浙江省台州市临海市白云高级中学2023年高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、作为我国核电走向世界的“国家名片”，华龙一号是当前核电市场上接受度最高的三代核电机型之一，是我国核电创新发展的重大标志性成果，其国内外示范工程按期成功的建设，对我国实现由核电大国向核电强国

2、的跨越具有重要意义。已知发电站的核能来源于的裂变，现有四种说法原子核中有92个质子，143个中子；的一种可能裂变是变成两个中等质量的原子核，反应方程为：；是天然放射性元素，常温下它的半衰期约为45亿年，升高温度半衰期缩短；一个裂变能放出200MeV的能量，合3.210-11J。以上说法中完全正确的是（）ABCD2、如图所示，圆形磁场区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，三个带电粒子 A、B、C 先后从 P 点以相同的速度沿 PO 方向射入磁场，分别从 a、b、c 三点射出磁场，三个粒子在磁场中运动的时间分别用 tA、tB、tC 表示，三个粒子的比荷分别用 kA、kB、kC 表示，三个粒子在该磁场中运

3、动的周期分别用 TA、TB、TC 表示， 下列说法正确的是（）A粒子 B 带正电BtAtBtCCkAkBkCDTATBTC3、如图所示，物体 A、B 用细绳连接后跨过滑轮，A 静止在倾角为 45的斜面上，B 悬挂着已知质量 mA2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45增大到60，但物体仍保持静止，下列说法正确的是A绳子的张力增大B物体A对斜面的压力将增大C物体A受到的静摩擦力增大D滑轮受到绳子的作用力保持不变4、如图所示，两根相距为L的平行直导轨水平放置，R为固定电阻，导轨电阻不计。电阻阻值也为R的金属杆MN垂直于导轨放置，杆与导轨之间有摩擦，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为

4、B。t=0时刻对金属杆施加一水平外力F作用，使金属杆从静止开始做匀加速直线运动。下列关于通过R的电流I、杆与导轨间的摩擦生热Q、外力F、外力F的功率P随时间t变化的图像中正确的是（）ABCD5、如图所示，在0x3a的区域内存在与xOy平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B。在t0时刻，从原点O发射一束等速率的相同的带电粒子，速度方向与y轴正方向的夹角分布在090范围内。其中，沿y轴正方向发射的粒子在tt0时刻刚好从磁场右边界上P（3a， a）点离开磁场，不计粒子重力，下列说法正确的是（ ）A粒子在磁场中做圆周运动的半径为3aB粒子的发射速度大小为C带电粒子的比荷为D带电粒子在磁场中运动的最长时

5、间为2t06、某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )A将R1单独接到电源两端B将R1、R2并联后接到电源两端C将R1、R2串联后接到电源两端D将R2单独接到电源两端二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图a所示，在某均匀介质中S1，S2处有相距L=12m的两个沿y方向做简谐运动的点波源S1，S2。两波源的振动

6、图线分别如图（b）和图（c）所示。两列波的波速均为2.00m/s，p点为距S1为5m的点，则（）A两列简谐波的波长均为2mBP点的起振方向向下CP点为振动加强点，若规定向上为正方向，则t=4s时p点的位移为6cmDp点的振幅始终为6cmE.S1，S2之间（不包含S1，S2两点），共有6个振动减弱点8、如图，两根平行金属导轨所在的平面与水平面的夹角为30，导轨间距为0.5 m。导体棒 a、b垂直导轨放置，用一不可伸长的细线绕过光滑的滑轮将b棒与物体c相连，滑轮与b棒之间的细线平行于导轨。整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为0.2 T。物体c的质量为0. 06 kg，a、b棒

7、的质量均为0.1kg，电阻均为0.1，与导轨间的动摩擦因数均为。将a、b棒和物体c同时由静止释放，运动过程中物体c不触及滑轮，a、b棒始终与两导轨接触良好。导轨电阻不计且足够长，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2.则（）Ab棒刚要开始运动时，a棒的加速度大小为3.5 m/s2Bb棒刚要开始运动时，a棒的速度大小为5.0 m/sC足够长时间后a棒的加速度大小为D足够长时间后a棒的速度大小为7.0 m/s9、以下说法正确的是_A质量、温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能不相同B空调既能制热又能制冷，说明热量可以从低温物体向高温物体传递C知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度.

