湖南省永州市宁远县第一中学2023届高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A中子与质子结合成氘核时吸收能量B卢瑟福的粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的C入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度，则不可能发生光电效应D根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道，原子的能

2、量减少，电子的动能增加2、一物体置于一长木板上，当长木板与水平面的夹角为时，物体刚好可以沿斜面匀速下滑。现将长木板与水平面的夹角变为，再将物体从长木板顶端由静止释放；用、和分别表示物体的位移、物体运动的速度、物体运动的加速度、物体的动能和物体运动的时间。下列描述物体由静止释放后的运动规律的图象中，可能正确的是（ ）ABCD3、下列四幅图的有关说法中正确的是（）A图（l）若将电源极性反接，电路中一定没有光电流产生B图(2)卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子核的构成C图(3)一群氢原子处于n=5的激发态跃迁到n=1的基态最多能辐射6种不同频率的光子D图(4)原子核D、E结合成F时会有质量亏损，要释放

3、能量4、某次空降演练中，跳伞运动员从飞机上跳下，10s后打开降落伞，并始终保持竖直下落，在014 s内其下落速度随时间变化的vt图像如图所示，则（）A跳伞运动员在010s内下落的高度为5v2B跳伞运动员（含降落伞）在010s内所受的阻力越来越大C10s时跳伞运动员的速度方向改变，加速度方向保持不变D1014s内，跳伞运动员（含降落伞）所受合力逐渐增大5、如图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘。当MN中电流突然减小时，线圈产生的感应电流I，线圈所受安培力的合力为F，则I和F的方向为（）AI顺时针，F向左BI顺时针，F向右CI逆时针，F向左DI逆时针，F向右6、如图所

4、示，某中学航天兴趣小组的同学将静置在地面上的质量为（含水）的自制“水火箭”释放升空，在极短的时间内，质量为的水以相对地面为的速度竖直向下喷出。已知重力加速度为，空气阻力不计，下列说法正确的是（）A火箭的推力来源于火箭外的空气对它的反作用力B水喷出的过程中，火箭和水机械能守恒C火箭获得的最大速度为D火箭上升的最大高度为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示直线1和2分别为两个不同电源的路端电压和电流的关系图象，E1、r1，分别为电源1的电动势和内阻，E2、r2分别

5、为电源2的电动势和内阻，则下述说法正确的是（ ）AE1=E2Br1r2C当两个电源短路时电源l的短路电流大D当两个电源分别接相同电阻时，电源2的输出功率小8、如图所示，CD、EF是两条水平放置的、阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的宽度为d，导轨的右端接有一阻值为R的电阻，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接将一阻值也为R，质量为m的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为下列说法正确的是A通过电阻R的最大电流为B流过电阻R的电荷量为C整个电路

6、中产生的焦耳热为mghD电阻R中产生的焦耳热为9、如图所示，轻弹簧一端与不可伸长的轻绳OC、DC连接于C（两绳另一端均固定），弹簧另一端连接质量为m的小球。地面上竖直固定一半径为R、内壁光滑的开缝圆弧管道AB，A点位于O点正下方且与C点等高，管道圆心与C点重合。现将小球置于管道内A点由静止释放，已知轻绳DC水平，当小球沿圆弧管道运动到B点时恰好对管道壁无弹力，管道与弹簧间的摩擦不计，重力加速度为g。则小球从A运动到B的过程中（）A弹簧一直处于伸长状态B小球的机械能不守恒C小球在B点的动能为mgRD轻绳OC的拉力不断增大10、如图所示，在边长为L的正方形区域ABCD内存在磁感应强度大小为B，方向

7、垂直纸面向外的匀强磁场。质量为m，电荷量为q的带电粒子（不计重力），分别以相同的速率v从A点沿不同方向垂直磁场方向射入磁场，当沿AC方向射入时，垂直于BC边射出磁场。则粒子（）A带负电B运动速率C在磁场中运动的最长时间D在磁场中运动的最长时间三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学欲将内阻为100 、量程为300 A的电流计G改装成欧姆表，要求改装后欧姆表的0刻度正好对准电流表表盘的300 A刻度。可选用的器材还有：定值电阻R1（阻值25）；定值电阻R2（阻值l00）；滑动变阻器R（最大阻值l000 ）；干电池（E=1.5Vr=

8、2 ）；红、黑表笔和导线若干。改装电路如图甲所示。（1）定值电阻应选择_（填元件符号）改装后的欧姆表的中值电阻为_。（2）该同学用改装后尚未标示对应刻度的欧姆表测量内阻和量程均未知的电压表V的内阻。步骤如下：先将欧姆表的红、黑表笔短接，调节 _填图甲中对应元件代号），使电流计G指针指到_ A；再将_（填“红”或“黑”）表笔与V表的“+”接线柱相连，另一表笔与V表的“一”接线柱相连。若两表的指针位置分别如图乙和图丙所示，则V表的内阻为_，量程为_ V。12（12分）利用图示装置可以做力学中的许多实验（1）以下说法正确的是_.A利用此装置“研究匀变速直线运动” 时，须设法消除小车和木板间的摩擦阻力

