九年级物理上学期第三次(12月)月考物理试题(含解析) 试题.doc

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1、陕西省商南县2018-2019学年九年级物理上学期第三次（12月）月考物理试题一、选择题（每题3分，共36分）1下列现象与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞2下列过程中通过做功的方法改变物体内能的是（）A发烧时用湿毛巾敷额头能降温B丁香树开花时花香四溢C水烧开会把壶盖顶起D小球由高处下落的过程中速度变快3下列关于功、内能、热量的描述正确的是（）A机械能为零的物体，内能也一定为零B热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递C做功和热传递都能改变物体的内能D物体的内能增大，温度一定升高4汽油机一个工作循环的四个冲程中，将机械能转化为内能的是（）A吸

2、气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程5一个验电器的两个金属箔片因带电而张开，则这两个金属箔片一定（）A带正电B带负电C带同种电荷D带异种电荷6在如图所示的电路中，闭合开关S后，两灯都不亮，电压表有示数，电流表无示数，则该电路故障可能是（）A电流表短路B灯泡L1开路C灯泡L2短路D灯泡L2开路7用同种材料制成两段长度相等，横截面积不同的圆柱形导体，A比B的横截面积大，如图所示，将它们串联在电路中，通过的电流关系是（）AIAIBBIAIBCIAIBD无法确定8在探究串联电路电压特点时，某同学连接的电路如图所示。对于实验过程中出现的现象及分析，下列判断正确的是（）A开关闭合后，若灯泡L2不亮、L1亮

3、，一定是L2灯丝断了B如果只有灯泡L1断路，则开关闭合后电压表示数一定为零C开关闭合后，如果电压表示数为零，灯泡L2一定不发光D如果所有元件均完好，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片时，两灯都变亮9小明房间里准备安装一盏吊灯和一盏壁灯，要求它们能根据需要各自独立工作，下列设计的四种电路中，符合要求的是（）ABCD10下列电路中，已知电源电压相等，且R1R2，则电路中电流表的示数最大的是（）ABCD11如图所示，连入电路中的电阻R1、R2、R3允许通过的最大电流分别为I1、I2、I3，且I1I2I3，则此部分电路中允许通过的最大电流是（）AI1BI2CI3DI1+I2+I312如图所示的电路中，

4、电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列说法中正确的是（）A电压表的示数变大，电流表示数变大B电压表的示数变小，电流表示数变大C电压表的示数变大，电流表示数变小D电压表的示数变小，电流表示数变大二、填空题（每空1分，共16分）13（2分）过桥米线是云南人爱吃的食物，路过米线馆可以闻见汤的香味，这是 现象；“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了 。14如图所示实验中，我们看到塞子从试管口跳出，这是由于水蒸气对塞子 ，这时的能量转化情况是 ；实验过程中的能量转移方向是由 传给试管，再由试管传给试管内的水和水蒸气。15（2分）太阳能热水器内装有质量为50kg、温度为20

5、的水，如果水温上升到60，需要吸收 J的热量，若同样多的热量让等质量的沙石吸收，沙石升高的温度比水升高的温度多，这是因为水的 比沙石的大。c水4.2103J/（kg）16“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力。同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量可达煤气的数十倍，这说明“可燃冰”的 很大。1kg“可燃冰”完全燃烧大约放出4.2107J的热量，可使 kg的水从20加热至60水的比热容为4.2103 J/（ kg）。17（2分）如图所示，电源电压不变，开关S由闭合到断开时，电流表的示数将 ，电压表的示数将 。（选填“增大”、“减小”、“不变”）18（2分）在“探究影响导体电阻大小的因素

6、”实验中，为了探究电阻大小跟导体长度的关系，应该选择材料和 都相同、长度不同的多根金属丝，实验数据记录如表所示：L/m0.30.40.50.60.70.8R/2.12.83.54.24.95.6请你分析表中数据，归纳出电阻R与导体长度L的关系式：R 。19（2分）如图所示是某地下停车场烟雾报警器的简化原理图。电源电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，电压表示数 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，R0应选用 （选填“更大”或“更小”）阻值的电阻。

7、三、实验题（每空2分，共30分）20（10分）用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”。在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾。（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高。其中水沸腾时温度计的局部放大图如图乙所示，水的沸点为 。（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水 （选填“多”或“少”），此处用到的研究方法是 。（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答： ；其原因是 。21（10分）某同学为了探究并联电路中干路的电流与各支路电流之间的关系，他用完全相同的电流表，设计了如图所示的

8、电路。（1）该同学按照电路图完成实物电路连接后，在闭合开关S前，发现电流表A1的指针指在“0”刻度线的左边，则故障的原因可能是 。（2）当闭合开关时，该同学还发现电流表A的指针向右偏转，超过了右边的最大刻度值，他可以采取的措施是 。（3）排除一切故障后，该同学闭合开关，电流表A、A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A和0.5A，他在表格中记录数据后，下一步应该做的是 ，这样做的目的是 。（4）根据上述的数据分析，可得出的结论是 。22（10分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，现有器材如下：导线、开关、电源（电压恒定但未知），四个定值电阻R1（5）、R2（10）、R3（15）、R4（20），

