淮南市重点中学2023年高三下学期联合考试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到

2、屏MN上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ( )A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t2、在升降机底部安装一个加速度传感器，其上放置了一个质量为m小物块，如图甲所示。升降机从t=0时刻开始竖直向上运动，加速度传感器显示加速度a随时间t变化如图乙所示。取竖直向上为正方向，重力加速度为g，以下判断正确的是（ ）A在02t0时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态B在t03t0时间内，

3、物块先处于失重状态，后处于超重状态Ct=t0时刻，物块所受的支持力大小为mgDt=3t0时刻，物块所受的支持力大小为2mg3、伽利略通过斜面理想实验得出了（）A力是维持物体运动的原因B物体的加速度与外力成正比C物体运动不需要力来维持D力是克服物体惯性的原因4、2017年11月5日，我国用长征火箭成功发射了两颗北斗三号组网卫星(如图所示)，开启了北斗卫星导航系统全球组网的新时代。下列关于火箭在竖直方向加速起飞阶段的说法，正确的是（ ）A火箭只受到重力和空气阻力的作用B火箭喷出的热气流对火箭的作用力与火箭对热气流的作用力大小相等C火箭处于失重状态D保温泡沫塑料从箭壳上自行脱落后，相对地面由静止下落

4、5、在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法正确的是（ ）A查德威克用粒子轰击铍原子核，发现了质子B卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，揭示了原子核有复杂的结构C汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现阴极射线是原子核中的中子变为质子时产生的射线D居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（Po）和镭（Ra）两种新元素6、如图所示，一正方形木板绕其对角线上O1点做匀速转动。关于木板边缘的各点的运动，下列说法中正确的是AA点角速度最大BB点线速度最小CC、D两点线速度相同DA、B两点转速相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

5、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，小球放在光滑固定的板与装有铰链的光滑轻质薄板之间。当薄板由图示位置顺时针缓慢转至水平的过程中，下列说法正确的是（）A薄板对小球的弹力在逐渐增大B小球对薄板的压力先减小后增大C两板对小球的弹力可能同时小于小球的重力D两板对小球弹力的合力可能小于小球的重力8、下说法中正确的是 。A在干涉现象中，振动加强的点的位移有时可能比振动减弱的点的位移小B单摆在周期性的外力作用下做受迫振动，则外力的频率越大，单摆的振幅也越大C全息照片的拍摄利用了激光衍射的原理D频率为v的激光束射向高速迎面而来的卫星，卫星接收到的激光的频率大于vE.电

6、磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直9、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的vt图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）。则下列说法正确的是（ ）AB点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C由C点到A点的过程中，电势逐渐升高DA、B两点的电势之差10、质量均匀分布的导电正方形线框abcd总质量为m，边长为l，每边的电阻均为r0。线框置于xoy光滑水平面上，处在磁感应强度大小为B的匀

7、强磁场中。如图，现将ab通过柔软轻质导线接到电压为U的电源两端（电源内阻不计，导线足够长），下列说法正确的是A若磁场方向竖直向下，则线框的加速度大小为B若磁场方向沿x轴正方向，则线框保持静止C若磁场方向沿y轴正方向，发现线框以cd边为轴转动，则D若磁场方向沿y轴正方向，线框以cd边为轴转动且cd边未离开水平面，则线框转动过程中的最大动能为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图a所示的器材，测一节干电池的电动势和内阻实验。(1)用笔画线代替导线，将图a连接成可完成实验的电路（图中已连接了部分导线）；（_）(2)实验过程中，将电阻

8、箱拔到45时，电压表读数为0.90V；将电阻箱拔到如图b所示，其阻值是_，此时电压表的读数如图c所示，其值是_V；(3)根据以上数据，可以算出该节干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。12（12分）几位同学对一个阻值大约为 600的未知电阻进行测量，要求较精确地测量电阻的阻值。有下列器材供选用:A待测电阻 RxB电压表 V(量程 6V，内阻约 3k)C电流表 A1(量程 20mA，内阻约 5)D电流表 A2(量程 10mA，内阻约 10)E.滑动变阻器 R1(020，额定电流 2A)F.滑动变阻器 R2(02000，额定电流 0.5A)G.直流电源 E(6V，内阻约 1) H.多用表I.开关、

9、导线若干（1）甲同学用多用表直接测量待测电阻的阻值如图甲所示。若选用欧姆表“100”档位， 则多用表的读数为_（2）乙同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路，电路图如图乙所示，则电流表应选择 _(选填“A1”或“A2”)， 滑动变阻器应选择_ (选填“R1”或“R2”)。（3）丙同学经过反复思考，利用所给器材设计出了如图丙所示的测量电路，具体操作如下：按图丙连接好实验电路，调节滑动变阻器 R1、R2 的滑片至适当位置;开关 S2 处于断开状态，闭合开关 S。调节滑动变阻器 R1、R2 的滑片，使电流表 A2 的示数恰好为电流表 A1 的示数的一半，读出此时电压表 V 的示数 U1 和电流

