河南省通许县丽星中学2023届高三下第一次测试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

2、。1、下列描述中符合物理学史实的是（）A第谷通过长期的天文观测，积累了大量的天文资料，并总结出了行星运动的三个规律B开普勒通过“月地检验”证实了地球对物体的吸引力与天体间的吸引力遵守相同的规律C伽利略对牛顿第一定律的建立做出了贡献D万有引力定律和牛顿运动定律都是自然界普遍适用的规律2、下列说法正确的是（）A中子与质子结合成氘核时吸收能量B卢瑟福的粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的C入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度，则不可能发生光电效应D根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道，原子的能量减少，电子的动能增加3、如图，倾角为的斜面固定在水平面上，质量为的

3、小球从顶点先后以初速度和向左水平抛出，分别落在斜面上的、点，经历的时间分别为、；点与、与之间的距离分别为和，不计空气阻力影响。下列说法正确的是（）ABC两球刚落到斜面上时的速度比为14D两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角正切值的比为114、传送带可向上匀速运动，也可向上加速运动；货箱M与传送带间保持相对静止，受传送带的摩擦力为f。则（）A传送带加速运动时，f的方向可能平行传送带向下B传送带匀速运动时，不同质量的货箱，f相等C相同的货箱，传送带匀速运动的速度越大，f越大D相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大5、如图所示，倾角为30的斜面固定在水平地面上斜面上放有一重为G的物块，物块与斜

4、面之间的动摩擦因数等于，水平轻弹簧一端顶住物块，另一端顶住竖直墙面物块刚好沿斜面向上滑动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧的弹力大小是（ ）AGBGCGDG6、如图所示，小球B静止在光滑水平台右端，小球A以一定的初速度v0与小球B发生弹性正撞，碰撞后两小球由台阶水平抛出，B球第一次落在了水平地面上的P点，A球第一次落到地面上弹起来后第二次也落到了P点。若两球与地面碰撞时没有能量损失，碰撞前后速度方向满足光的反射定律，则A、B两球的质量之比m1：m2为（）A21B31C32D53二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得

5、5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在倾角为的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ、MN，相距为L，导轨处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下有两根质量均为m的金属棒a、b，先将a棒垂直导轨放置，用跨过光滑定滑轮的细线与物块c连接，连接a棒的细线平行于导轨，由静止释放c，此后某时刻，将b也垂直导轨放置，a、c此刻起做匀速运动，b棒刚好能静止在导轨上a棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨电接触良好，导轨电阻不计则（ ）A物块c的质量是2msinBb棒放上导轨前，物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能Cb棒放上导轨后，物块c减少的重力势能等于回路消耗的电能D

6、b棒放上导轨后，a棒中电流大小是8、如图所示，金属圆环放置在水平桌面上，一个质量为m的圆柱形永磁体轴线与圆环轴线重合，永磁体下端为N极，将永磁体由静止释放永磁体下落h高度到达P点时速度大小为v，向下的加速度大小为a，圆环的质量为M，重力加速度为g，不计空气阻力，则（ ）A俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向B永磁体下落的整个过程先加速后减速，下降到某一高度时速度可能为零C永磁体运动到P点时，圆环对桌面的压力大小为Mg+mgmaD永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh+mv29、一空间有垂直纸面向里的匀强磁场B，两条电阻不计的平行光滑导轨竖直放置在磁场内，如图所示，磁感应强度B0.5 T，

7、导体棒ab、cd长度均为0.2 m，电阻均为0.1 ，重力均为0.1 N，现用力向上拉动导体棒ab，使之匀速上升(导体棒ab、cd与导轨接触良好)，此时cd静止不动，则ab上升时，下列说法正确的是()Aab受到的拉力大小为2 NBab向上运动的速度为2 m/sC在2 s内，拉力做功，有0.4 J的机械能转化为电能D在2 s内，拉力做功为0.6 J10、有一列沿x轴传播的简谐橫波，从某时刻开始，介质中位置在x=0处的质点a和在x=6m处的质点b的振动图线分别如图1图2所示则下列说法正确的是_A质点a的振动方程为y=4sin(t+)cmB质点a处在波谷时，质点b-定处在平衡位置且向y轴正方向振动C

