浙江省效实中学2023年高考冲刺物理模拟试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回

2、。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，图甲是旋转磁极式交流发电机简化图，其矩形线圈在匀强磁场中不动，线圈匝数为10匝，内阻不可忽略。产生匀强磁场的磁极绕垂直于磁场方向的固定轴OO（OO沿水平方向）匀速转动，线圈中的磁通量随时间按如图乙所示正弦规律变化。线圈的两端连接理想变压器，理想变压器原、副线圈的匝数比n1n2=21，电阻R1=R2=8。电流表示数为1A。则下列说法不正确的是（）Aabcd线圈在图甲所在的面为非中性面B发电机产生的电动势的最大值为10VC电压表的示数为10VD发电机线圈的电阻为42、吊兰是常养的

3、植物盆栽之一，如图所示是悬挂的吊兰盆栽，四条等长的轻绳与竖直方向夹角均为30，花盆总质量为2kg，取g=10m/s2，则每根轻绳的弹力大小为（）A5NBC10ND20N3、北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星定位和导轨系统，预计2020年形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做匀速圆周运动，轨道半径，其中a是地球同步卫星，不考虑空气阻力。则Aa的向心力小于c的向心力Ba、b卫星的加速度一定相等Cc在运动过程中不可能经过北京上空Db的周期等于地球自转周期4、氢原子能级示意图如图所示光子能量在1.63 eV3.10 eV的光为可见光要

4、使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A12.09 eVB10.20 eVC1.89 eVD1.5l eV5、如图所示，两个可视为质点的小球A、B通过固定在O点的光滑滑轮用轻绳相连，小球A置于光滑半圆柱上，小球B用水平轻绳拉着，水平轻绳另一端系于竖直板上，两球均处于静止状态。已知O点在半圆柱横截面圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30角、其长度与半圆柱横截面的半径相等，OB与竖直方向成60角，则（）A轻绳对球A的拉力与球A所受弹力的合力大小相等B轻绳对球A的拉力与半网柱对球A的弹力大小不相等C轻绳AOB对球A的拉力与对球B的拉力大小之比为：D球A与球

5、B的质量之比为2：16、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为12，正弦交流电源电压为U12 V，电阻R11 ，R22 ，滑动变阻器R3最大阻值为20 ，滑片P处于中间位置，则AR1与R2消耗的电功率相等B通过R1的电流为3 AC若向上移动P，电压表读数将变大D若向上移动P，电源输出功率将不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星、做匀速圆周运动，图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a，横坐标表示物

6、体到行星中心的距离r的平方，两条曲线分别表示 、周围的a与r2 的反比关系，它们左端点横坐标相同，则A的平均密度比 的大B的第一宇宙速度比 的小C的向心加速度比 的大D的公转周期比 的大8、如图所示，一个碗口水平、内壁光滑的半球形碗固定在水平桌面上，在球心O点固定一电荷量为Q的带正电金属球，两个质量相等的绝缘带电小球A和B分别紧贴着内壁在水平面内做匀速圆周运动。若小球A、B所带电荷量很少，两者间的作用力忽略不计，且金属球和带电小球均可视为质点，取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）A小球A运动轨迹上各点的电场强度相同B小球A运动轨迹上各点的电势相等C小球A的电荷量大于小球B的电荷量D小球A

7、的角速度大于小球B的角速度9、如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表示数变化量的绝对值为I，下列说法止确的是（）A理想电压表V2的示数增大BU3U1U2C电源的输出功率减小DU3与的比值不变10、下列有关热现象的说法中，正确的是（）A温度高的物体内能不一定大B气体的温度升高，所有分子的运动速率都增大C物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功D对物体做功不能改变物体的分子势能E.物体的内能跟物体的温度和体积有关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指

8、定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现有一种特殊的电池，它的电动势E约为9V，内阻r约为50，已知该电池允许输出的最大电流为50 mA，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图(a)所示的电路进行实验，图中电压表的内阻很大，对电路的影响可不考虑，R为电阻箱，阻值范围09 999，R0是定值电阻，起保护电路的作用(1)实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A10 2.5 W B100 1.0 WC200 1.0 W D2 000 5.0 W本实验应选哪一种规格？答_ (2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出

9、了如图 (b)所示的图线（已知该直线的截距为0.1 V-1)则根据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势E为_V，内阻r为_.（结果保留三位有效数字）12（12分）某小组的同学做“探究影响感应电流方向的因素”实验。(1)首先按图甲(1)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向右偏转；再按图甲(2)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向左偏转。进行上述实验的目的是（_）A检查电流计测量电路的电流是否准确B检查干电池是否为新电池C推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系。(2)接下来用图乙所示的装置做实验，图中螺线管上的粗线标示的是导线的绕行方向。某次实验中在条形磁铁插入螺线管的过程中

