福建省福州市第三中学2023年高三3月份第一次模拟考试物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某时刻水平抛出的小球，在时的速度方向与水平方向的夹角，其速度方向与水平方向的夹角。忽略空气阻力，重力加速度，则小球初速度的大小为（ ）ABCD2、如图所示为氢原子的能级图，一个处于基态的氢

2、原子，吸收一个光子受到发后最多可以辐射三种不同率的光子，则被吸收光子的能量为A10.2eVB12.09evC12.75eVD13.06eV3、有关原子物理学史，下列说法符合事实的是（ ）A卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子的枣糕模型B能量量子假说是普朗克首先提出的，光子假说则是爱因斯坦首先提出的C汤姆孙首先发现了中子，从而说明原子核内有复杂的结构D玻尔在光的粒子性的基础上，建立了光电效应方程4、在水平地面上O点正上方不同高度的A、B两点分别水平抛出一小球，不计空气阻力，如果两小球均落在同一点C上，则两小球（）A抛出时的速度大小可能相等B落地时的速度大小可能相等C落地时的速度方向可能相同D在空中运

3、动的时间可能相同5、用传感器观察电容器放电过程的实验电路如图甲所示，电源电动势为8V、内阻忽略不计。先使开关S与1端相连，稍后掷向2端，电流传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示的电流随时间变化的it图像如图乙所示。下列说法正确的是（）A图中画出的靠近i轴的竖立狭长矩形面积表示电容器所带的总电荷量B电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为20CC电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为CD电容器的电容约为6、如图所示，正方形区域内有匀强磁场，现将混在一起的质子H和粒子加速后从正方形区域的左下角射入磁场，经过磁场后质子H从磁场的左上角射出，粒子从磁场右上角射出磁场区域，由此可知（ ）A质子和粒子具有

4、相同的速度B质子和粒子具有相同的动量C质子和粒子具有相同的动能D质子和粒子由同一电场从静止加速二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙,甲的速度为v0，小工件离开甲前与甲的速度相同，并平稳地传到乙上，工件与乙之间的动摩擦因数为乙的宽度足够大，重力加速度为g，则（ ） A若乙的速度为 v0,工件在乙上侧向( 垂直于乙的运动方向)滑过的距离s=B若乙的速度为 2v0,工件从滑上乙到在乙上侧向滑动停止所用的时间不变C若乙的

5、速度为 2v0,工件在乙上刚停止侧向滑动时的速度大小v=D保持乙的速度 2v0 不变,当工件在乙上刚停止滑动时,下一只工件恰好传到乙上,如此反复. 若每个工件的质量均为m,除工件与传送带之间摩擦外,其他能量损耗均不计,驱动乙的电动机的平均输出功率= mgv08、关于理想气体，下列说法正确的是（）A已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量B已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子直径C气体压强是因为气体分子间表现为斥力D气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致E.一定质量的理想气体体积不变，温度升高，压强一定增大9、如图所示，一个斜面固定在水平面上，不计空气阻力。第一

6、次将小物体从斜面顶端处以水平初速度v沿水平方向抛出，落在斜面上的位置与斜面顶端的距离为斜面长度的。第二次将小物体从斜面顶端以速度同方向水平抛出。若小物体碰撞斜面后不弹起，则小物体第一次与第二次在空中的运动过程（）A时间之比为B时间之比为C竖直位移之比为D竖直位移之比为10、下列说法正确的是_。A共享单车是“新四大发明”之一，手机和互联网、互联网和单车之间都是通过红外线传递信息的B高速运动的物体，沿运动方向的长度会变长C发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是因为发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面D根据多普勒效应可以算出宇宙中的星球靠近或远离地球的速度E.光纤通信、医用纤维式

7、内窥镜都利用了光的全反射原理三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图甲所示装置来探究功和动能变化的关系，木板上固定两个完全相同的遮光条A、B，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上，轨道放在水平桌面上，P为小桶（内有砂子），滑轮质量、摩擦不计，(1)实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是_(2)用游标卡尺测量遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度d_cm.(3)实验主要步骤如下：测量木板（含遮光条）的质量M，测量两遮光条间的距离L，按图甲所示正确连接器材；将木板左端与轨道

8、左端对齐，静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条B、A通过光电门的过程中木板动能的变化量Ek_，合外力对木板做功W_.（以上两空用字母M、t1、t2、d、L、F表示）在小桶中增加砂子，重复的操作，比较W、Ek的大小，可得出实验结论12（12分）某同学利用气垫导轨验证动量守恒定律，同时测量弹簧的弹性势能，实验装置如图甲所示，两滑块A、B上各固定一相同窄片。部分实验步骤如下：I.用螺旋测微器测量窄片的宽度d；II.将气垫导轨调成水平；II.将A、B用细线绑住，在AB间放入一个被压缩的轻小弹簧；IV.烧断细线，记录A、B上的窄