8、若波沿x轴正方向传播，这列波的最大传播速度为3m/sD若波沿x轴负方向传播，这列波的最大波长为24mE.若波的传播速度为0.2m/s，则这列波沿x轴正方向传播三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。请回答下列问题：（1）使用多用电表粗测电阻时，将选择开关拨至欧姆挡“100”挡，经正确操作后，指针指示如图甲a。为了使多用电表测量的结果更准确，该同学应该选择欧姆挡_档（选填“10”“1k”）；若经过正确操作，将两表笔接待测电阻两端时，指针指示如图甲b，则待测电阻为_。（2）图乙是某多用电表欧姆挡内部

9、电路示意图。其中，电流表满偏电流为0.5mA、内阻为10；电池电动势为1.5V、内阻为1；变阻器R0的阻值范围为05000。该欧姆表的两只表笔中，_是黑表笔。（选填“A”或“B”）；该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V、内阻为1进行刻度的。当电池的电动势下降到1.45V、内阻增大到4时，欧姆表仍可调零，则调零后R0接入电路的电阻将变_（填“大”或“小”），若用重新调零后的欧姆表测得某待测电阻阻值为400，则这个待测电阻的真实阻值为_（结果保留三位有效数字）12（12分）某学习小组在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除导线和开关外，可供选择的实验器材如下：A小灯泡L，规格2.5V，1.0W

10、B电流表A1，量程0.6A，内阻约为1.5C电流表A2，量程3A，内阻约为0.5D电压表V1，量程3V，内阻约为3kE电压表V2，量程15V，内阻约为9kF滑动变阻器R1，阻值范围01000G滑动变阻器R2，阻值范围05H学生电源4V，内阻不计(1)为了调节方便，测量尽量准确，电流表应选用_、电压表应选用_、实验电路应选用如下电路中的_（一律填选项序号）。A BC D(2)实验测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示，由此可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的灯丝电阻是_（保留两位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步

11、骤。13（10分）如图所示，半径为的光滑圆弧轨道，与半径为的半圆光滑空心管轨道平滑连接并固定在竖直面内，粗糙水平地面上紧靠管口有一长度为L=2.5m、质量为M=0.1 kg的静止木板，木板上表面正好与管口底部相切，处在同一水平线上。质量为m2= 0.05 kg的物块静止于B处，质量为m1=0.15kg的物块从光滑圆弧轨道项部的A处由静止释放，物块m1下滑至B处和m2碰撞后合为一个整体。两物块一起从空心管底部C处滑上木板，两物块恰好没从木板左端滑下。物块与木板之间的动摩擦因素=0.3，两物块均可视为质点，空心管粗细不计，重力加速度取g=10m/s2。求：(1)物块m1滑到圆弧轨道底端B处未与物块

12、m2碰撞前瞬间受到的支持力大小；(2)物块m1和m2碰撞过程中损失的机械能；(3)木板在地面上滑行的距离。14（16分）如图，玻璃球冠的折射率为，其底面镀银，底面的半径是球半径的倍；在过球心O且垂直于底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A点求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角15（12分）如图，某同学想把剖面MON为等腰三角形的玻璃砖加工成“玻璃钻石”送给妈妈已知顶角MON = 1，该玻璃折射率n = 1现有一光线垂直MN边入射（i）为了使该光线在OM边和ON边都能发生全反射，求的取值范围（ii）若 = 41，试通过计算

13、说明该光线第一次返回MN边能否射出参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A第谷进行了长期的天文观测，积累了丰富的资料。以此为基础，之后的开普勒进一步研究总结出了太阳系行星运动的三个规律。所以A错误；B牛顿通过“月地检验”证实了地球对物体的吸引力与天体间的吸引力遵守相同的规律，不是开普勒。所以B错误；C伽利略对牛顿第一定律的建立做出了贡献，符合物理学史实。所以C正确；D万有引力定律和牛顿运动定律都有一定适用范围，不适用于高速微观世界。所以D错误。故选C。2、D【解析】A中子与质子结合成氘核的过程中有质量亏损，

