江西上饶重点中学2023届高三下学期联合考试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两平行导轨、竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属棒使其运动已知电流随时间变

2、化的关系式为（为常数，），金属棒与导轨间的动摩擦因数一定以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度、加速度随时间变化的关系图象中，可能正确的有A BC D2、如图所示，一质量为m0=4kg、倾角=45的斜面体C放在光滑水平桌面上，斜面上叠放质量均为m=1kg的物块A和B，物块B的下表面光滑，上表面粗糙且与物块A下表面间的动摩擦因数为=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力；物块B在水平恒力F作用下与物块A和斜面体C一起恰好保持相对静止地向右运动，取g=10m/s，下列判断正确的是（ ）A物块A受到摩擦力大小B斜面体的加速度大小为a=10m/s2C水平恒力大小F=15ND若水平恒力F作用在A上，A、B、

3、C三物体仍然可以相对静止3、倾角为的斜面固定在水平面上，在斜面上放置一“”形长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为。平行于斜面的力传感器（不计传感器的重力）上端连接木板，下端连接一质量为m的光滑小球，如图所示，当木板固定时，传感器的示数为，现由静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，传感器的示数为。则下列说法正确的是（）A若，则B若，则C若，则D若，则4、半径相同的两个金属小球A、B带有等量的电荷，相隔较远的距离，两球之间的吸引力大小为F，今用第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，这时A、B两球之间作用力的大小是（）ABCD5、一圆筒内壁粗糙，底端放一个质量为m的物体（可视为

4、质点），该物体与圆筒内壁间的动摩擦因数为,圆筒由静止沿逆时针方向缓慢转动直到物体恰好滑动，此时物体、圆心的连线与竖直方向的夹角为，如图所示，以下说法正确的是（ ）A在缓慢转动过程中物体受到的支持力逐渐增大B在缓慢转动过程中物体受到的静摩擦力逐渐减小C物体恰好滑动时夹角与的关系为D缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力逐渐增大6、如图所示，由均匀导线绕成的直角扇形导线框OMN绕O点在竖直面内从匀强磁场边界逆时针匀速转动，周期为T，磁场的方向垂直于纸面向里，线框电阻为R，线框在进入磁场过程中回路的电流强度大小为I，则（）A线框在进入磁场过程中回路产生的电流方向为顺时针B线框在进入与离开磁场的过程中ON

5、段两端电压大小相等C线框转动一周过程中产生的热量为I2RTD线框转动一周过程中回路的等效电流大小为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，等边三角形线框由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点、与直流电源两端相接，已知导体棒受到的安培力大小为，则（）A导体棒受到的安培力垂直于线框平面B导体棒中的电流是导体棒中电流的2倍C导体棒和所受到的安培力的合力大小为D三角形线框受到的安培力的大小为8、一列周期为0.8 s的简谐波在

6、均匀介质中沿x轴传播，该波在某一时刻的波形如图所示；A、B、C是介质中的三个质点，平衡位置分别位于2 m、3 m、6 m 处此时B质点的速度方向为y方向，下列说法正确的是( )A该波沿x轴正方向传播，波速为10 m/sBA质点比B质点晚振动0.1 sCB质点此时的位移为1 cmD由图示时刻经0.2 s，B质点的运动路程为2 cmE.该列波在传播过程中遇到宽度为d4 m的障碍物时不会发生明显的衍射现象9、卫星导航系统是全球性公共资源，多系统兼容与互操作已成为发展趋势。中国始终秉持和践行“中国的北斗，世界的北斗，一流的北斗”的发展理念，服务“一带一路”建设发展，积极推进北斗系统国际合作。与其他卫星

7、导航系统携手，与各个国家、地区和国际组织一起，共同推动全球卫星导航事业发展，让北斗系统更好地服务全球、造福人类。基于这样的理念，从2017年底开始，北斗三号系统建设进入了超高密度发射。北斗系统正式向全球提供RNSS服务，在轨卫星共53颗。预计2020年再发射2-4颗卫星后，北斗全球系统建设将全面完成，使我国的导航定位精度不断提高。北斗导航卫星有一种是处于地球同步轨道，假设其离地高度为h，地球半径为R，地面附近重力加速度为g，则有（）A该卫星运行周期可根据需要任意调节B该卫星所在处的重力加速度为 C该卫星运动动能为D该卫星周期与近地卫星周期之比为10、如图所示，光滑水平面上放置一内壁光滑的半圆形