8、不能估算出气体分子的大小D一定质量的理想气体，经等容升温，气体的压强増大，用分子动理论的观点分析，这是因为气体分子数密度增大E.一定量的理想气体在某过程中从外界吸热2.5104J，并对外界做功1.0104J，则气体的温度升高，密度减小10、如图（a），质量m1=0.1kg的足够长平板小车静置在光滑水平地面上，质量m1=0.1kg的小物块静止于小车上，t=0时刻小物块以速度v0=11m/s向右滑动，同时对物块施加一水平向左、大小恒定的外力F，图（b）显示物块与小车第1秒内运动的v-t图象。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g =10m/s1则下列说法正确的是（ ）A物块与平板小车间的动摩擦因数=0

9、.4B恒力F=0.5NC物块与小车间的相对位移D小物块向右滑动的最大位移是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连:弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放小球离开桌面后落到水平地面通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等已知重力加速度大小为g，为求得Ek，至少需要测量下列物理

10、量中的 （填正确答案标号）A小球的质量mB小球抛出点到落地点的水平距离sC桌面到地面的高度hD弹簧的压缩量xE.弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示Ek，得Ek= （3）图（b）中的直线是实验测量得到的sx图线从理论上可推出，如果h不变m增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不变”）由图（b）中给出的直线关系和Ek的表达式可知，Ep与x的 次方成正比12（12分）如图是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑

11、行最终停在C点，P为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图所示，则遮光条的宽度d=_cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有_；A小物块质量m B遮光条通过光电门的时间tC光电门到C点的距离s D小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）我国发射的“神舟”五号飞船于2003年10月15日上午9:00在酒

12、泉载人航天发射场发射升空，按预定计划在太空飞行了接近21小时，环绕地球14圈，在完成预定空间科学和技术试验任务后于北京时间10月16日6时07分在内蒙古中部地区准确着陆。飞船运行及航天员活动时刻表如下：15日09:00发射升空09:10船箭分离09:34感觉良好15日09:42发射成功17:26天地通知18:40展示国旗15日19:58家人通话23:45太空熟睡16日04:19进入最后一圈05:04进入轨道0.5:35命令返回16日0.5:36飞船分离05:38制动点火06:07飞船着陆16日06:36回收成功06:54自主出舱试回答下列问题：(1)根据以上数据可以估计船的轨道半径约是通讯卫星

13、轨道半径的多少倍？（保留根号）(2)当返回舱降到距地球10km时，回收着陆系统启动工作，弹出伞舱盖，连续完成拉出引导伞、减速伞和主伞动作，主伞展开面积足有1200m2，由于空气阻力作用有一段减速下落过程，若空气阻力与速度的平方成正比，并已知返回舱的质量为8t，这一过程的收尾速度为14m/s，则当返回舱速度为42m/s时的加速度为多大？（g取10m/s2）(3)当返回舱在距地面约1m时，点燃反推火箭发动机，最后以不大于3.5m/s的速度实现软着陆，这一过程中反推火箭产生的动力约等于多少？（这一过程空气阻力与自身重力可看作平衡）14（16分）某日清晨，中国海监船在执行东海定期维权巡航执法过程中，发

14、现从事非法调查作业活动的某船只位于图甲中的A处，预计在80秒的时间内将到达图甲的C处，我国海监执法人员立即调整好航向，沿直线BC从静止出发恰好在运动了80秒时到达C处，而此时该非法船只也恰好到达C处，我国海监部门立即对非法船只进行了驱赶非法船只一直做匀速直线运动且AC与BC距离相等，我国海监船运动的vt图象如图乙所示。(1)求非法船只的速度大小；(2)若海监船加速与减速过程的加速度大小不变，海监船从B处由静止开始若以最短时间准确停在C点，需要加速的时间为多少？15（12分）如图所示，空间中存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小为，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大

15、小B=0.5 T有一带正电的小球，质量m=1106 kg，电荷量q=1106 C，正以速度v在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P点时撤掉磁场（不考虑磁场消失引起的电磁感应现象），取g=10 m/s1求：（1）小球做匀速直线运动的速度v的大小和方向；（1）从撤掉磁场到小球再次穿过P点所在的这条电场线经历的时间t参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由的质量数和电荷数关系可知，原子核中有92个质子，143个中子，正确；由核反应方程中电荷数守恒和质量数守恒知正确；半衰期不受外界因素影响，故错误；通过计算知：2

