福州市重点中学2022-2023学年高三第三次测评物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，某同学将一足球静止摆放在收纳架上。他估测得足球的直径约为20 cm，质量约为0. 48 kg，收纳架两根平行等高的横杆之间的距离d约为12 cm。忽略足球的形变以及球与横杆之间的摩擦，重力加速度g取10m/s2，则可估算出一根横杆对足球的弹

2、力约为（）A2.4 NB3.0 NC4.0 ND4.8 N2、家庭装修中释放的甲醛和射线是白血病的重要诱因。家庭装修中的射线来源往往是不合格的瓷砖、洁具等，瓷砖、洁具释放的氡气()具有放射性，氡222衰变为钋218()的半衰期为3.8天，则氡222衰变释放出的粒子和密闭房间中氡气浓度减小15%需要的时间分别为A电子，11.4天B质子，7.6天C中子，19天D粒子，11.4天3、一辆汽车在水平公路上拐弯，其运动可看成匀速圆周运动。沿圆周运动半径方向的汽车轮胎与路面的最大静摩擦力为。圆周运动的半径为，汽车的质量为。在汽车做圆周运动过程中（）A受重力、支持力、半径方向的静摩擦力、向心力B为避免侧滑，

3、向心加速度不能超过C为避免侧滑，最大速度为D速度为时，在半径方向轮胎与地面间的摩擦力为4、B超检测仪可以通过探头发送和接收超声波信号，经过电子电路和计算机的处理形成图像。下图为仪器检测到发送和接收的超声波图像，其中实线为沿x轴正方向发送的超声波，虚线为一段时间后遇到人体组织沿x轴负方向返回的超声波。已知超声波在人体内传播速度为1200 m/s，则下列说法中正确的是（）A根据题意可知此超声波的频率为1.2105 HzB图中质点B在此后的内运动的路程为0.12mC图中质点A此时沿y轴正方向运动D图中质点A、B两点加速度大小相等方向相反5、如图所示，固定在同一平面内有三条彼此绝缘的通电直导线，导线中

4、的电流，方向为图中箭头方向，在三根导线所在平面内有a、b、c、d四个点，四个点距相邻导线的距离都相等，则四个点中合磁感应强度最大的点是（ ）Aa点Bb点Cc点Dd点6、一带电粒子从A点射人电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力下列说法正确的有A粒子带正电荷B粒子的速度不断增大C粒子的加速度先不变，后变小D粒子的电势能先减小，后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列简谐波以1m/s的速度沿x轴正方向传播

5、。t=0时，该波传到坐标原点O，O点处质点的振动方程为y=10sin10t（cm）。P、Q是x轴上的两点，其坐标xP=5cm、xQ=10cm，如图所示。下列说法正确的是 。A该横波的波长为0.2mBP处质点的振动周期为0.1sCt=0.1s时，P处质点第一次到达波峰DQ处质点开始振动时，P处质点向-y方向振动且速度最大E.当O处质点通过的路程为1m时，Q处质点通过的路程为0.8m8、下列说法正确的有 A电子的衍射图样表明电子具有波动性B发生光电效应时，仅增大入射光的频率，光电子的最大初动能就增大C衰变中放出的射线是核外电子挣脱原子核束缚而形成的D中子和质子结合成氘核，若亏损的质量为m，则需要吸

6、收mc的能量9、如图所示直线1和2分别为两个不同电源的路端电压和电流的关系图象，E1、r1，分别为电源1的电动势和内阻，E2、r2分别为电源2的电动势和内阻，则下述说法正确的是（ ）AE1=E2Br1r2C当两个电源短路时电源l的短路电流大D当两个电源分别接相同电阻时，电源2的输出功率小10、如图所示，竖直放置的两平行金属板，长为L，板间距离为d，接在电压为U的直流电源上，在两板间加一磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m，电荷量为q的带正电油滴，从距金属板上端高为h处由静止开始自由下落，并经两板上端连线的中点P进入板间。油滴在P点所受的电场力与洛伦兹力大小恰好相等，且最后恰好

