浙江省绍兴第一中学2023届高考冲刺模拟物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、做竖直上抛运动的物体，在任意相同时间间隔内，速度的变化量()A大小相同、方向相同B大小相同、方向不同C大小不同、方向不

2、同D大小不同、方向相同2、如图所示为等边三角形ABC，在A、B两点放等量异种点电荷，已知A、B连线中点处的电场强度和电势分别为E、，则C点的场强和电势分别为（）AE、BE、CE、DE、3、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ( )A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t4、2013

3、年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化（振动），如图所示已知液滴振动的频率表达式为，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，为液体密度，为液体表面张力系数（其单位为N/m），、是相应的待定常数对于这几个待定常数的大小，下列说法中可能正确的是（）A，B，C，D ，5、甲、乙两汽车在两条平行且平直的车道上行驶，运动的vt图象如图所示，已知t=0时刻

4、甲、乙第一次并排，则（ ）At=4s时刻两车第二次并排Bt=6s时刻两车第二次并排Ct=10s时刻两车第一次并排D前10 s内两车间距离的最大值为12m6、颗质量为m的卫星在离地球表面一定高度的轨道上绕地球做圆周运动，若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1：9，卫星的动能（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于对液体的理解，下列说法正确的是（）A船能浮在水面上，是由于水的表面存在张力B水表面表现张

5、力是由于表层分子比内部分子间距离大，故体现为引力造成的C密闭容器，某种蒸气开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，蒸气仍是饱和的D相对湿度定义为空气中水蒸气的压强与该温度水的饱和汽压之比E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中还会有水分子飞出水面8、在光滑水平桌面中央固定一边长为0.3m的小正三棱柱abc俯视如图长度为L=1m的细线，一端固定在a点，另一端拴住一个质量为m=0.5kg、不计大小的小球初始时刻，把细线拉直在ca的延长线上，并给小球以v0=2m/s且垂直于细线方向的水平速度，由于光滑棱柱的存在，细线逐渐缠绕在棱柱上（不计细线与三棱柱碰撞过程中的能量损失）已知细线所能承受的

6、最大张力为7N，则下列说法中正确的是：A细线断裂之前，小球角速度的大小保持不变B细线断裂之前，小球的速度逐渐减小C细线断裂之前，小球运动的总时间为0.7（s）D细线断裂之前，小球运动的位移大小为0.9（m）9、如图所示，A球用不可伸长的细线悬挂在天花板上，处于静止状态，B球和A球用橡皮筋连接，B球在A球正下方某一位置，此时橡皮筋处于松弛状态。现由静止释放B球，不计空气阻力，则在B球下落的过程中（细线与橡皮筋均不会断），下列说法正确的是A细线的张力先不变后增大BA球受到的合力先不变后增大CB球的动能与橡皮筋的弹性势能之和不断增大DB球的重力势能与机械能均不断减小10、如图所示，在粗糙的水平地面上

7、放着一左测截面是半圆的柱状物体B，在物体B与竖直墙之间放置一光滑小球A，整个系统处于静止状态。现用水平力F拉着物体B缓慢向右移动一小段距离后，系统仍处于静止状态，在此过程中，下列判断正确的是（ ）A小球A对物体B的压力逐渐增大B小球A对物体B的压力逐渐减小C拉力F逐渐减小D墙面对小球A的支持力先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）学生实验“用DIS研究机械能守恒定律”的装置如图（a）所示，某组同学在一次实验中，选择DIS以图象方式显示实验的结果，所显示的图象如图（b）所示。图象的横轴表示小球距D点的高度h，纵轴表示小球的

8、重力势能Ep、动能Ek或机械能E。试回答下列问题：(1)在图（a）所示的实验装置中，固定于小球下端、宽度为s，且不透光的薄片J是_，传感器K的名称是_。(2)在图（b）所示的图象中，表示小球的重力势能Ep、动能Ek、机械能E随小球距D点的高度h变化关系的图线分别是_（按顺序填写相应图线所对应的文字）。(3)根据图（b）所示的实验图象，可以得出的结论是_。12（12分）某同学用如图所示电路做“研究电磁感应现象”实验。他将铁芯插入小线圈约一半的位置，变阻器的滑片P置于ab的中点，在闭合电键瞬间，电流计的指针向左摆。闭合电键后，为使电流计的指针向右摆，应将铁芯_(选填“插入”或“拔出”)或将变阻器的