16、00MeV=2001091.610-19J= 3.210-11J。正确。故选D。2、B【解析】根据题意做出ABC三种粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，A根据左手定则，可以判断B粒子带的电荷为负电荷，A错误；C由图可知，三粒子做圆周运动的半径C最大，A最小，根据又粒子的速度都相等，所以比荷的大小关系是：kAkBkC，故C错误；D根据周期公式及比荷的大小关系可知：TCTBTA，故D错误；B由图，ABC三个粒子形成的图象在磁场区域留下的弧长C最长，A最短，而三个粒子的速度相同，根据，所以有：tAtBtC，故B正确。故选B。3、C【解析】物体B受竖直向下的重力mg和竖直向上的绳子拉力T，由二力平衡得到：

17、T=mg；以物体A为研究对象，物体A受力如下图所示：A静止，处于平衡状态，由平衡条件得：f+T-2mgsin45=0N-2mgcos45=0解得：f=2mgsin45-T=2mgsin45-mgN=2mgcos45当由45增大到60时，f不断变大，N不断变小；A绳子张力T=mg保持不变，故A错误；B物体A对斜面的压力N=N=2mgcos将变小，故B错误；C摩擦力变大，故C正确；D绳子的拉力不变，但是滑轮两边绳子的夹角减小，则滑轮受到绳子的作用力变大，选项D错误4、B【解析】At时刻杆的速度为v=at产生的感应电流 则It；故A错误。B摩擦生热为则Qt2，故B正确。C杆受到的安培力 根据牛顿第二

18、定律得F-f-F安=ma得 F随t的增大而线性增大，故C错误。D外力F的功率为P-t图象应是曲线，故D错误。故选B。5、D【解析】A沿y轴正方向发射的粒子在磁场中运动的轨迹如图所示：设粒子运动的轨迹半径为r，根据几何关系有可得粒子在磁场中做圆周运动的半径选项A错误；B根据几何关系可得所以圆弧OP的长度所以粒子的发射速度大小选项B错误；C根据洛伦兹力提供向心力有结合粒子速度以及半径可得带电粒子的荷质比选项C错误；D当粒子轨迹恰好与磁场右边界相切时，粒子在磁场中运动的时间最长，画出粒子轨迹过程图如图所示：粒子与磁场边界相切于M点，从E点射出。设从P点射出的粒子转过的圆心角为，时间为，从E点射出的粒

19、子转过的圆心角为，故带电粒子在磁场中运动的最长时间为，选项D正确。故选D。6、A【解析】根据闭合电路欧姆定律得：U=EIr知，I=0时，U=E，图象的斜率等于r，则由电源的UI图线得到：电源的电动势为E=3V，内阻为r=0.5. 由电阻的伏安特性曲线求出R1=0.5、R2=1，R1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A，路端电压为1.5V，则电源的输出功率为P出1=1.5V3A=4.5W，同理，当将R1、R2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A，此时电源的输出功率P串=I2串(R1+R2)=3.75W；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电

20、路电流I并=3.6A,此时电源的输出功率P并=EI并I2并r=4.32W；R2单独接到电源两端输出功率为P出2=2V2A=4W.所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。故A正确，BCD错误。故选：A【点睛】由电源的U-I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻由电阻的U-I图线求出电阻再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A两列简谐波的波长均为，选项A错误；B因S1起振方向向下，由振源S1形成的波

21、首先传到P点，则P点的起振方向向下，选项B正确；CP点到两振源的距离之差为2m等于半波长的奇数倍，因两振源的振动方向相反，可知P点为振动加强点；由S1形成的波传到P点的时间为2.5s，t=4s时由S1在P点引起振动的位移为4cm；同理，由S2形成的波传到P点的时间为3.5s，t=4s时由S2在P点引起振动的位移为2cm；若规定向上为正方向，则t=4s时P点的位移为6cm，选项C正确；DP点为振动加强点，则P点的振幅始终为6cm，选项D正确；ES1，S2之间（不包含S1，S2两点），共有5个振动减弱点，分别在距离S1为2m、4m、6m、8m、10m的位置，选项E错误。故选BCD。8、BC【解析】

22、Ab棒所受的最大静摩擦力而则b棒刚要开始运动时，所受的安培力方向向下，大小为此时a棒受到向上的安培力大小仍为F安=0.25N，则 a棒的加速度大小为选项A错误； Bb棒刚要开始运动时，对a棒F安=BILE=BLv联立解得v=5m/s选项B正确；CD足够长时间后，两棒的速度差恒定，设为v，此时两棒受的安培力均为此时对a棒b棒其中解得 此时导体棒a的速度不是恒定值，不等于7.0m/s，选项C正确，D错误；故选BC。9、BCE【解析】A温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能一定相同，故A错误；B空调既能制热又能制冷，说明在外界的影响下，热量可以从低温物体向高温物体传递，故B正确；C知道阿伏加德罗常数、