10、，观察到电流计指针向右偏转，说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿_（选填“顺时针”或“逆时针”）方向。(3)下表是该小组的同学设计的记录表格的一部分，表中完成了实验现象的记录，还有一项需要推断的实验结果未完成，请帮助该小组的同学完成_（选填“垂直纸面向外”或“垂直纸面向里”）。实验记录表（部分）操作N极朝下插入螺线管从上往下看的平面图（B0表示原磁场，即磁铁产生的磁场）原磁场通过螺线管磁通量的增减增加感应电流的方向沿逆时针方向感应电流的磁场B的方向 (4)该小组同学通过实验探究，对楞次定律有了比较深刻的认识。结合以上实验，有同学认为，理解楞次定律，关键在于抓住_（选填“B0”或“”）总是要

11、阻碍_填“B0”或“B”）磁通量的变化。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，ACB是一条足够长的绝缘水平轨道，轨道CB处在方向水平向右、大小E=1.0 106 N/C的匀强电场中，一质量m=0.25kg、电荷量q=-2.010-6C的可视为质点的小物体，从距离C点L0=6.0m的A点处，在拉力F=4.0N的作用下由静止开始向右运动，当小物体到达C点时撤去拉力，小物体滑入电场中。已知小物体与轨道间的动摩擦因数m=0.4，g取10m/s2。求：(1)小物体到达C点时的速度大小；(2)小物体在电场中运动

12、的时间。14（16分）如图所示，倾角、长的斜面，其底端与一个光滑的圆弧轨道平滑连接，圆弧轨道底端切线水平，一质量的物块（可视为质点）从斜面最高点由静止开始沿斜面下滑，经过斜面底端后恰好能到达圆弧轨道最高点，又从圆弧轨道滑回，能上升到斜面上的点，再由点从斜面下滑沿圆弧轨道上升，再滑回，这样往复运动，物块最后停在点。已知物块与斜面间的动摩擦因数，物块经过斜面与圆弧轨道平滑连接处无机械能损失(1)物块经多长时间第一次到达点；(2)求物块第一次经过圆弧轨道的最低点时对圆弧轨道的压力；(3)求物块在斜面上滑行的总路程。15（12分）如图所示，质量均为m=1kg的长方体物块A、B叠放在光滑水平面上，两水平

13、轻质弹簧的一端固定在竖直墙壁上，另一端分别与A、B相连接，两弹簧的原长均为L0=0.2m，与A相连的弹簧的劲度系数kA=100N/m，与B相连的弹簧的劲度系数kB=200N/m。开始时A、B处于静止状态。现在物块B施加一水平向右的拉力F，使A、B静止在某一位置，此时拉力F=3N，使A、B静止在某一位置，A、B间的动摩擦因数为=0.5，撤去这个力的瞬间（A、B无相对滑动，弹簧处于弹性限度内），求：(1)物块A的加速度的大小；(2)如果把拉力改为F=4.5N（A、B无相对滑动，弹簧处于弹性限度内），其它条件不变，则撤去拉力的瞬间，求物块B对A的摩擦力比原来增大多少？参考答案一、单项选择题：本题共6

14、小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.线圈位于中性面时，磁通量最大，由图甲可知，此时的磁通量最小，为峰值面，故A正确不符合题意；B.由图乙知，角速度为电动势的最大值故B正确不符合题意；C.根据欧姆定律以及变压器原副线圈电压关系的，解得U1=8V，故C错误符合题意；D.由闭合电路的欧姆定律得解得r=4故D正确不符合题意。故选C。2、B【解析】根据对称性可知，每根绳的拉力大小相等，设每根绳的拉力大小为F。在竖直方向由平衡条件得：4Fcos30=G解得：F=N。A5N，与结论不相符，选项A错误；B，与结论相符，选项B正确；C10N，与结论不

15、相符，选项C错误；D20N，与结论不相符，选项D错误；3、D【解析】因a、c的质量关系不确定，则无法比较两卫星的向心力的大小，选项A错误；a、b卫星的半径相同，则加速度的大小一定相同，选项B错误；c是一般的人造卫星，可能会经过北京的上空，选项C错误；a、b的半径相同，则周期相同，因a是地球的同步卫星，则两卫星的周期都等于地球自转的周期，选项D正确；故选D.4、A【解析】由题意可知，基态（n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV3.10eV的可见光故故本题选A5、D【解析】设轻绳中拉力为T，球A受力如图A所受弹力为绳对A的拉力和半圆对球A的弹力的合力，与

16、重力等大反向，大于T，故A错误；B受力分析可得解得故B错误；C细线对A的拉力与对球B的拉力都等于T，故C错误；D对球B解得故D正确。故选D。6、B【解析】理想变压器原副线圈匝数之比为1：2，可知原副线圈的电流之比为2：1，根据P=I2R可知R1与R2消耗的电功率之比为2：1，故A错误；设通过R1的电流为I，则副线圈电流为0.5I，初级电压：U-IR1=12-I；根据匝数比可知次级电压为2（12-I），则，解得I=3A，故B正确；若向上移动P，则R3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根据P=IU可知电源输出功率将变大，电阻R1的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，