9、标有“X1A”的滑动变阻器（阻值模糊不清）电压表（可用量程：03V、015V），电流表（可用量程：00.6A）。（1）设计并正确连接如图甲所示的电路，把定值电阻R1接入图甲中的A、B两点之间，将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V时，电流表的示数应为 A。（2）当用R2替换R1后，滑动变阻器的滑片应向 （左端或右端）移动。（3）分别用定值电阻R2、R3、R4依次替换R1，重复（1）的实验步骤。根据所得的四次实验数据绘制出IR图象，如图乙所示，由图象可得出的结论是： 。四、综合应用题（23题8分，24题10分，共18分）23（8分）今年5月18日，我国

10、在世界上第一次对可燃冰实现安全可控开采。1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知q天然气2.1l07J/m3，c水4.2l03J/（kg）。求：（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是多少？（2）若上述热量全部被水吸收，可将多少kg的水从20加热至95？24（10分）如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20，电源电压不变。当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.45A；S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.75A求：（1）电源电压为多少？（2）R2的阻值为多少？（3）S2、S3断开，S1闭合时，加在电阻R1两端的电压为多少？参考答案一、选择题1下列现象

11、与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞【分析】分子运动是肉眼看不见分子的运动，机械运动是宏观物体的运动。分子运动，即扩散现象是肉眼看不见的，在不知不觉中发生的。解：A、春天百花争艳，花朵的颜色是由它反射的光决定的，不属于分子热运动；B、夏天波光粼粼，是光的反射现象，不属于分子热运动；C、秋天丹桂飘香，是气体分子运动的结果，属于分子热运动；D、冬天大雪纷飞，是宏观物体的运动，不是分子的运动。故选：C。【点评】本题主要考查学生对宏观物体的运动和分子运动的区别、理解和掌握，是一道基础题。2下列过程中通过做功的方法改变物体内能的是（）A发烧时用湿毛巾敷

12、额头能降温B丁香树开花时花香四溢C水烧开会把壶盖顶起D小球由高处下落的过程中速度变快【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。解：A、发烧时用湿毛巾敷额头能降温，这是通过热传递的方法改变物体的内能；故A错误；B、丁香树开花时花香四溢，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果；故B错误；C、水烧开会把壶盖顶起，水蒸气对壶盖做功，使水蒸气的内能减少，是通过做功的方法改变物体的内能；故C正确；D、小球从高处下落的过程中速度变快，是物体的重力势能转化为动能的结果；故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了对做功和热传递改变物体内能的辨别，以及扩

13、散现象和动能与势能的转化，生活实际密切联系，属于中考常见题型。3下列关于功、内能、热量的描述正确的是（）A机械能为零的物体，内能也一定为零B热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递C做功和热传递都能改变物体的内能D物体的内能增大，温度一定升高【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。（2）热传递的条件（温度差）和热传递的方向（从高温到低温）。（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。（4）物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高。解：A、一切物体都有内能，因此机械能为零的物体，其内能一定不为零；故A错误；B、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递；而不是从内能大的

14、物体向内能小的物体传递，故B错误；C、改变物体内能的两种方式：做功和热传递；改变物体内能的两种方式是等效的；故C正确；D、物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高，例如，晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，但温度不变；故D错误。故选：C。【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的方向。注意：物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高。4汽油机一个工作循环的四个冲程中，将机械能转化为内能的是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【分析】内燃机的一个工作循环由四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；在内燃机的四个冲程中做功冲程

15、对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能。解：四冲程汽油机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成；在汽油机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程。故选：B。【点评】本题主要考查了内燃机的四个冲程以及其中的能量转化情况，是一道基础性题目。5一个验电器的两个金属箔片因带电而张开，则这两个金属箔片一定（）A带正电B带负电C带同种电荷D带异种电荷【分析】掌握验电器的工作原理能顺利解题。验电器的工作原理：同种电荷相互排斥。解：带电体接触验电器的金属球时，两片金属箔上都带上和带电体相同的电荷，根据同种电荷相互排斥而张开

16、。故选：C。【点评】本题考查了验电器工作原理。属于基础性习题。6在如图所示的电路中，闭合开关S后，两灯都不亮，电压表有示数，电流表无示数，则该电路故障可能是（）A电流表短路B灯泡L1开路C灯泡L2短路D灯泡L2开路【分析】由图可知，两灯串联；两个灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表到电源两极是连通的，所以在L1处有断路故障。解：由图可知，两灯串联，电压表测量L1两端的电压；闭合开关S后，L1、L2都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表两端能与电源两极连通，灯泡L2是完好的，所以故障原因是L1开路。故选：B。【点评】根据电压表的示

17、数判断电路故障：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，与电压表并联的用电器可能有断路故障；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。7用同种材料制成两段长度相等，横截面积不同的圆柱形导体，A比B的横截面积大，如图所示，将它们串联在电路中，通过的电流关系是（）AIAIBBIAIBCIAIBD无法确定【分析】A和B是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，串联时电流相同。解：已知A和B是由同种材料制成的且长度相同，A比B的横截面积大，串联时电流相同，即IAIB。故选：C。【点评】本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体

