辽宁省北镇市中学2022-2023学年高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

2、。1、如图，某同学将一足球静止摆放在收纳架上。他估测得足球的直径约为20 cm，质量约为0. 48 kg，收纳架两根平行等高的横杆之间的距离d约为12 cm。忽略足球的形变以及球与横杆之间的摩擦，重力加速度g取10m/s2，则可估算出一根横杆对足球的弹力约为（）A2.4 NB3.0 NC4.0 ND4.8 N2、绝缘光滑水平面上有ABO三点，以O点为坐标原点，向右方向为正方向建立直线坐标轴x轴，A点坐标为2m，B点坐标为2m，如图甲所示。A、B两点间的电势变化如图乙，左侧图线为四分之一圆弧，右侧图线为一条倾斜线段。现把一质量为m，电荷量为q的负点电荷，由A点静止释放，则关于负点电荷的下列说法中

3、正确的是（忽略负点电荷形成的电场） （ ）A负点电荷在AO段的加速度大于在OB段的加速度B负点电荷在AO段的运动时间小于在OB段的运动时间C负点电荷由A点运动到O点过程中，随着电势的升高电势能变化越来越快D当负点电荷分别处于m和m时，电场力的功率相等3、如图，真空中固定两个等量同种点电荷A、B，AB连线中点为O。在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直圆面且与AB连线共面，两个平面边线交点分别为e、f，则下列说法正确的是（ ）A在a、b、c、d四点中存在场强和电势均相同的点B将一试探电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力始终不做

4、功C将一试探电荷由f点移到正方形a、b、c、d任意一点时电势能的变化量都不相同D沿线段eOf移动的电荷所受的电场力先增大后减小4、医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度.电磁血流计由一对电极a和b以及一对磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的.使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示.由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差.在达到平衡时，血管内部的电场可看做是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零在某次监测中，两触点间的距离为3.00mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为

5、160 pV，磁感应强度的大小0.040T.则血流的速度的近似值和电极a、b的正负为A1.3m/s，a负、b正B2.7m/s，a 正、b负C1.3m/s，a 正、b负D2.7m/s，a 负、b正5、通过对自然现象及实验现象的仔细观察和深入研究，物理学家得出科学的结论，推动了物理学的发展。下列说法符合事实的是（ ）A光电效应说明光具有粒子性，康普顿效应说明光具有波动性B卢瑟福用人工转变的方法发现了质子，并预言了中子的存在C玻尔的原子理论成功地解释了原子发光的现象D贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，提出了原子中存在原子核的观点6、钴60放射性的应用非常广泛，几乎遍及各行各业。在农业上，常用于辐射育

6、种、刺激增产、辐射防治虫害和食品辐射保藏与保鲜等；在医学上，常用于癌和肿瘤的放射治疗。一个钴60原子核（Co）放出一个粒子后衰变成一个镍核（Ni），并伴随产生了射线。已知钴60的半衰期为5.27年，该反应中钴核、粒子、镍核的质量分别为m1、m2、m3。下列说法正确的是（）A核反应中释放的能量为（m2+m3m1）c2B核反应中释放出的射线的穿透本领比粒子强C若有16个钴60原子核，经过5.27年后只剩下8个钴60原子核D粒子是钴原子核外的电子电离形成的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有

7、选错的得0分。7、我国北斗卫星导航系统（BDS）已经开始提供全球服务，具有定位、导航、授时、5G传输等功能。A、B为“北斗”系统中的两颗工作卫星，其中A是高轨道的地球静止同步轨道卫星，B是中轨道卫星。已知地球表面的重力加速度为g，地球的自转周期为T0下列判断正确的是（）A卫星A可能经过江苏上空B卫星B可能经过江苏上空C周期大小TA=T0TBD向心加速度大小aAaBg8、某探究小组利用图甲所示的电路探究一标签模糊的理想变压器的原、副线圈匝数比。R为定值电阻，L1、L2为两只标有“5V，2A”的相同小灯泡，S为开关。保持开关S断开，在输入端施加如图乙所示的交变电压后，灯泡L1正常发光，测得电阻R两

8、端的电压为灯泡L1两端电压的2倍。以下说法正确的是（ ）A理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1B理想变压器原、副线圈的匝数比为1：4C定值电阻的阻值为10D闭合开关S后，灯泡L1中的电流变小9、如图甲所示，绝缘轻质细绳一端固定在方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场中的O点，另一端连接带正电的小球，小球电荷量，在图示坐标中，电场方向沿竖直方向，坐标原点O的电势为零当小球以2ms的速率绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动时，细绳上的拉力刚好为零在小球从最低点运动到最高点的过程中，轨迹上每点的电势随纵坐标y的变化关系如图乙所示，重力加速度.则下列判断正确的是A匀强电场的场强大小为B小球重力势能增加最多的过程