9、的影响B利用此装置探究 “小车的加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a-M关系图象不是直线，就可确定加速度与质量成反比C利用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时，应将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响(2).小华在利用此装置“探究加速度a与力F的关系”时，因为不断增加所挂钩码的个数，导致钩码的质量远远大于小车的质量，则小车加速度a的值随钧码个数的增加将趋近于_的值.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）图甲为能进行图形翻转的“道威

10、棱镜”示意图，其横截面OABC是底角为45的等腰梯形，高为a，上底边长为a，下底边长3a，如图乙所示。一细光束垂直于OC边射入，恰好在OA和BC边上发生全反射，最后垂直于OC边射出，已知真空中的光速为c。试求该光束在棱镜中的传播时间t。14（16分）如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑的斜面上，其上放置一质量为m的小滑块，斜面倾角，木板受到沿斜面向上拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与力F的关系如图乙所示，重力加速度取g10m/s2，sin0.6，cos0.8。求：(1)小滑块与木板的动摩擦因数为多少？(2)当拉力F20N时，长木板的加速度大小为多大？15（12分）如图所示，一足够

11、长的水平传送带以速度v= 2m/s匀速运动，质量为m1 = 1kg的小物块P和质量为m2 = 1.5kg的小物块Q由通过定滑轮的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长某时刻物块P从传送带左端以速度v0 = 4m/s冲上传送带，P与定滑轮间的绳子水平已知物块P与传送带间的动摩擦因数= 0.5，重力加速度为g =10m/s2，不计滑轮的质量与摩擦，整个运动过程中物块Q都没有上升到定滑轮处求：(1)物块P刚冲上传送带时的加速度大小；(2)物块P刚冲上传送带到右方最远处的过程中，PQ系统机械能的改变量；(3)若传送带以不同的速度v（0 vv0）匀速运动，当v取多大时物块P向右冲到最远处时，P与传送带间产生的摩

12、擦生热最小？其最小值为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A中子与质子结合成氘核的过程中有质量亏损，释放能量，故A错误；B卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型，故B错误；C根据光电效应方程知入射光的频率不变，若仅减弱该光的强度，则仍一定能发生光电效应，故C错误；D电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，总能量减小；根据可知半径越小，动能越大，故D正确。故选D。2、D【解析】BC当长木板的倾角变为时，放在长木板上的物体将由静止开始做匀加速直线运动，物体的速度随时间均匀增大，物体的加速度不变，

13、故BC项错误；A由知，A项错误；D由动能定理得，故物体的动能与物体的位移成正比，D项正确。故选D。3、D【解析】A图（l）若将电源极性反接，即为反向电压，只要反向电压比遏止电压小，电路中就有光电流产生，故A错误；B图(2)卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故B错误；C图(3)一群氢原子处于n=5的激发态跃迁到n=1的基态最多能辐射出种不同频率的光子，故C错误；D原子核D和E聚变成原子核F时会有质量亏损，要释放能量，故D正确。故选D。4、B【解析】A假设空降兵在空中做匀加速运动，10s时的速度刚好为v2，则这段时间内的下落位移应为但实际上由图可知，根据图线与横轴围成的面积表示位移可

14、得其下落位移必然大于5v2。故A错误；B空降兵在空中受到重力和空气阻力的作用，而由图像可知，空降兵在010s内的加速度不断减小，由牛顿第二定律可知空降兵受到的空气阻力应当不断增大，故B正确；C10s时空降兵的速度图像仍在x轴上方，速度方向并未改变，但空降兵的速度走向由增大变为减小，故而加速度方向改变。故C错误；D由图可知，1014 s内，空降兵的速度逐渐减小，且减小的速率逐渐降低，表明空降兵的加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律可知其所受合力逐渐减小。故D错误。故选B。5、B【解析】金属线框abcd放在导线MN上，导线中电流产生磁场，根据安培定则判断可知，线框abcd左右两侧磁场方向相反，线框左侧

15、的磁通量小于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的情况。若MN中电流突然减小时，穿过线框的磁通量将减小。根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框abcd感应电流方向为顺时针；再由左手定则可知，左边受到的安培力水平向右，而右边的安培力方向也水平向右，故安培力的合力向右。AI顺时针，F向左，与结论不相符，选项A错误；BI顺时针，F向右，与结论相符，选项B正确；CI逆时针，F向左，与结论不相符，选项C错误；DI逆时针，F向右，与结论不相符，选项D错误；故选B。6、D【解析】A火箭的推力来源于向下喷出的水对它的反作用力，A错误；B水喷出的过程中，瓶内气体做功，火箭及水的机械能不守恒，B错