14、释放能量，故A错误；B卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型，故B错误；C根据光电效应方程知入射光的频率不变，若仅减弱该光的强度，则仍一定能发生光电效应，故C错误；D电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，总能量减小；根据可知半径越小，动能越大，故D正确。故选D。3、D【解析】A平抛运动落在斜面上时，竖直方向的位移和水平方向上位移比值一定解得可知时间与初速度成正比，所以，故A错误；B落点到A点的距离可知距离与初速度的平方成正比，所以，故B错误；CD设速度与水平方向的夹角为，有则知小球落在斜面上时速度方向相同，所以两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角相同，夹角正切值的比为11，则落到斜面上

15、时的速度为则可知刚落到斜面上时的速度与初速度成正比，所以两球刚落到斜面上时的速度比为12，故C错误，D正确。故选D。4、D【解析】A当传送带加速向上运动时，加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知货箱所受合力沿传送带向上，则有：知摩擦力的方向向上，故A错误；B当传送带匀速运动时，货箱受到重力、传送带的支持力和静摩擦力作用，其中重力沿传送带方向的分力与静摩擦力平衡，摩擦力方向一定沿斜面向上，即，不同质量的货箱，f不相等，故B错误；C传送带匀速运动时的摩擦力为：，与货箱的质量有关，与传送带的速度无关，故C错误；D当传送带加速向上运动时，加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知合力沿传送带向

16、上：解得：，所以相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大。故D正确。故选D。5、D【解析】对物体受力分析，物体受向下的摩擦力，根据正交分解法建立平衡方程即可求解F.【详解】根据物体的受力情况可知：Fcos300=mgsin300+(Fsin300+mgcos300)，解得F=G，故选D.6、B【解析】由题意知两球水平抛出至第一次落到地面时，球运动的距离是球的3倍，故它们平抛的初速度两球发生弹性碰撞，故解得 解得故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解

17、析】b棒静止说明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒匀速向上运动，说明a棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡，c匀速下降则c所受重力和绳的拉力大小平衡由b平衡可知，安培力大小F安=mgsin，由a平衡可知F绳=F安+mgsin=2mgsin，由c平衡可知F绳=mcg；因为绳中拉力大小相等，故2mgsin=mcg，即物块c的质量为2msin，故A正确；b放上之前，根据能量守恒知a增加的重力势能也是由于c减小的重力势能，故B错误；a匀速上升重力势能在增加，故根据能量守恒知C错误；根据b棒的平衡可知F安=mgsin又因为F安=BIL，故，故D正确；

18、故选AD考点：物体的平衡；安培力.8、AC【解析】根据楞次定律判断感应电流的方向；可根据假设法判断磁铁下落到某高度时速度不可能为零；根据牛顿第二定律分别为磁铁和圆环列方程求解圆环对地面的压力；根据能量关系求解焦耳热。【详解】磁铁下落时，根据楞次定律可得，俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向，选项A正确；永磁体下落的整个过程，开始时速度增加，产生感应电流增加，磁铁受到向上的安培力变大，磁铁的加速度减小，根据楞次定律可知“阻碍”不是“阻止”，即磁铁的速度不可能减到零，否则安培力就是零，物体还会向下运动，选项B错误；永磁体运动到P点时，根据牛顿第二定律：mg-F安=ma；对圆环：Mg+F安=N，则N=

19、Mg+mgma，由牛顿第三定律可知圆环对桌面的压力大小为Mg+mgma，选项C正确；由能量守恒定律可得，永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh-mv2，选项D错误；故选AC.【点睛】此题关键是理解楞次定律，掌握其核心“阻碍”不是“阻止”；并能用牛顿第二定律以及能量守恒关系进行判断.9、BC【解析】A. 导体棒匀速上升，受力平衡，棒静止，受力也平衡，对于两棒组成的整体，合外力为零，根据平衡条件可得棒受到的推力：故A错误；B. 对棒，受到向下的重力和向上的安培力安，由平衡条件得：安联立解得：故B正确；C. 在2s内，电路产生的电能：则在2s内，拉力做功，有的机械能转化为电能，故C正确；D.