9、中，电势能减少了2.4JC小球做顺时针方向的匀速圆周运动D小球所受的洛伦兹力的大小为3N10、如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上一质量为m0.2 kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧在弹性限度内)，其速度v和弹簧压缩量x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点不计小球和弹簧接触瞬间机械能损失、空气阻力，g取10 m/s2，则下列说法正确的是A小球刚接触弹簧时加速度最大B该弹簧的劲度系数为20.0 N/mC从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的机械能守恒D小球自由落体运动下落的高度1.25m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡

10、中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学欲将电流表改装为两用电表，即中央刻度为15的“1”挡的欧姆表及量程为015V的电压表，实验室可提供的器材有A一节全新的5号干电池E（内阻不计）B电流表A1（量程010mA，内阻为25）C电流表A2（量程0100mA，内阻为2.5）D滑动变阻器R1（030） E.滑动变阻器R2（03）F.定值电阻R3（117.5） G.定值电阻R4（120）H.定值电阻R5（147.5） L.单刀双掷开关S，一对表笔及若干导线(1)图中a应接电流表的_（选填“+”或“”）接线柱，测量电压时应将开关S扳向_（选填“1”或“2”）；(2)图中电流表应选用_（选填

11、“B”或“C”），滑动变阻器应选用_（选填“D”或“E”），定值电阻R0应选_（选填“F“G或“H”）；(3)在正确选用器材的情况下，正确连接好实验电路若电流表满偏电流为Ig，则电阻刻度盘上指针指在Ig处应标上_。（填写具体数值）12（12分）用如图所示装置探究钩码和小车（含砝码）组成的系统的“功能关系”实验中，小车碰到制动挡板时，钩码尚未到达地面。(1)平衡摩擦力时，_（填“要”或“不要”）挂上钩码；(2)如图乙是某次实验中打出纸带的一部分，O、A、B、C为4个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，所用交流电源的频率为50Hz通过测量，可知打点计时器打B点时小车的速度大

12、小为_（结果保留两位有效数字）；(3)某同学经过认真、规范的操作，得到一条点迹清晰的纸带，他把小车开始运动时打下的点记为O，再依次在纸带上取等时间间隔的1、2、3、4、5、6等多个计数点，可获得各计数点到O的距离s，及打下各计数点时小车的瞬时速度v。如图丙是根据这些实验数据绘出的图象，已知此次实验中钩码的总质量为0.15kg，小车中砝码的总质量为0.50kg，取重力加速度，根据功能关系由图象可知小车的质量为_kg（结果保留两位有效数字）；(4)研究实验数据发现，钩码重力做的功总略大于系统总动能的增量，其原因可能是_。A钩码的重力大于细线的拉力B未完全平衡摩擦力C在接通电源的同时释放了小车D交流

13、电源的实际频率大于50Hz四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，质量m1=0.45 kg的平顶小车静止在光滑水平面上，质量m2=0.5 kg的小物块(可视为质点)静止在车顶的右端一质量为m0=0.05 kg的子弹以水平速度v0=100 m/s射中小车左端并留在车中，最终小物块相对地面以2 m/s的速度滑离小车已知子弹与车的作用时间极短，小物块与车顶面的动摩擦因数=0.8，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力取g=10 m/s2，求：（1）子弹相对小车静止时小车速度的大小；（2）小车的长度L14（16分）在某次

14、的接力比赛项目中，项目组规划的路线如图所示，半径的四分之一圆弧赛道与两条直线赛道分别相切于和点，圆弧为接力区，规定离开接力区的接力无效。甲、乙两运动员在赛道上沿箭头方向训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速率跑完全程，乙从起跑后的切向加速度大小是恒定的。为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记。在某次练习中，甲在接力区前的A处作了标记，并以的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令，乙在接力区的P点听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相等时被甲追上，完成交接棒。假设运动员与赛道间的动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动员（可视为质点）在直道上做直线运动，在

