河南省漯河市第四高级中学2023届高三第二次调研物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34ev，那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征,认识正确的是( )A用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应

2、B一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出4种不同频率的光C用能量为10.3eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态D一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eV2、北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统(CNSS)，建成后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星对于其中的5颗同步卫星，下列说法中正确的是A它们运行的线速度一定大于第一宇宙速度B地球对它们的吸引力一定相同C一定位于赤道上空同一轨道上D它们运行的速度一定完全相同3、如图所示，在水平桌面上固定一个光滑长木板，质量为M的

3、木块通过轻绳与质量为m的钩码相连，重力加速度为g，则释放后钩码的加速度大小为（）A0BgCD4、2018年11月12日中科院等离子体物理研究所发布消息：全超导托克马克装置EAST在实验中有了新的突破，等离子体中心电子温度达到1亿摄氏度；其主要核反应方程为：，则下列表述正确的是AX是质子BY是氚核CX与Y是同位素D两个核反应都属于裂变反应5、如图所示为一简易起重装置，（不计一切阻力）AC是上端带有滑轮的固定支架，BC为质量不计的轻杆，杆的一端C用铰链固定在支架上，另一端B悬挂一个质量为m的重物，并用钢丝绳跨过滑轮A连接在卷扬机上。开始时，杆BC与AC的夹角BCA90，现使BCA缓缓变小，直到BC

4、A=30。在此过程中，杆BC所产生的弹力（ ）A大小不变B逐渐增大C先增大后减小D先减小后增大6、由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界中一直未被发现，只是在使用人工的方法制造后才被发现已知Np经过一系列衰变和衰变后变成Bi，下列选项中正确的是()ABi的原子核比Np的原子核少28个中子BNp经过衰变变成Bi，衰变过程可以同时放出粒子、粒子和粒子C衰变过程中共发生了7次衰变和4次衰变DNp的半衰期等于任一个Np原子核发生衰变的时间二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

5、7、如图所示，xOy平面位于光滑水平桌面上，在Ox2L的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向下由同种材料制成的粗细均匀的正六边形导线框，放在该水平桌面上，AB与DE边距离恰为2L，现施加一水平向右的拉力F拉着线框水平向右匀速运动，DE边与y轴始终平行，从线框DE边刚进入磁场开始计时，则线框中的感应电流i(取逆时针方向的电流为正)随时间t的函数图象和拉力F随时间t的函数图象大致是ABCD8、在某均匀介质中，甲、乙两波源位于O点和Q点，分别产生向右和向左传播的同性质简谐横波，某时刻两波波形如图中实线和虚线所示，此时，甲波传播到x=24m处，乙波传播到x=12m处，已知甲波波源的振动周期

6、为0.4s，下列说法正确的是_A甲波波源的起振方向为y轴正方向B甲波的波速大小为20m/sC乙波的周期为0.6sD甲波波源比乙波波源早振动0.3sE.从图示时刻开始再经0.6s，x=12m处的质点再次到达平衡位置9、如图，MN和PQ是两根互相平行、竖直放置的光滑金属导轨，导轨足够长，电阻不计，匀强磁场垂直导轨平面向里。金属杆ab垂直导轨放置，与导轨始终良好接触，金属杆具有一定的质量和电阻。开始时，将开关S断开，让金属杆ab由静止开始自由下落，经过一段时间，再将开关S闭合，从闭合开关S开始计时，取竖直向下为正方向，则金属杆运动的动能EK、加速度a、所受到的安培力，及电流表的示数，随时间t变化的图

7、象可能是ABCD10、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是2：1，AB两点之间始终加（V）的交变电压。R是输电线的电阻，L是标有“100V、100W”的白炽灯。M是标有“100V、200W”的电动机，其线圈电阻r=10。开关S断开时，电动机正常工作。下列说法正确的是（）A输电线的电阻阻值B电动机的输出功率为180WC开关S闭合后，电动机的电功率减小D开关S闭合后，白炽灯的功率为100W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图甲所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出

8、，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）本实验必须满足的条件有_。A斜槽轨道光滑B斜槽轨道末端切线水平C每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球D挡板高度等间距变化（2）如图乙所示，在描出的轨迹上取A、B、C三点，三点间的水平间距相等且均为x，竖直间距分别是y1和y2。若A点是抛出点，则=_；钢球平抛的初速度大小为_（已知当地重力加速度为g，结果用上述字母表示）。12（12分）某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势和内

9、电阻(1)先用多用电表粗测电池的电动势把多用电表的选择开关拨到直流电压50 V挡，将两表笔与电池两极接触，电表的指针位置如图甲所示，读数为_V(2)再用图乙所示装置进行精确测量多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的应是电池的_极闭合开关，改变电阻箱的阻值R，得到不同的电流值I，根据实验数据作出图象如图丙所示已知图中直线的斜率为k，纵轴截距为b，电流档的内阻为rA ，则此电池的电动势E_，内阻r_(结果用字母k、b、rA表示) (3)多用表直流电流档的内阻对电动势的测量值大小_（选填“有”或“无”）影响四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必

