河南省平顶山市许昌市汝州市2022-2023学年高考物理五模试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回

2、。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2019年10月8日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2019年诺贝尔物理学奖，一半授予美国普林斯顿大学吉姆皮布尔斯，以表彰他“关于物理宇宙学的理论发现”，另外一半授予瑞士日内瓦大学的米歇尔麦耶和瑞士日内瓦大学教授兼英国剑桥大学教授迪迪埃奎洛兹，以表彰他们“发现一颗环绕类日恒星运行的系外行星”。若某一系外行星的半径为R，公转半径为r，公转周期为T，宇宙飞船在以系外行星中心为圆心，半径为r1的轨道上绕其做圆周运动的周期为T1，不考虑其他星球的影响。(己知地球的公转半径为R0，公转周期为

3、T0)则有ABC该系外行星表面重力加速度为D该系外行星的第一宇宙速度为2、如图所示，足够长的直线ab靠近通电螺线管的一端，且与螺线管垂直。用磁传感器测量ab上各点沿ab方向上的磁感应强度分量Bx的大小，在计算机屏幕上显示的图像大致是 （ ）ABCD3、如图所示，匀强磁场中有一电荷量为q的正离子，由a点沿半圆轨迹运动，当它运动到b点时，突然吸收了附近若干电子，接着沿另一半圆轨迹运动到c点，已知a、b、c在同一直线上，且acab。电子的电荷量为e，质量可忽略不计，则该离子吸收的电子个数为ABCD4、三根通电长直导线平行放置，其截面构成等边三角形，O点为三角形的中心，通过三根直导线的电流大小分别用小

4、I1，I2、I3表示，电流方向如图所示.当I1=I2=I3=I时，O点的磁感应强度大小为B，通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小跟电流成正比，则下列说法正确的是（ ）A当I1=3I，I2=I3=I时，O点的磁感应强度大小为2BB当I1=3I，I2=I3=I时，O点的磁感应强度大小为3BC当I2=3I，I1=I3=I时，O点的磁感应强度大小为BD当I3=3I，I1=I2=I时，O点的磁感应强度大小为B5、2018年2月7日凌晨，太空技术探索公司 SpaceX成功通过“猎鹰重型”火箭将一辆红色的特斯拉跑车送上通往火星的轨道，如图所示，已知地球到太阳中心的距离为，火星到太阳中心的距离为，地球和火星

5、绕太阳运动的轨迹均可看成圆，且，若特斯拉跑车按如图所示的椭圆轨道转移，则其在此轨道上的环绕周期约为（ ）A1.69年B1.3年C1.4年D2年6、 “儿童蹦极”中，拴在腰问左右两侧的是弹性橡皮绳质量为m的小明如图所示静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳断裂，则小明此时的A加速度为零B加速度a=g，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C加速度a=g，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D加速度a=g，方向竖直向下二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列沿x轴正方向

6、传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，此时波恰好传到平衡位置在用x1=2.5m处的P点。已知平衡位置在x2=5.5m处的Q点在08s内运动的路程为0.2m，则下列说法正确的是_。AP点的起振方向沿y轴正方向BP点振动的周期为4sC该波的传播速度大小为1m/sD质点Q的振动方程为E.若一列频率为1Hz的简谐横波沿x轴负方向传播，与该波相遇时会产生稳定的干涉现象8、有四个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中，如图所示。若开关接在位置1时，四个灯泡发光亮度相同；若将开关接在位置2时，灯泡均未烧坏。下列说法正确的是（）A该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数之比为31B该变压器是升压变压器，

7、原、副线圈匝数之比为13C开关接在位置2时，副线圈中的灯泡发光亮度均减弱D开关接在位置2时，副线圈中的灯泡发光亮度均加强9、一列横波沿水平方向传播，质点A平衡位置位于处，质点P平衡位置位于处，质点A的振动图像如图甲所示，如图乙所示是质点A刚振动了11s时的波形图，以下说法正确的是（ ）A波速B波源的最初振动方向向上C时波传到P点D当质点P点处于波峰位置时，A质点处于波谷位置10、如图所示，质量为 m 的活塞将一定质量的气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦。a 态是气缸放在冰水混合物中气体达到的平衡状态，b 态是气缸从容器中移出后，在室温（27 C）中达到的平衡状态。气体从 a 态变化到 b

8、 态的过程中大气压强保持不变。若忽略气体分子之间的势能，下列说法中正确的是（ ）A与 b 态相比，a 态的气体分子在单位时间内撞击活塞的个数较多B与 a 态相比，b 态的气体分子在单位时间内对活塞的冲量较大C在相同时间内，a、b 两态的气体分子对活塞的冲量相等D从 a 态到 b 态，气体的内能增加，外界对气体做功，气体向外界释放了热量E.从 a 态到 b 态，气体的内能增加，气体对外界做功，气体向外界吸收了热量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）从下表中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电阻Rx的阻值。要求方法简捷，得到多组数据