7、从金属板的下边缘离开。空气阻力不计，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）A油滴刚进入两板间时的加速度大小为gB油滴开始下落的高度hC油滴从左侧金属板的下边缘离开D油滴离开时的速度大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某研究性学习小组用如图所示的实验装置测量木块与木板间的动摩擦因数。实验室提供的器材有：带定滑轮的长木板、有凹槽的木块、钩码若干、细线和速度传感器等。实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的全部放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用速度传感器测量木块的速度。具体做法是：先用刻度尺测量出A、B间的距离L，将木块从A点由

8、静止释放，用速度传感器测出它运动到B点时的速度，然后从木块凹槽中移动钩码逐个悬挂到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m，测得相应的速度，由运动学公式计算对应的加速度，作出图象如图所示。回答下列问题：(1)设加速度大小为，则与及L之间的关系式是_。(2)已知当地重力加速度g取，则木块与木板间的动摩擦因数_（保留2位有效数字）；的测量值_（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，其原因是_（写出一个即可）。(3)实验中_（填“需要”或“不需要”）满足悬挂钩码的质量远小于木块和槽中钩码的总质量。12（12分）物理小组的同学在老师指导下用两根完全相同的轻弹簧和重物验证力的平行四边形定则，他进行了如下操作（弹

9、簧始终处于弹性限度内）：（1）用刻度尺测出弹簧的自由长度L0。（2）如图l所示，把重物通过细绳连接在弹簧下端，稳定后测出弹簧的长度L1。（3）如图2所示，用两根弹簧挂起重物，稳定时两弹簧与竖直方向的夹角均为60，测出两弹簧的长度分别为L2、L3，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是 _。（4）如图3所示，他又把两弹簧调整到相互垂直，稳定后测出两弹簧的长度为L4、L5，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两相同小木块M、N（均视为质点）的质量均为m

10、=1kg，放在水平桌面上，木块M、N间夹有一压缩的轻质弹簧P，弹簧两端与小木块M、N不拴接，但两木块通过长L=0.1m的细线相连接。桌子中央O左侧粗糙，中央O右侧光滑，小木块M、N与桌子左侧间的动摩擦因数=0.5，且开始时木块N离桌子中央O的距离s=1.15m。现让小木块M、N一起以v0=4m/s的初速度向桌子右侧运动，当木块M、N越过桌子中央O进入右侧光滑区后，剪断从N间的细线，发现小木块M最终停在桌面光滑区，而小木块N水平抛出离开桌面，木块N运动到A点时速度方向恰好沿AB方向，小木块N沿斜面AB滑下。己知斜面AB与水平方向的夹角为，斜面长为2.0m，木块N与斜面间的动摩擦因数也是=0.5.

11、木块N到达B点后通过光滑水平轨道BC到达光滑竖直圆轨道，底端（稍稍错开）分别与两侧的直轨道相切，其中AB与BC轨道以微小圆弧相接。重力加速度g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8.(1)求压缩弹簧的弹性势能Ep；(2)求水平桌面与A点的高度差；(3)若木块N恰好不离开轨道，并能从光滑水平轨道DE滑出，则求竖直圆轨道的半径R。14（16分）一半圆柱形透明物体横截面如图。底面AOB镀银(图中粗线),O表示半圆截面的圆心。一束光线在横截面内从M点的入射角为30,M0A=60,NOB=30。求：光线在M点的折射角;透明物体的折射率。15（12分）如图所示，滑块和滑板静止在足够大的水平面上，滑

12、块位于滑板的最右端，滑板质量为M=0.6kg，长为L1=0.6m，滑块质量为m=0.2kg，质量也为m=0.2kg的小球用细绳悬挂在O点，绳长L2=0.8m，静止时小球和滑板左端恰好接触。现把小球向左拉到与悬点等高处无初速释放，小球到达最低点时与木板发生弹性碰撞。空气阻力忽略不计，已知滑块与滑板之间的动摩擦因数为，滑板与水平面之间的动摩擦因数，滑块和小球均可看成质点，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小球刚摆到最低点时与木板发生碰撞前绳的拉力大小；（2）滑块能否从滑板上掉下?试通过计算说明理由；（3）滑块和滑板之间由于相对滑动所产生的热量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，