10、要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，坐标系第一象限和第二象限均存在垂直纸面向里的匀强磁场，轴为磁场理想边界，两侧磁感应强度大小不同，已知第二象限磁感强度大小为B。坐标原点粒子源以不同的速率沿与轴正方向成30的方向向第二象限发射比荷相同带负电的粒子。当粒子速率为时，粒子穿过轴第一次进入第一象限，轨迹与轴交点为，进入第一象限经过Q点，已知OQ与轴正方向夹角为30，OQ长为，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力(1)求第一象限磁感强度大小；(2)过点粒子的速度满足条件。14（16分）如图所示，两个平行光滑金属导轨AB、CD固定在水平地面上，其间距L=0.5m，左端接有阻值R=3的定

11、值电阻。一根长度与导轨间距相等的金属杆順置于导轨上，金属 杆的质量m=0.2kg,电阻r=2，整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度大小B=4T的匀强磁场中，t=0肘刻，在MN上加 一与金属杆垂直，方向水平向右的外力F，金属杆由静止开始 以a=2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动，2s末撤去外力F，运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好。（不计导轨和连接导线的电阻，导轨足够长)求：(1)1s末外力F的大小；(2)撤去外力F后的过程中，电阻R上产生的焦耳热。15（12分）如图甲所示，单匝正方形线框abcd的电阻R=0.5，边长L=20cm，匀强磁场垂直于线框平面，磁感应强度B随时间t的变化规律

12、如图乙所示，求：（1）02s内通过ab边横截面的电荷量q；（2）3s时ab边所受安培力的大小F；（3）04s内线框中产生的焦耳热Q参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量为10.2eV，照射金属锌板一定能产生光电效应现象，故A错误；B、一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，根据可知，能放出3种不同频率的光，故B错误；C、用能量为10.3eV的光子照射，小于12.09eV，不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，要正好等于12.09eV才能跃迁，故C错误；D、氢原

13、子从高能级向n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为E大=-1.51+13.6=12.09eV，因锌的逸出功是3.34ev，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为EKm=12.09-3.34=8.75eV，故D正确；故选D.2、C【解析】第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，即是卫星环绕地球圆周运动的最大速度而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以它们运行的线速度一定小于7.9km/s，故A错误5颗同步卫星的质量不一定相同，则地球对它们的吸引力不一定相同，选项B错误；同步卫星的角速度与地球的自转角速度，所以它们的角速度相同，故C正确5颗卫星在相同的轨道上运行，速度的大小相同，方向不同

14、，选项D错误；故选C.点睛：地球的质量一定、自转角速度和周期一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它有确定的轨道高度和固定的速度大小3、C【解析】以钩码为研究对象则有以木块为研究对象，则有联立解得故选C。4、B【解析】根据质量数守恒、电荷数守恒判断X和和Y的种类，这两个方程都是聚变【详解】A根据质量数守恒、电荷数守恒可知X是中子，故A错误；B对第二个方程，根据质量数守恒、电荷数守恒可知Y是氚核，故B正确；CX是中子，Y是氚核，X与Y不是同位素，故C错误；D两个核反应都属于聚变反应，故D错误5、A【解析】以结点B为研究对象，分析受力情况，作出力的合成

15、图，根据平衡条件得出力与三角形ABC边长的关系，再分析绳子拉力和BC杆的作用力的变化情况【详解】以结点B为研究对象，分析受力情况，作出力的合成图如图，根据平衡条件则知，F、N的合力F合与G大小相等、方向相反.根据三角形相似得：，又F合=G，得：，现使BCA缓慢变小的过程中，AB变小，而AC、BC不变，则得到，F变小，N不变，所以绳子越来越不容易断，作用在BC杆上的压力大小不变；故选A.【点睛】本题运用三角相似法研究动态平衡问题，直观形象，也可以运用函数法分析研究6、C【解析】A的中子数为20983126，的中子数为23793144，的原子核比的原子核少18个中子。故A错误。B经过一系列衰变和衰

16、变后变成，可以同时放出粒子和粒子或者粒子和粒子，不能同时放出三种粒子。故B错误。C衰变过程中发生衰变的次数为次，衰变的次数为27(9383)4次。故C正确。D半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用。故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】当DE边在0L区域内时，导线框运动过程中有效切割长度越来越大，与时间成线性关系，初始就是DE边长度，所以电流与时间的关系可知A正确，B错误；因为是匀速运动，拉力F与安培力等值反向，由知，力与L成二次函数