15、弯道上做圆周运动，重力加速度g=10m/s2，=3.14，求：(1)为确保在弯道上能做圆周运动，允许运动员通过弯道的最大速率；(2)此次练习中乙在接棒前的切向加速度a。15（12分）在xOy平面的x轴上方区域范围内存在着范围足够大的匀强磁场（如图甲所示）。在空间坐标（x=0，y=a）处有一粒子源，在某一时刻向平面内各个方向均匀发射N个（N足够大）质量为m、电荷量为-q，速度为v0的带电粒子：（不计粒子重力及粒子间的相互作用，题中N、a 、m、-q、v0均为已知量）(1)若放射源所发出的粒子恰好有不能到达x轴，求磁感应强度为多大；(2)求解第(1)问中，x轴上能接收到粒子的区域长度L；(3)若磁

16、场仅限制在一个半径为a的圆形区域内，圆心在坐标处。保持磁感应强度不变，在x轴的正半轴 区间上铺设挡板，粒子源打出的部分粒子恰好垂直打在挡板上并被挡板吸收，求：这部分粒子在先后到达板上的时间内对挡板的平均作用力。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】设每根横杆对足球的弹力方向与竖直方向夹角为，由几何关系可知对足球竖直方向有解得FN=3N故选B。2、B【解析】A在电势随两点间距离的变化图线中，图线的斜率的绝对值表示电场强度的大小，设C点的坐标值为m，则C点圆弧切线斜率大小等于直线斜率的绝对值，即此时电场强度大小

17、相等，由牛顿第二定律可知，此时加速度大小相等，故A错误；B由于沿场强方向电势降低，所以AO段场强沿OA方向，OB段场强沿OB方向，负点电荷在AO段做加速度减小的加速运动，在OB段做匀减速运动，由于B点电势等于A点电势，所以负点电荷在B点速度为零，则AO段的平均速度大于OB段的平均速度，所以AO段的运动时间小于OB段的运动时间，故B正确；C相等距离上电势能变化越快，说明该处电场力越大，即场强越大，由A到O点场强逐渐减小，所以电势能变化应越来越慢，故C错误；D当负点电荷分别处于m和m时，电荷所受电场力相等，但m处的速度大于m处的速度，所以电场力的功率不相等，故D错误。故选B。3、B【解析】A根据等

18、量同种电荷的电场线分布情况可知，、的电势相同，电场强度不同，由对称性可知，、的电势相同，电场强度也不相同，故A错误；B将一试探电荷由点沿圆弧移到点，试探电荷受到的电场力始终沿着径向方向，始终与运动的速度方向垂直，根据做功关系可知，电场力始终不做功，故B正确；C由于、的电势相同，故从点到、两点电势能变化量相同，同理从点到、两点电势能变化量相同，故C错误；D根据等量同种电荷的电场线分布，沿移动电场线先变疏再变密，根据可知，电场力先变小后变大，故D错误；故选B。4、C【解析】血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏，则a带

19、正电，b带负电最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，则有：，代入数据解得：v=1.3m/s，故C正确，ABD错误5、B【解析】A光电效应、康普顿效应都说明光具有粒子性，故A错误；B卢瑟福用人工转变的方法发现了质子，并预言了中子的存在，故B正确；C玻尔的原子理论没有完全成功地解释原子发光现象，故C错误；D贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，认为原子核有内部结构，故D错误；故选B。6、B【解析】A根据质能方程可知核反应中释放的能量为A错误；B根据三种射线的特点与穿透性，可知射线的穿透本领比粒子强，B正确；C半衰期具有统计意义，对个别的原子没有意义，C错误；D根据衰变的本质可知，粒子是原子核

20、内的一个中子转变为质子时产生的，D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】AA是高轨道的地球静止同步轨道卫星，静止在赤道上空，不可能经过苏州上空，故A错误；BB是中轨道卫星不是静止同步轨道卫星，所以卫星B可能经过江苏上空，故B正确；C根据可得半径越大，周期越大，所以TA=T0TB，故C正确；D根据万有引力提供向心力半径越大，向心加速度越小，所以向心加速度大小aAaBg，故D正确。故选BCD。8、CD【解析】AB由电压图像可知，输入电压的最大值为

21、V，则有效值为20V灯泡正常发光，故灯泡两端的电压为5V，即副线圈两端的电压V，由题知电阻R两端的电压为10V，故变压器原线圈的电压=10V原副线圈的匝数比故AB错误；C灯泡L1正常发光，即副线圈的电流A，根据理想变压器输入功率等于输出功率可知，原副线圈中的电流之比解得电阻R中的电流为1A，由欧姆定律可知=10故C正确；D开关S闭合后，电路的总电阻减小，而输入端电压保持不变，故副线圈中的电流增大，则原线圈中电流增大，电阻R两端电压升高，变压器原线圈电压降低，故副线圈输出电压降低，灯泡两端电压降低，电流减小，故D正确。故选CD。9、BD【解析】A、据题意和乙图可知，故A错误；B、据题意可知，小球