13、共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】设每根横杆对足球的弹力方向与竖直方向夹角为，由几何关系可知对足球竖直方向有解得FN=3N故选B。2、D【解析】氡222衰变为钋218的过程，质量数减少4，质子数减少2，可判断发生了衰变，放出的粒子为粒子；根据半衰期公式方程氡气浓度减小1.5%时有解得：t=3T=11.4天故ABC错误，D正确。故选D。3、B【解析】A汽车在水平面做圆周运动时，沿圆周半径方向的静摩擦力提供向心力，这不是独立的两个力，A错误；B汽车向心力的最大值为，对应有最大向心加速度B正确；C汽车达最大速度时有则C错误；D速度为时，对应的向心力则半径方向

14、轮胎与地面间的静摩擦力为，D错误。故选B。4、C【解析】A根据图象读出波长=12mm=1.210-2m，由v=f得频率为故A错误；B质点B振动的周期为T=810-6s，质点B只会上下振动，因为，所以质点B在110-4s内运动的路程为S=12.54A=12.540.004m=0.2m故B错误；C实线波向右传播，则图中质点A此时沿y轴正方向运动，选项C正确；D质点A、B两点都在平衡位置上方位移相同的地方，所以加速度大小相等方向相同，故D错误；故选C。5、C【解析】由安培定则可知在a点产生的磁场方向垂直纸面向里，在a点产生的磁场方向垂直纸面向外，和在a点产生的磁场合磁感应强度为零，所以a点的合磁感应

15、强度等于在a点产生的磁感应强度，同理可得b点和d点的合磁感应强度等于在这两点产生的磁感应强度，c点的合磁感应强度等于、和在c点产生的磁感应强度同向叠加的矢量和，所以c点的合磁感应强度最大，故C正确，ABD错误。故选C。6、C【解析】A.带电粒子做曲线运动，受力指向曲线的内侧，所以所受电场力向左，带负电；A错；BC.电场力做负功，所以动能越来越小，电势能越来越大，速度越来越小B错；C,对；D.等势线的疏密程度反映场强大小，所以所受电场力越来越小，加速度越来越小，D错故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选

16、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACE【解析】BO点处质点振动方程为可知，波的振幅，起振方向为y轴正向，波动周期P点振动周期与O点振动周期相同，为0.2s，故B错误；A波长故A正确；C振动从O点传到P点所需时间为故P处质点振动时间由于P处质点起振方向沿y轴向上，故经达到波峰，故C正确；D由题意知，P、Q之间的距离为结合起振方向可知，Q处质点开始振动时，P处质点位移波峰，此时速度为零，故D错误；E当O处质点通过的路程为1m时，有故经历的时间为因为所以振动形式从O点传到Q点所需时间为，所以Q处质点振动时间为，Q处质点通过的路程故E正确。故选ACE。8、AB【解析】A衍射是波动性的体现，A正确

17、；B根据光电效应方程，仅增大入射光频率，光子能量增大，逸出功不变，光电子初动能增大，B正确；C衰变中放出的射线是原子核内的中子转化成质子过程中跑射出的电子形成的D质量亏损，根据质能方程，应该放出能量，D错误；故选AB。9、ACD【解析】A根据闭合电路欧姆定律U=EIr当I=0时U=E说明图线纵轴截距等于电源的电动势，由图可知，两电源的电动势相等，即E1=E2故A正确；B根据数学知识可知，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图可知，图线2的斜率大于图线1的斜率，则r2r1故B错误；C短路电流I=故电源1的短路电流要大，故C正确；D根据当两个电源分别接相同电阻时，电源内阻大即电源2的输出功率小，故D正