9、，有尽可能高的测量精度。(1)电流表应选用_，电压表应选用_。(2)完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。_(3)在实验中，有的同学连成下图所示的电路，其中a，b，c，k 是表示接线柱的字母。请将图中接线错误（用导线两端接线柱的字母表示）、引起的后果、改正的方法（改接、撤消或增添），填在图中表格相应的位置中。接线错误引起的后果改正的方法_12（12分）某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端开始时小球和滑块均静止，剪断细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，

10、保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移（空气阻力对本实验的影响可以忽略）（1）滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为_（2）滑块与斜面间的动摩擦因数为_（3）以下能引起实验误差的是_A、滑块的质量 B、当地重力加速度的大小 C、长度测量时的读数误差D、小球落地和滑块撞击挡板不同时四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,小球A及水平地面上紧密相挨的若干个小球的质量

11、均为m,水平地面的小球右边有一固定的弹性挡板;B为带有四分之一圆弧面的物体,质量为km(其中k为整数),半径为R,其轨道末端与水平地面相切。现让小球A从B的轨道正上方距地面高为h处静止释放,经B末端滑出,最后与水平面上的小球发生碰撞,其中小球之间、小球与挡板之间的碰撞均为弹性正碰,所有接触面均光滑,重力加速度为g.求：(1)小球第一次从B的轨道末端水平滑出时的速度大小；(2)若小球A第一次返回恰好没有冲出B的上端,则h与R的比值大小；(3)若水平面上最右端的小球仪能与挡板发生两次碰撞,则k的取值大小.14（16分）如图所示，闭合矩形线框abcd可绕其水平边ad转动，ab边长为x，bc边长为L、

12、质量为m，其他各边的质量不计，线框的电阻为R。整个线框处在竖直向上的磁感应强度为B的匀强磁场中。现给bc边施加一个方向与bc边、磁场的方向均垂直的初速度v，经时间t，bc边上升到最高处，ab边与竖直线的最大偏角为，重力加速度取g。求t时间内：（1）线框中感应电动势的最大值；（2）流过线框导体截面的电量；（3）线框中感应电流的有效值。15（12分）如图直角坐标系xOy中，第象限内存在场强为E，沿x轴负方向的匀强电场，第、象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q（q0）的带电粒子，从P（l，l）处由静止开始运动，第1次通过x轴时沿y轴负方向。不计粒子重力。求：（1）匀强磁场的磁

13、感应强度大小；（2）粒子第3次经过y轴时的纵坐标；（3）通过计算说明粒子离开P点后能否再次经过P点。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB开普勒第三定律，其中k与中心天体有关，系外行星，宇宙飞船，地球做圆周运动的中心天体均不同，故AB错误；C对宇宙飞船解得故C错误；D对系外行星的近地卫星：解得故D正确。2、C【解析】通电螺线管的磁场分布相当于条形磁铁，因此根据磁感线的分布，再由磁感线的疏密程度来确定磁感应强度的大小，如图所示：那么各点沿ab方向上的磁感应强度分量Bx的大小从a向b先增大，后减小到零，再反

14、向增大，最后减小，故C正确。故选C。3、D【解析】正离子由a到b的过程，轨迹半径，根据牛顿第二定律：，正离子在b点吸收n个电子，因电子质量不计，所以正离子的速度不变，电荷量变为qne，正离子从b到c的过程中，轨迹半径r2ab，且(qne)vB，解得：nA。故A不符合题意。 B。故B不符合题意。C。故C不符合题意。 D。故D符合题意。4、A【解析】AB根据安培定则画出I1、I2、I3在O点的磁感应强度示意图，当I1=I2=I3时，令B1=B2=B3=B0，示意图如图甲所示根据磁场叠加原理，可知此时O点的磁感应强度大小B与B0满足关系；当I1=3I2，I2=I3=I时，B1=3B0，B2=B3=B

15、0，示意图如图乙所示由图乙解得O点的磁感应强度大小为4B0=2B，故A正确，B错误；CD当I2=3I，I1=I3=I时，B1=B3=B0，B2=3B0，示意图如图丙所示由图丙解得O点的磁感应强度大小为，同理可得，当I3=3I，I1=I2=I时，O点的磁感应强度大小也为，故CD错误。故选A。5、B【解析】根据开普勒第三定律可得：解得故选B。6、B【解析】小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，如图所示：由于，故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为120，当右侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三

16、个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于，故加速度为g，沿原断裂绳的方向斜向下，故选B正确，ACD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A根据横波的传播方向与振动方向的关系可知，t=0时刻P点的振动方向沿y轴正方向，故A正确；B由题图可以看出，该波的波长=2m、振幅A=0.1m，则说明在08s内Q点振动的时间为，该波的传播速度大小结合，解得T=4s、v=0.5m/s故B正确，C错误；D波从P点传到Q点