9、滑片P向_端滑动(选填“a”或“b”)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半径的四分之一光滑圆弧竖直放置，与粗糙水平地面平滑连接于点，整个空间存在场强大小的匀强电场，竖直边界右侧电场方向水平向右，左侧电场方向竖直向上；小物块（视为质点）大小形状相同，电荷量为，不带电，质量，。从点由静止释放，与静止在地面上点的碰撞。已知与地面间动摩擦因数均为，P、D间距离，取，间碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短。求：（1）物块运动到点时，受到圆弧轨道支持力的大小；（2）物块碰撞后瞬间，速度的大小和方向；（3）物块第一

10、次碰撞后，过多长时间发生第二次碰撞。14（16分）如图所示，竖直放置的U形玻璃管与容积为V015 cm3的金属球形容器连通，玻璃管左侧横截面积为右侧横截面积的4倍右侧玻璃管和球形容器中用水银柱封闭一定质量的理想气体开始时，U形玻璃管右侧水银面比左侧水银面高出h115 cm，右侧玻璃管内水银柱上方空气柱长h09 cm.现缓慢向左管中加入水银，使两边水银柱达到同一高度，玻璃管和金属球导热良好 (已知大气压p075 cmHg，U形玻璃管的右侧横截面积为S1 cm2)求：(1)此过程中被封气体内能如何变化？吸热还是放热？(2)需要加入的水银体积15（12分）为了保证行车安全，车辆在行进过程中应保持足够

11、的安全距离。现在有甲、乙两辆汽车在同一直线车道上匀速行驶，甲车速度,乙车速度，甲车在前，乙车在后。当两车相距时，两车司机同时看到前方正在发生山体滑坡，于是立即采取制动措施，刹车的加速度大小分别为。如果不考反应时间与车身的长度，那么两车能否避免相碰？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：根据速度的公式v=v0gt可得，在任意相同时间间隔内，速度的变化量为v=gt，即，速度变化的大小为gt，方向与初速度的方向相反，所以A正确故选A2、A【解析】设等边三角形的边长为，、两点的电荷量大小为，、连线中点处的

12、电场强度为点的电场强度为等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，则有故A正确，B、C、D错误故选A。3、C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由，得：，P、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹应为pa，因周期可知，因m增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t，C正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期

13、公式，运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，4、B【解析】从物理单位的量纲来考虑，则A中单位，故A错误；在B选项中，故B正确；对C选项，故C错误；在D选项中，故D错误。故选B。5、C【解析】AB.由图像可知，在前8s内，甲的位移x=vt=48m乙的位移x=12m=48m说明t=8s时刻两车第二次并排，选项AB均错误；C.两车第二次并排后，设经过t时间两车第三次并排，有：vt=v1t-解得t=2s，两车恰好在乙速度为零时第三次并排，第三次两车并排的时刻为t=10s，选项C正确；D.由图像可知，前10s内两车在t=4s时

14、刻两车距离最大（图像上左侧的梯形面积），x=6m=18m选项D错误。6、B【解析】在地球表面有卫星做圆周运动有：由于卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1:9，联立前面两式可得：r=3R；卫星做圆周运动：得Ek=再结合上面的式子可得Ek=A. 与分析不符，故A错误。B. 与分析相符，故B正确。C. 与分析不符，故C错误。D. 与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BDE【解析】A船能浮在水面上，是由于水的浮力作用，故A项错误；B液体表面

15、层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表面张力，故B项正确；C在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；密闭容器中某种蒸气开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积时，蒸气不再是饱和的，但最后稳定后蒸气是饱和的，压强不变；故C项错误；D相对湿度是指水蒸气的实际压强与该温度下水蒸气的饱和压强之比，故D项正确；E当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，单位时间内从水中出来的水分子和从空气进入水中的水分子个数相等，达到一种动态平衡，故E项正确。8、CD【解析】试题分析：A、B细线断裂之前，绳子拉力与速度垂直，不做功，