10、表 A 的示数 I1。保持开关 S1 闭合，再闭合开关 S2，保持滑动变阻器 R2 的滑片位置不变，读出此时电压表 V 的示数 U2 和电流表 A2 的示数 I2。可测得待测电阻的阻值为_，同时可测出电流表 A1 的内阻为 _ (用 U1、U2、I1、I2 表示)。（4）比较乙、丙两位同学测量电阻 Rx 的方法，你认为哪个同学的方法更有利于减小系统误差？_ (选填“乙”或“丙”)同学。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，水平台面AB与水平地面间的高度差，一质量的小钢球静止在台面右角B处。一小钢块

11、在水平向右的推力F作用下从A点由静止开始做向右直线运动，力F的大小随时间变化的规律如图乙所示，当时立即撤去力F，此时钢块恰好与钢球发生弹性正碰，碰后钢块和钢球水平飞离台面，分别落到地面上的C点和D点。已知B、D两点间的水平距离是B、C两点间的水平距离的3倍，钢块与台面间的动摩擦因数，取。求：(1)钢块的质量m1；(2)B、C两点间的水平距离x1。14（16分）如图水平地面上固定着竖直面内半径R=2.75m的光滑圆弧槽，圆弧对应的圆心角为37，槽的右端与质量m=lkg、长度L=2m且上表面水平的木板相切，槽与木板的交接处静止着质量m1=2kg和m2=1kg的两个小物块（可视为质点）。现点燃物块间

12、的炸药，炸药爆炸释放的化学能有60%转化为动能，使两物块都获得水平速度，此后m2沿圆弧槽运动，离开槽后在空中能达到的最大高度为h=0.45m。已知m1与木板间的动摩擦因数1=0.2，木板与地面间的动摩擦因数2=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2。求：(1)物块到达圆弧槽左端时的速率v；(2)炸药爆炸释放的化学能E；(3)木板从开始运动到停下的过程中与地面间因摩擦而产生的热量Q。15（12分）如图所示，内壁粗糙、半径R=0.4m的四分之一网弧轨道AB在最低点B处与光滑水平轨道BC相切。质量m2=0.4kg的小球b左端连接一水平轻

13、弹簧，静止在光滑水平轨道上，质量m1=0.4kg的小球a自圆弧轨道顶端由静止释放，运动到圆弧轨道最低点B的过程中克服摩擦力做功0.8J，忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2。求：(1)小球a由A点运动到B点时对轨道的压力大小；(2)小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中，a球的最小动能；(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中，弹簧对小球b的冲量I的大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出

14、碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由，得：，P、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹应为pa，因周期可知，因m增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t，C正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期公式，运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，2、C【解析】A由乙图可知，在02t0时间内，物块先处于超重状态，后处于失重状态，A错误；B由乙

15、图可知，在t03t0时间内，物块先处于超重状态，后处于失重状态，B猎；C由乙图可知，t=t0时刻，物块所受的支持力大小为mg，C正确；D由乙图可知，t=3t0时刻，物块所受的支持力大小为mg，D错误。故选C。3、C【解析】AC.理想斜面实验只能说明力不是维持物体运动的原因，即物体的运动不需要力来维持，故A错误，C正确；B.牛顿第二定律说明力是使物体产生加速度的原因，物体的加速度与外力成正比，故B错误；D.惯性是物体固有的属性，质量是物体惯性大小的量度，惯性与物体的运动状态和受力无关，故D错误。故选C。4、B【解析】A火箭受到重力和空气阻力以及内部燃料喷出时的作用力，故A错误；B火箭喷出的热气流

16、对火箭的作用力与火箭对热气流的作用力为作用力和反作用力，二者大小相等，故B正确；C火箭加速向上，故处于超重状态，故C错误；D保温泡沫塑料从箭壳上自行脱落后，由于具有向上的速度，故做竖直上抛运动，故D错误。故选B。5、D【解析】A查德威克用粒子轰击铍原子核，发现了中子。卢瑟福用粒子轰击氮原子核，发现了质子，故A错误；B贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，证明原子核有复杂结构，故B错误；C汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，但阴极射线不是原子核中的中子变为质子时产生的射线，故C错误；D居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（P0）和镭（Ra）两种新元素，故D正确。故选D。6、D【解析】A根据题意，一正方

17、形木板绕其对角线上点做匀速转动，那么木板上各点的角速度相同，故A错误；B根据线速度与角速度关系式，转动半径越小的，线速度也越小，由几何关系可知， 点到BD、BC边垂线的垂足点半径最小，线速度最小，故B错误；C从点到、两点的间距相等，那么它们的线速度大小相同，方向不同，故C错误；D因角速度相同，因此它们的转速也相等，故D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB以小球为研究对象，分析受力情况，根据力图看出，薄板的作用力先减小后增大，木板对小球的作