16、误；C在水喷出后的瞬间，火箭获得的速度最大，由动量守恒定律有解得C错误；D水喷出后，火箭做竖直上抛运动，有解得D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A根据闭合电路欧姆定律U=EIr当I=0时U=E说明图线纵轴截距等于电源的电动势，由图可知，两电源的电动势相等，即E1=E2故A正确；B根据数学知识可知，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图可知，图线2的斜率大于图线1的斜率，则r2r1故B错误；C短路电流I=故电源1的短路电流要大，故C正确；D根

17、据当两个电源分别接相同电阻时，电源内阻大即电源2的输出功率小，故D正确. 故选ACD8、ABD【解析】A金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得： 金属棒到达水平面时的速度金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为 E=BLv最大的感应电流为故A正确；B通过金属棒的电荷量故B正确；C金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh-WB-mgd=0-0则克服安培力做功：WB=mgh-mgd整个电路中产生的焦耳热为Q=WB=mgh-mgd故C错误；D克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的

18、焦耳热： 故D正确9、ACD【解析】AB当小球沿圆弧管道运动到B点时恰好对管道壁无弹力，则小球在B点由弹簧的拉力和重力提供向心力，即弹簧处于伸长状态，从A到B的过程弹簧的形变量没有变，故小球的机械能不变，选项A正确，B错误；C从A到B的过程弹簧的形变量没有变，小球在B点的动能等于小球在A点的重力势能为mgR，选项C正确；D设OC与OA的夹角为，CA与水平夹角为，C点受力平衡，则竖直方向上有解得从A到B的过程中，和弹簧的弹力FAC不变，不断增大，故OC的拉力不断增大，D正确。故选ACD。10、BC【解析】A由左手定则可知粒子带正电，选项A错误；B根据粒子的运动轨迹可知由可得选项B正确； CD从C

19、点射出的粒子在磁场中运动的时间最长，圆弧所对的圆心角为60，则最长时间为选项C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1 1000 R（或滑动变阻器） 300 黑 500 1 【解析】（1）12由于滑动变阻器的最大阻值为1000，故当滑动变阻器调到最大时，电路中的电路约为此时表头满偏，故定值电阻中的电流约为故其阻值为因此定值电阻应该选择R1。改装后将红黑表笔短接，将电流表调大满偏，此时多用表的总内阻为故多用表的中值电阻为（2）3 4 5由于使用欧姆表测内阻，故首先要进行欧姆调0，即调节R，使电流表满偏，即指针指到3

20、00A，黑表笔接的电源正极，故将黑表笔与电压表的“+”接线柱相连；67欧姆表指针指在I=200A位置，则电路中的总电流为5I，故待测电压表的内阻为设电压表量程为U，此时电压表两端的电压为故其量程为1V。12、（1）C （2）g 【解析】（1）A此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力，所以A不准确；B曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以若aM图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a图象，故B错误；C探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动

21、中所受阻力的影响，从而小车受到的合力即为绳子的拉力，故C正确（2）设小车质量为m，钩码质量为M，则对小车有：对钩码有：联立解得：将上式变形为：可见当Mm时，加速度a趋近于g四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】恰好发生全反射即所以速度为则时间为14、 (1)0.75(2)2m/s2【解析】(1)当F等于18N时，加速度为a0。对整体由平衡条件：F(Mm)gsin代入数据解得Mm3kg当F大于18N时，根据牛顿第二定律得FMgsinmgcosMa长木板的加速度aFgsin知图线的斜率k1截距b-gsin-18解

22、得M1kg，m2kg，0.75(2)当拉力F20N时，代入长木板的加速度aFgsin解得长木板的加速度为a12m/s215、 (1)8m/s2 (2) (3) ，【解析】（1）物块P刚冲上传送带时，设PQ的加速度为，轻绳的拉力为因P的初速度大于传送带的速度，则P相对传送带向右运动，故P受到向左的摩擦力作用对P由牛顿第二定律得对Q受力分析可知，在竖直方向受向下的重力和向上的拉力作用由牛顿第二定律得联立解得（2）P先减速到与传送带速度相同，设位移为，则共速后，由于摩擦力故P不可能随传送带一起匀速运动，继续向右减速，摩擦力方向水平向右设此时的加速度为，轻绳的拉力为对P由牛顿第二定律得对Q由牛顿第二定律得联立解得设减速到0位移为，则PQ系统机械能的改变量等于摩擦力对P做的功（3）第一个减速过程，所用时间P运动的位移为皮带运动的位移为第二个减速过程，所用时间P运动的位移为皮带运动的位移为则整个过程产生的热量当时，