20、 在2s内拉力做的功为：故D错误。10、BDE【解析】由于题目中不知道波的传播方向，所以在做此类问题时要分方向讨论，在计算波速时要利用波的平移来求解【详解】A. 把t=0代入振动方程为y=4sin(t+)cm，可知此时a的位置应该在+4处，和所给的图不相符，故A错；B. 从图像上可以看出质点a处在波谷时，质点b-定处在平衡位置且向y轴正方向振动，故B对；C. 若波沿x轴正方向传播，从图像上可以看出b比a至少滞后6s，而ab之间的距离为6m，所以这列波的最大传播速度为1m/s，故C错；D、若波沿x轴负方向传播，从图像上可以看出，a比b至少滞后2s，所以这列波的最大波速为： 则最大波长为 ，故D对

21、；E、根据图像，若波沿x正方向传播，则波速的表达式为 ，当 ，解得： ，有解说明波是沿x正方向传播，故E对；故选BDE三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1k 30000 B 调小 387 【解析】(1)1使用多用电表粗测电阻时，将选择开关拨至欧姆挡“100”挡，经正确操作后，指针指示如图甲a。显然是批针偏转过小，示数太大，为了减小示数，则必增大倍率，即要欧姆档的倍率调到1k；2若经过正确操作，将两表笔接待测电阻两端时，指针指示如图甲b，则待测电阻为(2)3由于欧姆表与其他档位的表是共用表头的，所以欧姆表的内接电源的+接线柱必从表头的+

22、相接，电流要求从+接线柱（即红接线柱）流进，所以A是红接线柱，B是黑接线柱；4欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V、内阻为1进行刻度的。则此时调零电阻连入电路的电阻当电池的电动势下降到1.45V、内阻增大到4时，欧姆表仍可调零，此时要使电流表仍满偏，则所以要调小；5若用重新调零后的欧姆表测得某待测电阻阻值为400，则有：此时正常电阻400在正常原电动势中的电流若把此电阻接入旧的欧姆表中时电流I对应的阻值12、B D C 5.1(或5.2或5.3) 【解析】(1)12小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表选D(3V)，额定电流为故电流表选B(0.6A)；3小灯泡的电阻为由于故采用电流表外接法，

23、要求小灯泡两端的电压从零开始，所以滑动变阻器采用分压式接法，故实验电路应选C。(2)4由图像可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的电流约为0.38A，则小灯泡的电阻为(5.1或5.2)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)N=4.5N；(2)E=0.3J；(3)x=2.5m【解析】（1）物块m1从A到B由动能定理:所以:v1=4m/s对m1在B点受力分析得:解得:N=4.5N（2）两物块碰撞前后动量守恒:m1v1=（m1+m2）v2解得:v2=3m/s由能量守恒:损失机械能:E=0.3J（3）设两物块碰撞

24、后的整体质量为m，m大小为0.2kg木板与地面之间的动摩擦因素为1。从B到C由动能定理:得:v3=5m/s物块滑上木板后，物块先做匀减速，木板匀加速，直到共速，物块的加速度为:木板的加速度为:当物块与木板共速时:v3-a1t=a2t共速时的速度为v=a2t物块恰好没滑下木板，相对位移为:共速时木板的位移为:物块与木板共速后一起匀减速，加速度为:共速后继续滑行的距离为:木板的位移:x=x1+x2综上可解得木板的位移为:x=2.5m14、150【解析】设球半径为R，球冠地面中心为O，连接OO，则OOAB令OAO=则：即OAO=30已知MAAB，所以OAM=60设图中N点为光线在球冠内地面上的反射点

25、，光路图如图所示设光线在M点的入射角为i，折射角为r，在N点的入射角为i，反射角为i，玻璃的折射率为n由于OAM为等边三角形，所以入射角i=60由折射定律得：sini=nsinr代入数据得：r=30作N点的法线NE，由于NEMA，所以i=30由反射定律得：i=30连接ON，由几何关系可知MANMON，则MNO=60由式可得ENO=30所以ENO为反射角，ON为反射光线由于这一反射光线垂直球面，所以经球面再次折射后不改变方向所以，该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为=180-ENO=15015、（1） （1）可以射出【解析】（i）根据题意画出光路图（如图）当光线入射到玻璃砖的内表面（OM、ON）上恰好发生全反射时需满足解得：临界角 C=30由几何关系可得光线入射到OM边、ON边的入射角分别为90、390要发生全反射应满足：90 C、390C综合两式得 4060（ii）画出该光线第一次返回MN边时的光路图由几何关系可得在MN边入射角为1804若 = 41，则1804C所以该光线第一次返回MN边可以射出