9、片分别通过光电门C、D的挡光时间t1、t2。(1)若测量窄片的宽度d时，螺旋测微器的示数如图乙所示，则d=_mm。(2)实验中，还应测量的物理量是_A滑块A的质量m1以及滑块B的质量m2B烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的时间tA、tBC烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的路程x1、x2(3)验证动量守恒定律的表达式是_ ；烧断细线前弹簧的弹性势能Ep=_。(均用题中相关物理量的字母表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一定质量的气体从状态A经状态B、C、D再回到状态A已知气体在状态

10、A时的体积是1L。（1atm=1.013105Pa，ln3=1.099）求气体在状态C的体积；气体从状态A经状态B、C、D再回到状态A的过程中，吸收或放出的热量Q。14（16分）沿x轴正方向传播的简谐横波在t1=0时的波形如图所示，此时，波传播到x2=2m处的质点B，而平衡位置为x=0.5m处的质点A正好位于波谷位置，再经0.2s，质点A恰好第一次到达波峰。求：(1)该波的波速；(2)在t2=0.9s时，平衡位置为x= 5m处的质点C的位移。15（12分）在实验室内小张站在某高处水平伸出手以6m/s的初速度竖直上抛一玩具球，如图所示从抛出开始计时，玩具球在空中运动0.5s刚好到达最高点，已知手

11、离地面高h为2.5m，球在空气中受到大小恒定的空气阻力g取，求：(1)玩具球下降过程中的加速度大小；(2)玩具球第一次即将落地前瞬间的速度大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】将小球在时和时的速度分解，如图所示：则有，又因为解得选项C项正确，ABD错误。故选C。2、C【解析】一个氢原子处于激发态最多可以辐射三种不同频率的光子，则该氢原子处于n=4激发态，该氢原子处于基态时吸收的光子能量为：hv =（-0.85eV）-（-13.6 eV）=12.75eVABD.由计算可得被吸收光子的能量为12.75eV

12、 ，ABD错误； C.由计算可得被吸收光子的能量为12.75eV ，C正确3、B【解析】A卢瑟福从1909年起做了著名的粒子散射实验，实验结果成了否定汤姆孙枣糕原子模型的有力证据，在此基础上，卢瑟福提出了原子核式结构模型，故A错误；B能量量子假说是普朗克首先提出的，光子假说则是爱因斯坦首先提出的，故B正确；C查德威克通过用粒子轰击铍核（）的实验发现了中子，汤姆孙首先发现了电子，从而说明原子有复杂的结构，故C错误：D爱因斯坦提出了光子假说，建立了光电效应方程，故D错误。故选：B。4、B【解析】AD小球做平抛运动，竖直方向有，则在空中运动的时间由于不同高度，所以运动时间不同，相同的水平位移，因此抛

13、出速度不可能相等，故AD错误；B设水平位移OC为x，竖直位移BO为H，AO为h，则从A点抛出时的速度为从B点抛出时的速度为则从A点抛出的小球落地时的速度为从B点抛出的小球落地时的速度为当解得此时两者速度大小相等，故B正确；C平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，分别从AB两点抛出的小球轨迹不同，在C点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故C错误。故选B。5、D【解析】A根据 可知，图像与横轴围成的面积代表电容器所带的总电荷量，故A错误；BC 确定每个小方格所对应的电荷量值，纵坐标的每个小格为0.2mA，横坐标的每个小格为0.4s，则每个小格所代表的电荷量数值为q=0.210-

14、30.4=810-5C曲线下包含的小正方形的个数为40个，由曲线下方的方格数与q的乘积即得电容器所带的电荷量Q=40810-5C=3.210-3C故BC错误；D 电容器的电容约为故D正确。故选D。6、A【解析】A根据洛伦兹力提供向心力得设质子的比荷为，则粒子的比荷为，质子的半径是粒子的一半，所以二者的速度相同，故A正确；B他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动量不同，故B错误；C他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动能不同，故C错误；D如果由同一电场从静止加速，那么电场力做的功应该相同，即动能相同，但是他们的动能不相同，所以不是从同一电场静止加速，所以D错误。故选A。二、多项选择题：本题共