8、凹槽，凹槽质量为，半径为。在凹槽内壁左侧上方点处有一质量为的小球（可视为质点），距离凹槽边缘的高度为。现将小球无初速度释放，小球从凹槽左侧沿切线方向进入内壁，并从凹槽右侧离开。下列说法正确的是（）A小球离开凹槽后，上升的最大高度为B小球离开凹槽时，凹槽的速度为零C小球离开凹槽后，不可能再落回凹槽D从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用图甲所示的电路测量一电流表的内阻。图中是标准电流表，是滑动变阻器，是电阻箱，S和分别是单刀双掷开关和单刀单掷开关，实验电路电源电动势为E。依据实验原理完

9、成下列填空。（1）将S拨向接点1，闭合，调节_，使指针偏转到适当位置，记下此时标准电表的读数I。（2）然后将S拨向接点2，调节_至适当位置，使的读数仍为I，此时R的读数即为待测电表内阻的测量值。（3）若在某一次测量中的示数如图乙所示，其电阻为_。该电阻箱可以提供的阻值范围为_。 12（12分）某同学欲将内阻为98.5、量程为100uA的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要求改装后欧姆表的15k刻度正好对应电流表表盘的50uA刻度可选用的器材还有：定值电阻R0（阻值14k），滑动变阻器R1（最大阻值1500），滑动变阻器R2（最大阻值500），电阻箱（099999.9），干电池（E=1.5V，

10、r=1.5），红、黑表笔和导线若干（1）欧姆表设计将图（a）中的实物连线组成欧姆表（_）欧姆表改装好后，滑动变阻器R接入电路的电阻应为_：滑动变阻器选_（填“R1”或“R2”）（2）刻度欧姆表表盘通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（b）所示表盘上a、b处的电流刻度分别为25和75，则a、b处的电阻刻度分别为_、_（3）校准红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向_k处；将红、黑表笔与电阻箱连接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据测量若校准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图（c）所示，则电阻箱接入的阻值为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡

11、中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一粗细均匀、两端封闭的U形玻璃管竖直放置，管内水银柱及空气柱长度如图所示，右侧水银柱长l1=20. 0cm，气体压强p1=70. 0cmHg，左侧水银柱长l2=35. 0cm，气体的长度l3=15. 0cm，现打开U形玻璃管右侧端口，求稳定后玻璃管左侧气体的长度将变为多少？设整个过程中气体温度保持不变，大气压强p0=75. 0cmHg（）14（16分）如图所示，在第一象限内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，一个带正电的粒子质量为m、电荷量为q，不计粒子的重力，由x轴上的P点垂直磁场射入，速度与x轴正方向夹角，p点

12、到坐标原点的跑离为L。(1)若粒子恰好能从y轴上距原点L处的Q点飞出磁场，求粒子速度大小；(2)若粒子在磁场中有最长的运动时间，求粒子速度大小的范围。15（12分）在室温(27 C)环境中,有一罐压强为9.0标准大气压、容积为0.02m3的氦气， 现将它与一气球连通给气球充气。当充气完毕时，气球压强为1.2标准大气压，假若充气过程中温度不变，求：充气后气球的体积；充气前罐内氢气的质量。(已知氢气的摩尔质量为4.0g/mol，标况下气体的摩尔体积为22.4 L/mol)参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】以

13、竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度，f=N=FA=BIL=BLkt，联立解得加速度a=g，与时间成线性关系，且t=0时，a=g，故CD错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动。故A错误，B正确。故选B。【点睛】解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度2、A【解析】ABC对物块A和B分析，受力重力、斜面体对其支持力和水平恒力，如图所示根据牛顿第二定律则有其中对物

14、块A、B和斜面体C分析，根据牛顿第二定律则有联立解得对物块A分析，根据牛顿第二定律可得物块A受到摩擦力大小故A正确，B、C错误；D若水平恒力作用在A上，则有解得所以物块A相对物块B滑动，故D错误；故选A。3、D【解析】AB当木板固定时，对小球分析，根据共点力平衡有F1=mgsin静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，若=0，则整体沿斜面下滑时根据牛顿第二定律可得Mgsin=Ma解得a=gsin再以小球为研究对象，则有mgsin-F2=ma解得F2=0故AB错误；CD当木板沿斜面下滑时，若0，对整体分析，根据牛顿第二定律可得加速度为a=gsin-gcos隔离对小球分析有mgsin-F2=ma解得

15、F2=mgcos则有F1：F2=mgsin：mgcos=tan：解得故C错误、D正确。故选D。4、C【解析】两球之间是吸引力，故假设A的带电量为Q，B的带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是：，第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：故C正确ABD错误。故选C。5、C【解析】AB对物体受力分析如图所示，正交分解，根据平衡条件列出方程随着的增大，减小，增大，选项AB错误；C当物块恰好滑动时得选项C正确；D缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力与重力等大反向，始终不变，D错误。故选C。6、C【解