17、关系，因为当DE边在02L区域内时，导线框运动过程中有效切割长度随时间先均匀增加后均匀减小，所以F随时间先增加得越来越快后减小得越来越慢，选C正确，D错误所以AC正确，BD错误8、BCE【解析】甲波传播到x=24m处，根据波向右传播可知：质点向下振动，故甲波波源的起振方向为y轴负方向，故A错误；由图可知：甲波的波长为8m，又有甲波波源的振动周期为0.4s，故甲波的波速大小为20m/s，故B正确；同一介质中横波波速相同，故乙波的波速也为20m/s，由图可知：乙波的波长为12m，故周期为0.6s，故C正确；甲波的传播距离为24m，故波源振动时间为1.2s；乙波的传播距离为42m-12m=30m，故

18、波源振动时间为1.5s，所以，甲波波源比乙波波源晚振动0.3s，故D错误；由图可知：图时时刻，两波在x=12m处都处于平衡位置，将要向上振动；故该质点的振动方程为y15sin5t+10sint(cm)，那么，t=0.6s时，y=0，即从图示时刻开始再经0.6s，x=12m处的质点再次到达平衡位置；故E正确；故选BCE【点睛】在给出波形图求解质点振动、波速的问题中，一般根据图象得到波长及时间间隔与周期的关系，从而求得周期，即可得到质点振动情况，由v求得波速9、BC【解析】闭合开关时，金属棒受到向下的重力以及向上的安培力，若重力与安培力相等，即mg=BIL=金属杆做匀速直线运动。速度不变，则动能、

19、安培力、感应电流都不变，加速度为零。若安培力小于重力，则加速度的方向向下，做加速运动，加速运动的过程中，安培力增大，则加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动，则at图象是斜率逐渐减小的曲线，因为所以Ekt图象是一条斜率减小的曲线。安培力为Ft图线先是一条斜率逐渐减小的曲线，之后恒定不变，因为所以It图象先是一条斜率逐渐减小的的曲线，当金属杆匀速时，电流恒定不变，但t=0时金属杆有速度，所以t=0时电流不等于零。若安培力大于重力，则加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培力减小，做加速度逐渐减小的减速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动。安

20、培力为所以Ft图象是斜率逐渐减小的曲线，当匀速运动时，安培力不再减小，此时安培力等于重力，故AD错误，BC正确。故选BC。10、AC【解析】A 开关S断开时，电动机正常工作，副线圈两端电压100V，副线圈电流根据变压器原理可知，原线圈两端电压200V，原线圈电流1A，在原线圈回路解得故A正确；B 电动机的输出功率为故B错误；CD 开关S闭合后，副线圈回路电流变大，则原线圈回路电流变大，电阻R上分压变大，则原线圈两端电压减小，根据变压器原理，副线圈两端电压减小，小于100V，则电动机的电功率减小，白炽灯的功率小于100W，故C正确D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答

21、题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC 1:3 【解析】(1)1AB为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。故A不符合题意，B符合题意。C要让小球总是从同一位置无初速度释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点。故C符合题意。D档板只要能记录下小球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化。故D不符合题意。(2)2 A点是抛出点，则在竖直方向上为初速度为零的匀加速直线运动，则AB和BC的竖直间距之比为1：3。3由于两段水平距离相等，故时间相等，根据y2y1gt2可知：则初速度为：12、12.0； 负 无 【解析】(1)1电

22、压档量程为50V，则最小分度为1V，则指针对应的读数为12.0V；(2)2作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进，黑表笔流出，故黑表笔连接的是电池的负极；34由闭合电路欧姆定律可得： 变形可得：则由图可知：则可解得： (3)5由于多用表存在内电阻，所以由闭合电路欧姆定律得：E=IR+I（RA+r）变形为：由图象可知斜率和不考虑多用表的内电阻时相同，所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ；(2) 或【解析】(1)设速度为的粒子在第二象限和第一象限做圆周运动的圆

23、心分别为、，轨道半径分别为、，由牛顿第二定律得根据几何关系得：过点做速度的垂线PA，连接PQ，做PQ中垂线交PA于A，所以A点为在第一象限轨迹圆心，因为，交点为B，在直角三角形QBA中解得(2)根据(1)假设粒子在第二象限半径为，则在第一象限半径为若粒子从第二象限过点，则：得：又因为所以若粒子从第一象限过点，则：得：，又因为所以14、（1）2N（2）0.96J【解析】（1）t=1s时刻，金属杆MN的速度大小为 v1=at1=21=2m/s金属杆MN产生的感应电动势为 E=BLv1金属杆MN中的电流大小 金属杆MN受到的安培力大小 F安=BIL联立得 根据牛顿第二定律得 F-F安=ma联立解得 F=2N（2）t=2s时刻，金属杆MN的速度大小为 v2=at2=22=4m/s撤去外力F后的过程中，根据能量守恒定律得知电路中产生的总焦耳热 Q=mv22=0.242=1.6J电阻R上产生的焦耳热 QR=Q=1.6J=0.96J15、（1）C（2）N（3）J【解析】由法拉第电磁感应定律得电动势 感应电流 电量 解得 安培力 由图得3s时的B=0.3T 代入数值得 由焦耳定律得 代入数值得： 【点睛】考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的内容，掌握安培力大小表达式，理解焦耳定律的应用，注意图象的正确运用