15、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】根据牛顿第二定律，mg=ma，得a=g，摩擦力与侧向的夹角为45，侧向加速度大小为，根据2axs1-v12，解得： ，故A错误；沿传送带乙方向的加速度ayg，达到传送带乙的速度所需时间，与传送带乙的速度有关，故时间发生变化，故B错误；设t=1时刻摩擦力与侧向的夹角为，侧向、纵向加速度大小分别为ax、ay，则，很小的t时间内，侧向、纵向的速度增量vx=axt，vy=ayt，解得 且由题意知，t，则，所以摩擦力方向保持不变，则当vx=1时，vy=

16、1，即v=2v1故C正确; 工件在乙上滑动时侧向位移为x，沿乙方向的位移为y，由题意知，ax=gcos，ay=gsin，在侧向上2axs1-v12，在纵向上，2ayy(2v1)21; 工件滑动时间 ，乙前进的距离y1=2v1t工件相对乙的位移，则系统摩擦生热Q=mgL，依据功能关系，则电动机做功： 由 ，解得 故D正确；故选CD.点睛：本题考查工件在传送带上的相对运动问题，关键将工件的运动分解为沿传送带方向和垂直传送带方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解8、ADE【解析】A一个分子的质量已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量，A正确；B一个气体分子占据的体积已知气体的摩尔

17、体积和阿伏伽德罗常数，不可以估算一个分子直径，B错误；CD气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致，气体分子之间的距离较大，几乎不体现分子力，C错误，D正确；E根据理想气体状态方程可知一定质量的理想气体体积不变，温度升高，压强一定增大，E正确。故选ADE。9、AD【解析】AB设斜面倾角为，长度为L。小物块以速度v平抛落在斜面上时位移关系有解得则落点距斜面顶端距离若第二次落在斜面上，同理落点距斜面顶端则有该距离大于斜面的长度L，则第二次抛出时落在水平面上。以速度v平抛时以速度平抛落在水平面上时有则有所以A正确，B错误；CD第一次与第二次平抛的竖直位移之比为所以D正确，C错误。故选AD。10、

18、CDE【解析】A手机是通过电磁波传递信息的，故A错误；B根据相对论可知，高速运动的物体，沿运动方向的长度会变短，故B错误；C波长较短的光容易被障碍物挡住，不能到达地面，波长较长的光更容易发生衍射而透过沙尘间的缝隙到达地面，故C正确；D由于波源与接受者的相对位移的改变而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，故根据多普勒效应，可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故D正确；E光纤通信、医用纤维式窥镜都利用了光的全反射原理，故E正确。故选：CDE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、平衡摩擦力 0.560cm 【解析】（1）为了使绳子拉力充当合

19、力，即细线拉力做的功等于合力对木板做的功应先平衡摩擦力，即实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是平衡摩擦力；（2）游标卡尺的读数先读出主尺的刻度数：5mm，游标尺的刻度第12个刻度与上边的刻度对齐，所以游标读数为：0.0512=0.60mm，总读数为：5mm+0.60mm=5.60mm=0.560cm（3）木板通过A时的速度：vA；通过B时的速度：vB；则木板通过A、B过程中动能的变化量：；合力对木板所做的功： ；12、4.800 A 【解析】(1)1螺旋测微器主尺的示数为4.5mm，可动刻度的示数为0.01mm30.0=0.300mm，故d=4.5mm+0.300mm=4.800mm(2)

20、2验证动量守恒定律，需要测量滑块A、B的质量m1和m2故选A(3)3根据动量守恒定律其中、可得4根据能量守恒定律可得，烧断细线前弹簧的弹性势能四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2L；吸收的热量为【解析】由图可知气体在AB过程是等容升温升压，VA=1L，则VB=1L，气体在BC过程是等压升温增容，根据盖吕萨克定律有代入数据解得L。从C到D是等温变化，根据玻意耳定律得有代入数据解得L则根据图线转化为图线如图所示从B到C过程，等压变化，体积增大，气体对外界做功，根据解得J=-3.039J从C到D过程，等温变化，体积增大，气体对外界做功，根据数学知识，则有则有由数学微积分知识可得解得J=-J从D到A过程，压强不变，体积减小，外界对气体做功，根据解得J=5.065J则整个过程做的总功为代入数据解得J即气体对外界做功为，从A出发再回到A，初末状态温度相同，内能相同，即根据热力学第一定律有解得J即吸收J的热量。14、 (1)； (2)【解析】(1)质点第一次到达波峰，时间间隔即由可知波速(2)由可知 波传到点的时间，此时沿轴正方向运动，再经过，点到达波谷，即15、 (1)8m/s2；(2)8m/s【解析】(1)上升过程下降过程联立各式(2)上升最大高度下降过程