16、析】A线框在进入磁场过程中，磁通量向里增加，由楞次定律判断知回路产生的电流方向为逆时针，故A错误；B线框在进入磁场时，ON段电压是外电压的一部分；线框在离开磁场时，ON段电压是外电压，而两个过程外电压相等，所以线框在进入与离开磁场的过程中ON段两端电压大小不等，故B错误；C线框转动一周过程中产生的热量为故C正确；D设线框转动一周过程中回路的等效电流大小为I，则Q=I2RT解得故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A由图可知，导体棒MN电流方

17、向有M指向N，由左手定则可得，安培力方向平行于线框平面，且垂直于导体棒MN，故A错误；BMLN边的有效长度与MN相同，等效后的电流方向也与MN相同，由左手定则可知，边MLN的电阻等于边MN的电阻的两倍，两者为并联关系，根据欧姆定律可知，导体棒MN中的电流是导体棒MLN中电流的2倍，故B正确；CD中的电流大小为，则MLN中的电流为，设MN的长为，由题意知所以边MLN所受安培力为方向与MN边所受安培力的方向相同，故有故C错误，D正确。故选BD。8、BCD【解析】由题图知，波长8 m，则波速为vm/s10 m/s此时B质点的速度方向为y方向，由波形的平移法知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；A质点与

18、B质点平衡位置相距x1 m，则波从B质点传到A质点的时间ts0.1 s，故B正确；B质点此时的位移为ysin cm1 cm，故C正确；由题图所示时刻经 0.2 sT，由波形平移法可知，x5 m处质点的状态传到B质点，B质点的运动路程为s2y2 cm，故D正确；因该列波的波长为8 m，则该列波在传播过程中遇到宽度为d4 m的障碍物时会发生明显的衍射现象，故E错误9、BC【解析】A地球同步卫星和地球自转同步，周期为24h，A错误；B由可知 则该卫星所在处的重力加速度是B正确；C由于该卫星的动能选项C正确；D根据开普勒第三定律可知，该卫星周期与近地卫星周期之比为选项D错误。故选BC。10、AB【解析

19、】ABC小球与半圆槽组成的系统在水平方向所受合外力为零，初状态时系统在水平方向动量为零，由动量守恒定律可知，小球第一次离开槽时，系统水平方向动量守恒，球与槽在水平方向的速度相等都为零，球离开槽后做竖直上抛运动，槽静止，小球会再落回凹槽，由能量守恒可知小球离开凹槽后上升的最大高度为。故AB正确，C错误；D从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为，由动量守恒解得故D错误。故选AB。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 50 【解析】（1）1将S拨向接点1，接通，调节使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表的读数I。（2）2然

20、后将S拨向接点2，调节，使标准电流表的读数仍为I，记下此时的读数。（3）3读取电阻箱各旋盘对应的数值后，再乘相应的倍率。其电阻为4该电阻箱可以提供的最大阻值为电阻箱可以提供的阻值范围为12、 900 R1 45 5 0 35000.0 【解析】（1）连线如图：根据欧姆表的改装原理，当电流计满偏时，则，解得R=900；为了滑动变阻器的安全，则滑动变阻器选择R1；（2）在a处， ，解得Rxa=45k；在b处，则，解得Rxb=5k；（3）校准：红黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指到0 k处；由图可知，电阻箱接入的电阻为：R=35000.0四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中

21、指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、13. 8cm【解析】对左侧气体，分别列出两个状态的压强、体积，根据玻意耳定律列式可求得稳定后玻璃管左侧气体的长度。【详解】设管的横截面积为s，左侧气体初始状态的参量：打开U形玻璃管右侧端口，右侧压强变大，水银向左侧移动，设稳定后玻璃管左侧气体的长度将变为，则：由玻意耳定律得： 即：解得：（不合题意，舍去），答：稳定后玻璃管左侧气体的长度将变为13. 8cm。14、（1）；（2）.【解析】（1）粒子的轨迹如图所示设粒子速率为由几何关系得解得（2）若粒子在磁场运动时间最长，则应从x轴射出磁场，设其速度的最大值为粒子恰好与y轴相切。由几何关系可知解得。粒子的速度。15、0.13m3；29.29g。【解析】个大气压，； 充气后球体积为V，个大气压； 由玻意耳定律得得充气罐内氮气在标况下体积为V0，p0=1个大气压；由状态方程得得氦气的摩尔数质量