22、所受的电场力等于重力，洛伦兹力提供向心力，所以小球重力势能增加最多，电势能减少最多，大小为：2q=261072106J=2.4J，故B正确；C、以上分析可知，洛伦兹力提供向心力，据左手定则可知，小球做逆时针运动，故C错误；D、以上可知：mg=Eq，联立以上解得：f=3N，故D正确故选BD【点睛】本题感觉较难，但读懂题意，把小球的受力情况和特点挖掘出来，此题就会迎刃而解；还需注意利用乙图求场强，能量守恒求电势能的减小10、BD【解析】AB由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1 m时，小球的速度最大，然后减小，说明当x为0.1 m时，小球的重力等于弹

23、簧对它的弹力所以可得：kxmg解得：kN/m20 N/m弹簧的最大缩短量为x最大0.61 m，所以F最大20 N/m0.61 m12.2 N弹力最大时的加速度a51 m/s2小球刚接触弹簧时加速度为10 m/s2，所以压缩到最短时加速度最大，故A错误，B正确；C小球和弹簧组成的系统机械能守恒，单独的小球机械能不守恒，故C错误；D根据自由落体运动算得小球自由落体运动下落的高度D正确故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、+ 1 C D H 5 【解析】(1)1欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，则左边电笔为红表笔，所以图中a应接电流表的

24、“+”；2电流表与分压电阻串联可以改装成电压表，由图示电路图可知，测量电压时应将开关S扳向1；(2)3中央刻度为15的“1”挡的欧姆表中值电阻为15，欧姆表内阻等于中值电阻，欧姆调零时电路电流故电流表应选择C；4当改装成欧姆表时，接入一个调零电阻，由题意由于欧姆表的内阻为15，则故滑动变阻器选D；5当改装为量程为015V的电压表时，应串联一个阻值为 故定值电阻选H；(3)6若电阻值指在,即此时电流为所以待测电阻12、不要 0.72 0.85 BD 【解析】(1)1小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力作用，为了在实验中能够把细线对小车的拉力视为小车的合外力，则应该用重力的下滑分力来平衡

25、摩擦力，在平衡摩擦力时，不挂钩码，但要连接纸带。(2)2相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，计数点间的时间间隔为T=0.025s=0.1s根据匀变速直线运动的规律可知，一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打B点的速度为 (3)3设钩码的质量为m，小车的质量为M，小车中砝码的质量为m，对系统，由动能定理得 整理得v2-x图象的斜率 解得M=0.85kg。(4)4A钩码的重力大于细线的拉力，不影响钩码重力做系统做的功，故A错误；B长木板的右端垫起的高度过低，未完全平衡摩擦力时，则摩擦力做负功，系统总动能的增量小于钩码重力做的功，故B正确；C接通电源的同时释放了小车，只会使得纸带上

26、一部分点不稳定，不影响做功与动能的增量，故C错误；D交流电源的实际频率大于50Hz，如果代入速度公式的周期为0.02s，比真实的周期大，则求出来的速度偏小，则动能偏小，故D正确。故选BD。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10 m/s （2）2 m【解析】本题考查动量守恒与能量综合的问题（1）子弹进入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得m0v0=(m0+m1)v1解得v1=10 m/s（2）三物体组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得(m0+m1)v1=(m0+m1)v2+m2v3解得

27、v2=8 m/s由能量守恒可得(m0+m1)=m2gL+(m0+m1)+m2解得L=2 m14、 (1)10m/s；(2) 3m/s2【解析】(1)因为运动员弯道上做圆周运动，摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律有解得(2)设经过时间t，甲追上乙，甲的路程为乙的路程为由路程关系有将v=9m/s代入得t=3s此时所以还在接力区内根据v=at代入数据解得a=3m/s215、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)由几关系可知左右两个相切圆为临界条件，由于有不能到达要x轴，所以由几何关系知，磁场中做圆周运动半径为R=a洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得解得则磁感应强度 (2)粒子打x轴上的范围如图所示，x轴右侧长度为x轴左侧，与轴相切，由几何关系知联立可得(3)粒子源打出的部分粒子恰好垂直打在挡板上，根据几何关系则有解得粒子源打出的部分粒子恰好垂直打在挡板上的动量的变化量粒子源打出的部分粒子恰好垂直打在挡板上运动的最短时间粒子源打出的部分粒子恰好垂直打在挡板上运动的最长时间这部分粒子在先后到达板上的时间内对挡板的平均作用力