23、气体的摩尔质量和密度，可求出摩尔体积，将气体分子占据的空间看成立方体形，立方体的边长等于气体分子间的平均距离，由摩尔体积除以阿伏加德罗常数可求出每个气体分子占据的空间大小，从而能求出分子间的平均距离。不能估算出气体分子大小，故C正确；D一定质量的理想气体，经等容升温，气体的压强增大，因体积不变，则气体分子数密度不变，气体的平均动能变大，用分子动理论的观点分析，这是因为气体分子对器壁的碰撞力变大，故D错误；E由热力学第一定律可知，一定量的理想气体在某过程中从外界吸热2.5104J，并对外界做功1.0104J，则气体的内能增加，温度升高，体积变大，密度减小，故E正确。故选BCE。10、ABD【解析

24、】AB根据图像可知，在前1s内小车向右做匀加速直线运动，小物体向右做匀减速直线运动，小车和小物块的加速度分别为对小车根据牛顿第二定律有对小物块根据牛顿第二定律有代入数据联立解得故AB正确；C根据图像可知，在t=1s时小车和小物块的速度相同，两者不再发生相对运动，在前1s内小车发生的位移为小物块发生的位移为则物块与小车间的相对位移故C错误；D当小车与小物块的速度相等后，在外力的作用下一起向右减速运动，其加速度为当速度减小到0时，整体发生的位移为所以小物块向右滑动的最大位移是故D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）A

25、BC (2)（3）减小 增大 2【解析】（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，故选ABC（2）由平抛规律可知：竖直方向上：h=gt2，水平方向上：s=vt，而动能Ek=mv2联立可得Ek= ；（3）由题意可知如果h不变，m增加，则相同的L对应的速度变小，物体下落的时间不变，对应的水平位移s变小，s-L图线的斜率会减小；只有h增加，则物体下落的时间增加，则相同的L下要对应更大的水平位移s，故s-L图线的斜率会增大弹簧的弹性势能等于物体抛出时的动能，即Ep=，可知

26、Ep与s的2次方成正比，而s与L成正比，则Ep与L的2次方成正比【点睛】本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，弹性势能转化为物体的动能，从而得出结论根据x与L的图线定性说明m增加或h增加时x的变化，判断斜率的变化弹簧的弹性势能等于物体抛出时的动能和动能的表达式，得出弹性势能与x的关系，x与L成正比，得出Ep与L的关系12、（1）1.060； （2）BC； （3）B 【解析】（1）主尺的刻度：1 cm，游标卡尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.0512 mm0.60 mm，总读数：10 mm0.60 mm10.60

27、 mm1.060 cm.（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与物块通过光电门的时间即可求得物块的速度：B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：mgs0mv2联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式还需要测量的物理量是：光电门到C点的距离s与遮光条通过光电门的时间t，故BC正确，AD错误（3）由动摩擦因数的表达式可知，与t2和s的乘积成反比，所以与s的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误【点睛】本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可；游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后

28、看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)。【解析】(1)分析题中所给数据可知，飞船的运行周期约为90分钟。飞船绕地球飞行过程中：=常量对飞船与同步卫星，应有解得：(2)由题意可知：返回舱速度为42m/s时：返回舱速变为14m/s时：解得：(3)点燃反推火箭后，由牛顿第二定律得：F=ma软着陆速度若是3.5m/s，则：联立解得：。14、 (1)15m/s(2)30s【解析】(1)结合图乙可知海监船运行的位移即为vt图线与横坐标轴所围的面积：由

29、运动学公式xvt，代入数据可求得：v15m/s(2)由加速度定义式：代入数据可求加速与减速过程中加速度大小分别为：a1m/s2m/s2a2m/s22m/s2设加速时间为t1，减速时间为t2，要使时间最短有解得t130s15、（1）10 m/s，与电场方向夹角为60 （1）3.5 s【解析】（1）小球做匀速直线运动时，受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，则有：，带入数据解得：，速度v的方向与电场E的方向之间的夹角满足： 解得：，则；（1）撤去磁场后，由于电场力垂直于竖直方向，它对竖直方向的分运动没有影响，以P点为坐标原点，竖直向上为正方向，小球在竖直方向上做匀减速直线运动，其初速度为，若使小球再次穿过P点所在的电场线，仅需小球的竖直方向的分位移为零，则有：联立解得：