀加速运动；图像A反映物体先负向匀速后静止，再正向匀速，选项A错误；图像B反映物体先正向匀速后静止，再正向匀速，选项B错误；图像C反映物体先正向加速，后静止，再正向加速，选项C错误；图像D反映物体先减速后匀速，再加速，符合题意，则选项D正确；故选D.【点睛】此题关键是搞清不同的图像反映的运动规律；x-t图像的斜率等于速度；v-t图像的斜率等于加速度.6、B【解析】分析半球形物体的受力，如图所示物体刚好沿斜面上滑时，由平衡条件得：，联立两式解得A mg，与分析不符，故A错误；B 2mg，

16、与分析相符，故B正确；C3 mg，与分析不符，故C错误；D4 mg，与分析不符，故D错误；故选：B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A假设粒子在垂直电场方向运动的位移为，粒子在垂直电场线方向做匀速直线运动结合题意可知A、B在电场中的运动时间相同，A正确；BC根据加速度的定义式可知速度的改变量之比等于加速度之比，粒子只受电场力作用。根据牛顿第二定律变形可得根据运动学公式可得A、B沿电场线的位移之比B错误，C正确；D电场力做功改变电势能，所以A、B的电势

17、能改变量之比等于电场力做功之比，电场力做功所以D正确。故选ACD。8、ABD【解析】A布朗运动反映了液体分子的无规则运动，A正确；B物体的内能是分子动能和分子势能的总和，内能增加可能是分子势能增加了，此时物体的分子动能可能会减小，温度可能降低，所以B正确；C温度越高，分子平均动能越大，但是个别分子的动能可能会减小，C错误；D气体的体积是所有气体分子占有空间的总和，而不是所有气体分子的体积之和，D正确；E气体的压强来自于气体分子对容器壁的不断撞击，与气体的重力无关，E错误。故选ABD。9、CD【解析】AC小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速

18、度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大故A错误， C正确；BB的大小不同，洛伦兹力大小不同，导致滑动摩擦力大小不同，根据动能定理，摩擦力功不同，到达底端的动能不同，B错误；D滑块之所以开始能动，是因为重力的沿斜面的分力大于摩擦力，B很大时，一旦运动，不会停止，最终重力的沿斜面的分力等于摩擦力，小滑块匀速直线运动，故D错误【点睛】解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况10、ABD【解析】A.根据用“油膜法”估测分子大小的实验原理可知，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，由于油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后

19、用每滴油酸酒精溶液所含纯油酸体积除以油膜面积得出的油膜厚度即为油酸分子直径，故A正确；B.当分子间的距离rr0时，分子力表现为斥力，减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加；当分子间的距离rr0时，分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，所以当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小，故B正确；C.单晶体具有各向异性，多晶体与非晶体都具有各向同性，所以不能根据各向异性或各向同性来判断物质是晶体还是非晶体；晶体具有一定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，比较可靠的方法是通过比较熔点来判断，故C错误；D.根据热力学第一定律可知，如果用Q表示物体吸收的能量，用

20、W表示物体对外界所做的功，U表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q=U+W，故D正确；E.即使没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，根据热力学第二定律可知，热机的效率不可以达到100%故E错误。故选ABD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.335（2.332-2.337） 15.375（15.372-15.377） 6.510-7 【解析】1 图甲螺旋测微器固定刻度的读数是2.0mm可动刻度的读数是33.50.01 mm =0.335mm则螺旋测微器的读数等于2.0mm+0.335mm=2.335mm（2.332-2.

21、337都正确）2 图乙螺旋测微器固定刻度的读数是15.0mm可动刻度的读数是37.50.01 mm =0.375mm则螺旋测微器的读数等于15.0mm+0.375mm=15.375mm（15.372-15.377都正确）3相邻条纹间距为根据双缝干涉的条纹宽度的公式则这种单色光的波长代入数据解得12、C 6.1 42 【解析】(1)1挡位测量电阻值，挡位测量交流电压，挡位测量直流电压，挡位测量电流值，为测量各接入点间的电压，选择挡位。(2)23选择“”电压挡，则每一大格表示，每一小格表示，测量的精确度为，应估读到（此时应为估读），指针对应的示数为。闭合开关，接入、和接入、时指针均发生偏转，说明点

22、到电源的正极、点到电源的负极都是通路，接入、时指针不发生偏转，是因为电流为零，所以段发生了断路。(3)4热敏电阻与继电器串联，若使电流不小于，则总电阻不大于由于则不大于。由题甲图可看出，当时，温度，即温度不低于。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 5 cm；127【解析】加力F后，A中气体的压强为 对A中气体：由pAVA=pAVA则得 初态时， ，LA=15cm故活塞N向右移动的距离是s=LA-LA=5cm对B中气体，困活塞M保持在原位置不动，末态压强为pB=pA=105Pa根据查理定律得： 解得，TB=400K则 tB=400-273=127点睛：对于两部分气体问题，既要分别研究各自的变化过程，同时要抓住之间的联系，本题是压强相等是重要关系14、（1）；（2）【解析】（1）由动能定理得又解得（2）由可知，抛出玩具熊后小孩的水平位移与玩具熊的水平位移之比为由可得竖直位移之比为由平抛运动规律有，联立解得15、 (1)30N；(2)3kg【解析】(1)滑块由至过程机械能守恒解得在点由牛顿第二定律可得解得(2)滑块与小车相互作用过程由动量守恒在此过程中能量守恒联立解得