17、故C D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由图可知，两行星的球体半径相同，对行星周围空间各处物体来说，万有引力提供加速度，故有，故可知的质量比的大，即的平均密度比的大，所以选项A正确； 由图可知，表面的重力加速比的大，由可知，的第一宇宙速度比的大，所以选项B错误；对卫星而言，万有引力提供向心加速度，即，故可知，的向心加速度比的大，所以选项C正确；根据可知，的公转周期比的小，所以选项D错误；考点：天体与万有引力定律8、BD【解析】A小球A运动

18、轨迹上的各点到O点的距离相等，根据点电荷的场强表达式可知小球A运动轨迹上各处的电场强度大小相等、方向不同，A错误；B以O为球心的同一球面是等势面，小球A运动轨迹上的各点电势相等，B正确；C带电小球的电性无法确定，所以电荷量大小无法确定，C错误；D对于任意一球，设其轨道上某点与O点连线与竖直方向的夹角为，碗的半径为R，由牛顿第二定律又解得一定，越大，角速度越大，所以小球A的角速度大于小球B的角速度，D正确。故选BD。9、BD【解析】A理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以定值电阻R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R的电压、路端电压和变阻器两端的电压。当滑

19、动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则V2的示数减小，故A错误；C当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，故当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率在增大；故C错误；BD根据闭合电路欧姆定律得U2=E-Ir则得而据题：Rr，则得U1U2同理U3=E-I（R+r）则得保持不变，同时得到U3U1U2故BD正确；故选BD。10、ACE【解析】A物体温度高，其分子平均动能一定大。但分子数不确定，总动能不确定。且分子间势能也不确定，则物体内能不确定，A正确；B气体温度升高，其分子运动平均速率增大。其中多数分子速率变大，也有少数分子

20、速率变小，B错误；C在引起外界变化时，物体可以从单一热源吸收热量全部用于做功，C正确；D对物体做功，物体内能增加。可表现为分子势能增加，或分子动能增加，或二者均增加，D错误；E物体的内能是所有分子动能和分子势能之和，分子动能与温度有关，分子势能与体积等有关，则内能跟物体的温度和体积有关，E正确。故选ACE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 10 41.7 【解析】(1)1当滑动变阻器短路时，电路中通过的最大电流为50mA，则由闭合电路欧姆定律可知，定值电阻的最小阻值为：，所以定值电阻R0应选C(2)23根据闭合电路欧姆定律：E=U

21、+，变形得：=+，结合与的图像可知，截距为=0.1，电源电动势E=10V；斜率k=4.17，所以内阻：r=41.7。12、C 顺时针 垂直纸面向外 B B0 【解析】(1)1由题意可知，电流从电流计左边进时，指针左偏，右边进时，指针右偏，本实验目的是探究感应电流的方向，则进行上述实验的目的是推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系，故选C；(2)2电流计指针向右偏转，说明电流从电流计的右边（正接线柱）流入，则说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿顺时针方向；(3)3由题意可知，感应电流的方向为逆时针，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向垂直纸面向外；(4)4由题意可知，理解楞次定律，关键在于

22、抓住总是要阻碍磁通量的变化四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)【解析】(1)对小物体在拉力F的作用下由静止开始从A点运动到C点过程，应用动能定理得解得：小物体到达C点时的速度大小(2)小物体进入电场向右减速的过程中，加速度大小小物体向右减速的时间小物体在电场中向右运动的距离由于，所以小物体减速至0后反向向左加速，直到滑出电场，小物体向左加速的加速度大小小物体在电场中向左加速的时间小物体在电场中运动的时间14、 (1)3s；(2)30N，方向竖直向下；(3)13.5m【解析】(1)物块沿斜面下滑时，有

23、解得从点运动到点，物块做匀加速运动，有解得(2)因为物块恰好到达点，所以到达点的速度为0，设物块到达点的速度为，则有解得由牛顿第三定律可得，物块对圆弧轨道的压力方向竖直向下。(3)从开始释放至最终停在处，设物块在斜面上滑行的总路程为，则有解得15、 (1)1.5m/s2；(2)0.25N【解析】(1)在拉力撤去前，根据受力平衡有代入数据解得x1=0.01m拉力F撤去后的瞬间，对A、B整体根据牛顿第二定律有F=2ma1解得a1=1.5m/s2以A为研究对象，用隔离法有kAx1+Ff =ma1解得即A、B之间相对静止，为静摩擦力，所以物块A的加速度为a1=1.5m/s2(2)在拉力改为F=4.5N后，撤去拉力前，根据受力平衡有代入数据解得x2=0.015m拉力F撤去后的瞬间，对A、B整体根据牛顿第二定律有F=2ma2解得a2=2.25m/s2以A为研究对象，用隔离法有kAx2+Ff =ma2解得Ff=0.75N故Ff =FfFf =0.25N