18、用力一直减小，由牛顿第三定律得知，小球对薄板的压力先减小后增大，小球对木板的压力减小，故A错误，B正确；C根据图中线段的长度可以看出，两板对小球的弹力可能同时小于小球的重力，故C正确；D根据平衡条件可知，两板对小球弹力的合力等于小球的重力，故D错误。故选BC。8、ADE【解析】A在干涉现象中，振动加强的点的振幅比振动减弱的点的振幅大，但是振动加强的点的位移有时可能比振动减弱的点的位移小，选项A正确；B单摆在周期性的外力作用下做受迫振动，当驱动力的频率与单摆的固有频率相等时振幅最大，则外力的频率越大时，单摆的振幅不一定越大，选项B错误；C全息照片的拍摄利用了激光干涉的原理，选项C错误；D根据多普

19、勒效应，频率为v的激光束射向高速迎面而来的卫星，卫星接收到的激光的频率大于v，选项D正确；E电磁波是横波，在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直，选项E正确。故选ADE。9、AD【解析】两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧；电量为2C的小物块仅在运动方向上受电场力作用从C点到B到A运动的过程中，根据v-t图可知在B点的加速度，可知物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况，由牛顿第二定律求出电场强度的最大值。根据电势能的变化，分析电势的变化。由动能定理求AB间的电势差。【详解】A由乙图可知，物

20、体在B点加速度最大，且加速度为根据可知B点的场强最大，为E=1V/m，故A正确；B从C到A的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小，故B错误；C从C到A一直沿着电场线运动，电势逐渐降低，故C错误；D从B到A的过程中，根据动能定理，得代入数据得UBA=5V，则即故D正确。故选AD。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据v-t图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口。10、ACD【解析】A根据左手定则，安培力的方向沿+y轴方向根据F=BIl，线框所受的安培力的合力为：线框的加速度大小为：故A正确；B若磁场方向沿x轴正方向，ad边受到的安培力竖直向下，cd边受到的安培力竖直向

21、上，故线框不可能处于静止，故B错误；C若磁场方向沿y轴正方向，发现线框以cd边为轴转动，则，根据动能定理可得解得：故C正确；D在转动过程中，由于ab边的安培力大于线框的重力，故在安培力作用下，线框的动能一直增大，故有：故D正确；故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 110 1.10 1.3 20 【解析】(1)1电路图如图；(2)23电阻箱读数为R=1100+110=110；电压表读数为U=1.10V；(3)45由闭合电路欧姆定律有两式联立代入数据解得E=1.3Vr=2012、600 A2 R1 丙 【解析】(1)1选用欧姆

22、表“100”档位,指针读数为6.0，故多用电表读数为600W.(2)23电压表量程为6V,阻值约为600W，电流表量程约即可, 故电流表选择A2；乙图中滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器选择总阻值较小的R1.(3)45设电流表A1,内阻为r1，根据操作步骤可得:根据操作步骤可得:联立方程可得：(4)6乙同学的设计方法中，实际测得的阻值为Rx与电流表内阻的串联阻值，测量值偏大， 而且电流表内阻未知，相比而言，丙同学的方法更有利于减小系统误差。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0.3kg；(2)0.6m【解

23、析】（1）设碰前钢块的速度大小为v，碰后，钢块、钢球的速度大小分别为和，钢块、钢球均做平抛运动，根据水平位移关系可知钢块与钢球发生弹性正碰，由动量守恒可知由机械能守恒可知联立解得（2）根据图乙图像，图线与t轴所包围的面积表示冲量，则时间内，推力冲量大小为根据动量定理解得在根据第一问碰撞过程，可以求得碰撞后，钢块做平抛运动，则解得14、（1）5m/s；（2）45J；（3）3J。【解析】(1)m2离开圆弧槽后，在空中的飞行过程的逆过程是平抛运动分解m2离开圆槽时的速度v，有根据平抛运动规律得代入数据联立解得v=5m/s(2)设炸药爆炸后，m1、m2获得的速率分别为力、m2运动过程中，由机械能守恒定

24、律有：代入数据得=6m/s爆炸过程中，由动量守恒定律有代人入数据得=3m/s由题意有60%E=代入数据联立解得E=45J(3)对物块m1有对木板m2有代入数据得=2m/s2=1m/s2设经过时间t达到共同速度v有：代入数据得t=1sv=1m/s此过程中：m1的位移=2m木板的位移=0.5m相对位移=1.5mL，故m1未脱离木板假设它们一起做减速运动直到静止由得=1m/s2又：，故假设成立设此后木板发生的位移为由运动学规律有代入数据得=0.5m整个过程中，木板与地面间因摩擦而产生的热量代入数据联立解得Q=3J15、 (1)8N；(2)0；(3)0.8Ns【解析】(1)设a球运动到B点时的速度为，根据动能定理有解得又因为解得由牛顿第三定律知小球a对轨道的压力(2)小球a与小球b通过弹簧相互作用整个过程中，a球始终做减速运动，b球始终做加速运动，设a球最终速度为，b球最终速度为，由动量守恒定律和能量守恒得解得故a球的最小动能为0。(3)由(2)知b球的最大速度为2m/s，根据动量定理有