17、所用的时间=8s=6sQ点的振动方向沿y轴正方向，故质点Q的振动方程为(m)(t6s)即(m)(t6s)故D正确；E产生稳定干涉现象的必要条件是顿率相等，故这两列波相遇时不会产生稳定的干涉现象，故E错误。故选ABD。8、AD【解析】AB四个灯泡发光程度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为1：3，根据可知该变压器是降压变压器，原副线圈匝数比为3：1，故A正确，B错误；CD接到2位置，原线圈电压变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以副线圈中的灯泡的电流变大，发光亮度均加强，故D正确，C错误。故选AD。9、AD【解析】A由题图甲知，由题图乙知，波速A正确；B结合图甲、图乙可判断，该波沿

18、轴正方向传播，根据题图乙知时，波源的振动传到处，可知波源最初振动方向向下，B错误；C波从处传到处需要，此时，C错误；D质点A、P平衡位置间距为1m，等于2.5，去整留零相当于1.5，当质点P点处于波峰位置时，质点A处于波谷位置，D正确。故选AD。10、ACE【解析】A因压强不变，而由a到b时气体的温度升高，故可知气体的体积应变大，故单位体积内的分子个数减少，故a状态中单位时间内撞击活塞的个数较多，故A正确；BC因压强不变，故气体分子在单位时间内撞击器壁的冲力不变，故冲量不变，故B错误，C正确；DE因从a到b，气体的温度升高，故内能增加；因气体体积增大，故气体对外做功，则由热力学第一定律可知气体

19、应吸热，故D错误，E正确；故选ACE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1 V1 ce 不利于调节电压，调节不当，电源可能短路，损坏电源 撤消ce连线 【解析】（1）1器材中的电源为3V，被测电阻约为10k，故通过电阻的电流最大约为I=3V/10k=0.3mA=300A刚好不超A1的量程，而A2的量程是0.6A就太大了；2电压表就选3V量程的V1，因为V2的量程也是太大了。（2）3因为题中要求得到多组数据，所以用分压式较好，再说所给的变阻器的最大阻值是50，它比被测电阻小多了，也不能用限流的方法连接，又因为需要尽可能高的测量精度，所

20、以电阻测量需要用电压表外接法，因为被测电阻的电阻值较大，外接法的误差较小；又因为使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏，所以闭合开关前，应该使电压表的示数接近0，故电路的实物图如图所示；（3）456接线错误的两个接线柱是ce，因为它接起来后，电压表与电源直接连接，变阻器的滑片如何滑动都不会影响电压表示数的变化了，当滑动滑片移动到最下端时，电源也可能短路，故是不可以的，应该将其去掉才行。12、 CD 【解析】（1）由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，对滑块，位移：x=at2；对小球，位移：H=gt2，解得：；（2）设斜面倾角为，则：sin= ，cos=

21、，对滑块，由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，加速度：，解得：=；（3）由=可知，能引起实验误差的是长度x、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差，故选CD【点睛】本题考查了测动摩擦因数实验，应用匀加速直线运动和自由落体运动、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意数学知识的应用；知道实验原理是正确解题的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)(2)(3)【解析】(1)对AB由水平方向动量守恒有：对AB由能量守恒有：联立解得： (2) 对AB由水平方向动量守恒有

22、：对AB由能量守恒有：联立解得：(3)要使小球与挡板发生两次碰撞，则有碰后小球A的速度小于等于B球的速度，由能量守恒有联立解得：14、（1）BLv；（2）；（3）。【解析】（1）开始时速度最大且与磁感应强度方向垂直，感应电动势最大，则有（2）根据电荷量的计算公式可得根据闭合电路欧姆定律可得根据法拉第电磁感应定律可得解得（3）根据能量守恒定律可得根据焦耳定律解得15、（1）；（2）；（3）以后粒子的轨迹逐渐向上不会再次经过P点，证明见解析。【解析】（1）设粒子经第象限的电场加速后，到达y轴时的速度为，根据动能定理由左手定则可以判断，粒子向y方向偏转，如图所示：由几何关系知，粒子在磁场中运动的半径为由牛顿第二定律得： 由得：（2）粒子第2次经过x轴时，速度沿+y方向，位置坐标为粒子在电场中做类平抛运动，经历的时间，第3次经过y轴时，轨迹如图由得（3）粒子第2 次离开电场时，根据动能定理有：解得，=45粒子第2次进入磁场时做圆周运动的半径R2，根据半径公式可得：第三次进入电场是从坐标原点O处沿与x轴正向45角斜向上方向。由类平抛对称性可知，粒子运动的横坐标为l时，纵坐标的值为2l，可知本次不会经过P点。粒子将从y=4l处第3次离开电场， 第3次通过磁场后从y=2l处与+x方向成45角斜向上第4次过电场，不会经过P点。 以后粒子的轨迹逐渐向上不会再次经过P点。