18、确. 故选ACD10、ABD【解析】A.带正电油滴刚到达P点时受重力、电场力和洛伦兹力的作用，电场力和洛伦兹力等大反向，因此油滴在P点的合力大小等于重力，由牛顿第二定律可知油滴在P点的加速度大小为g，故A正确；B.由于油滴在P点水平方向的合力为零，由力的平衡条件，有qqBv对油滴从释放到P点的过程中，由机械能守恒定律，有mghmv2整理后得h，故B正确；C.油滴进入平行金属板间后，做加速运动，则电场力小于洛伦兹力，由左手定则可知，油滴所受的洛伦兹力向右，则最终油滴从右侧金属板的下边缘离开，故C错误；D.油滴从释放到从右侧金属板的下边缘离开的过程，由动能定理，有mg（hL）qmv2油滴离开金属板

19、下边缘时的速度大小v故D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.34（0.320.35均可） 大于滑轮与轴承 细线间有摩擦 不需要 【解析】（1）1根据匀变速直线运动的规律有。（2）2设木块的质量为M，钩码的总质量为，根据牛顿第二定律有联立解得加速度由题图可知，当时，则木块与木板间的动摩擦因数；3因滑轮与轴承、细线间有摩擦，所以测量值大于真实值。（3）4实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要满足悬挂钩码的总质量远小于木块和槽中钩码的总质量。12、 【解析】（3）1当合力沿两个分力角平分线方向且两个分力夹角为，合力

20、和两个分力大小相等，故弹簧形变量形同，长度相同，即；（4）2当两个分力相互垂直时，由勾股定理知：即：。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)4J；(2)0.45m；(3)0.66m【解析】(1)设两木块运动到O右侧时的速度大小为，在两木块一起运动到桌子中央O右侧的过程，由动能定理知解得剪断细线，两木块组成的系统水平方向动量守恒，设剪断细线后小木块N的速度大小为v，则有根据能量守恒知解得(2)设木块N的抛出点到A点的高度差为h，到A点时，根据平抛运动规律知且解得(3)木块N到达A点时的速度大小为设小木块N到达B

21、点时的速度大小为，从A点到B点，由动能定理知，设木块N在轨道最高点时最小速度为，木块N从B点到轨道最高点的过程，由机械能守恒定律得在最高点根据牛顿第二定律知解得14、（1） （2） 【解析】作出光路图，根据几何关系求出光线在M点的折射角，根据折射角，通过折射定律求出透明物体的折射率。【详解】(1) 如图，透明物体内部的光路为折线MPN，Q、M点相对于底面EF对称，Q、P和N三点共线。设在M点处，光的入射角为i，折射角为r，根据题意有 由几何关系得 且 由以上各式解得：；(2)根据折射定律有： 解得：。【点睛】本题主要考查光的折射和反射，掌握折射定律，本题对数学几何能力的要求较高。15、（1）6

22、N；（2）没有掉下来，理由见解析；（3）J【解析】（1）小球下摆过程中，由动能定理：小球摆到最低点时，则有：解得T=6N（2）对小球和滑板碰撞前后，小球和滑板系统动量守恒，则有：根据能量守恒，则有：解得：m/s，m/s碰后滑块向右加速，滑板向右减速对滑块，根据牛顿第二定律有：解得：m/s2对滑板，根据牛顿第二定律有：解得： m/s2假设没有掉下来，经过时间t共速度，则有：得根据：解得：m/s滑块位移为：解得：m滑板位移为：解得：m相对位移此时没有掉下来。（3）但由于，共速后滑块和滑板之间会继续相对运动，此时滑块相对于滑板向右运动，对滑块，根据牛顿第二定律有：解得：m/s2对滑板，根据牛顿第二定律有：解得：m/s2滑块位移为：解得：m滑板位移为：解得：m相对位移不会掉下来则滑块和滑板之间由于相对滑动所产生的热量：解得：J