16、不改变小球的速度大小，故小球的速度大小保持不变，由圆周运动的速度与角速度的关系式v=r，随r减小，小球角速度增大，故A、B错误；绳子刚断裂时，拉力大小为7N，由F=m，解得此时的半径为r=m，由于小球每转120半径减小0.3m，则知小球刚好转过一周，细线断裂，则小球运动的总时间为t=，其中r1=1m，r2=0.7m，r3=0.4m，v0=2m/s，解得t=0.7（s），故C正确；小球每转120半径减小0.3m，细线断裂之前，小球运动的位移大小为0.9m，故D正确故选CD考点：牛顿第二定律 圆周运动规律9、AC【解析】A细线的张力先等于A球的重力，当橡皮筋的弹力不断增大后，细线的张力不断增大。故

17、A正确。BA球始终静止，合力始终为零。故B 错误。CB球的动能与橡皮筋的弹性势能及B球的重力势能之和为一定值，B球的重力势能不断减小，则B球的动能与橡皮筋的弹性势能之和不断增大。故C正确。DB球高度一直减小，B球的重力势能不断减小；橡皮筋伸直前，B球做自由落体运动，机械能守恒，橡皮筋被拉长后，B球的一部分机械能转化为橡皮筋的弹性势能，B球的机械能减小，所以B机械能先不变后减小。故D错误。10、AC【解析】ABD对A球受力分析并建立直角坐标系如图，由平衡条件得：竖直方向水平方向联立解得B缓慢向右移动一小段距离，A缓慢下落，则增大。所以FN增大，N增大，由牛顿第三定律知故小球A对物体B的压力逐渐增

18、大，故A正确，BD错误；C整体水平方向受力平衡，则由于最大静摩擦力不变，N增大、则F减小，故C正确。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、挡光片 光电门传感器 乙、丙、甲 在误差允许的范围内，只有重力做功的情况下动能与重力势能相互转化，小球机械能保持不变。 【解析】(1)12不透光的薄片J是挡光片，传感器K的名称是光电门传感器；(2)3距D点的高度h越高，小球的重力势能越大，小球的动能越小，所以小球的重力势能Ep、动能Ek、机械能E随小球距D点的高度h变化关系的图线分别是乙、丙、甲；(3)4“用DIS研究机械能守恒定律”，据图线

19、甲可得，在误差允许的范围内，只有重力做功的情况下动能与重力势能相互转化，小球机械能保持不变。12、 拔出、 a【解析】在闭合电键瞬间，磁通量增加，电流计的指针向左摆。闭合电键后，为使电流计的指针向右摆，则应使磁通量减小，即应将铁芯拔出或将变阻器的滑片P向a端滑动，增大电阻，减小电流，从而减小磁通量。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）60N；（2）6m/s，方向水平向右；18m/s，方向水平向右；（3）7.2s；【解析】(1)物块A从Q到P过程，由动能定理得：，代入数据解得：vP=10m/s，在P点，由牛顿第

20、二定律得：，代入数据解得：F=60N；(2)物块A从P到D过程，由动能定理得：，代入数据解得：v1=12m/s，A、B发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAv1=mAvA+mBvB，由机械能守恒定律得：，代入数据解得：vA=6m/s，方向水平向右vB=18m/s，方向水平向右(3)A、B碰撞后，由牛顿第二定律得，对A：qE-mAg=mAaA，对B：mBg=mBaB，代入数据解得：，aB=2m/s2，设经过时间t两物块再次发生碰撞，由运动学公式得：，代入数据解得：t=7.2s；14、 (1)此过程中被封气体内能不变，是放热 (2) 84cm3【解析

21、】(1)气体温度不变，则内能不变；向左管中加入水银时，外界对气体做功，根据热力学第一定律UQW可知，封闭气体要放热(2)初态：p1p0ph(7515) cmHg60 cmHg，V1V0h0S(1591) cm324 cm3，末态：p275 cmHg，温度不变，根据玻意耳定律：p1V1p2V2，代入数据解得：V219.2 cm3.右侧水银柱上升的高度：左侧水银柱上升的高度：所以需要加入的水银体积为.15、可避免相撞【解析】设经过t时间后两车的速度相等，可得解得设汽车从开始刹车到停时间为那么由可得甲车的停车时间为5s，乙车的停车时间为6s。7s时速度相等，说明在7s内后车速度一直大于前车，距离一直在靠近，然而7s时两车都已经停车，所以说明两车在停车之前距离一直在缩小。设两车从开始刹车到停止经过的位移为x，则由可计算出在停车之前，乙车比甲车多行进的距离为而两车之间的距离，所以两车可以避免相碰。