18、的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，这是今后学习中最长用的解题方法之一。8在探究串联电路电压特点时，某同学连接的电路如图所示。对于实验过程中出现的现象及分析，下列判断正确的是（）A开关闭合后，若灯泡L2不亮、L1亮，一定是L2灯丝断了B如果只有灯泡L1断路，则开关闭合后电压表示数一定为零C开关闭合后，如果电压表示数为零，灯泡L2一定不发光D如果所有元件均完好，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片时，两灯都变亮【分析】根据电路图可知，两灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量L1两端电压；电路故障包括断路和短路，断路时电路中没有电流；短路时，电路中有电流，被短路的用电器两端电压为

19、零，据此对每个选择逐个分析。解：根据电路图可知，两灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量L1两端电压；A、开关闭合后，若灯泡L2不亮、L1亮，则电路故障可能时L2灯丝断了，也可能时L2被短路；故A错误；B、如果只有灯泡L1断路，则开关闭合后电压表的正负两极与电源两极相连，因此电压表有示数，故B错误；C、当L1短路时，开关闭合后，电压表示数为零，但灯泡L2仍可以发光，故C错误；D、如果所有元件均完好，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的电流变大，两灯泡都变亮，故D正确。故选：D。【点评】本题利用了串联的电压特点进行电路故障分析。在判断故障时，电压表的示数的变化很

20、关键，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通。9小明房间里准备安装一盏吊灯和一盏壁灯，要求它们能根据需要各自独立工作，下列设计的四种电路中，符合要求的是（）ABCD【分析】由题意可知，一盏吊灯和一盏壁灯需要各自独立工作，说明它们的连接方式是并联。解：A由电路图可知，吊灯和壁灯并联，且各有一个开关控制，能各自独立工作，故A正确；B由电路图可知，开关闭合时吊灯和壁灯同时工作，开关断开时两者都不工作，达不到各自独立工作的要求，故B错误；C由电路图可知，吊灯只有在壁灯工作时才能工作，达不到各自独立工作的要求，故C错误；D由电路图可知，两开关断开时，吊灯和壁灯串联，不

21、能正常工作，且吊灯不能独立工作，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了串、并联电路的设计，知道各用电器独立工作时应并联且有一个开关控制是关键。10下列电路中，已知电源电压相等，且R1R2，则电路中电流表的示数最大的是（）ABCD【分析】电压一定时，根据I可知，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，据此根据电阻的串并联分析个电路图中的总电阻得出答案。解：由选项可知，A中两电阻并联，B中两电阻串联，C中为R1的简单电路，D中为R2的简单电路，电流表均测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，选项中总电阻的关系是R并R1R2R串，即RARCR

22、DRB，由I可知，对应的电流关系为IAICIDIB。故选：A。【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，实质考查了电阻的串联和电阻的并联，是一道较为简单的应用题。11如图所示，连入电路中的电阻R1、R2、R3允许通过的最大电流分别为I1、I2、I3，且I1I2I3，则此部分电路中允许通过的最大电流是（）AI1BI2CI3DI1+I2+I3【分析】根据串联电路中各处的电流相等，结合电阻R1、R2、R3允许通过的最大电流据此分析解答。解：已知电阻R1、R2、R3串联接入电路，根据串联电路中电流特点，各处电流相等，因为I1I2I3，所以此部分电路中允许通过的最大电流是I3。故选：C。【点评】解答此题的关

23、键主要抓住串联电路特点：电流处处相等即可。12如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列说法中正确的是（）A电压表的示数变大，电流表示数变大B电压表的示数变小，电流表示数变大C电压表的示数变大，电流表示数变小D电压表的示数变小，电流表示数变大【分析】由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压；电流表测量电路电流，根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端电压的变化，根据串联电路电压的特点和PI2R可知电压表示数的变化以及电流表示数的变化。解：将滑动变阻器的滑片

24、P向左滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据I可知，电路中的电流变小；电流表示数减小根据UIR可知，定值电阻两端的电压变小，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压变大，即电压表示数变大。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会判断滑片移动时电路电阻的变化。二、填空题（每空1分，共16分）13（2分）过桥米线是云南人爱吃的食物，路过米线馆可以闻见汤的香味，这是扩散现象；“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了热传递。【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；（2）改变物体内能的方式：做功和热传递，热传递

25、实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分。解：路过米线馆可以闻见汤的香味是汤分子的无规则运动，扩散到了空气中，所以就闻见米线汤的香味；“汤钵烫手”是汤钵和手之间通过热传递的方式增加手内能。故答案为：扩散；热传递【点评】本题考查扩散现象、改变物体内能的方式的知识，相对比较简单。14如图所示实验中，我们看到塞子从试管口跳出，这是由于水蒸气对塞子做功，这时的能量转化情况是内能转化为机械能；实验过程中的能量转移方向是由燃气传给试管，再由试管传给试管内的水和水蒸气。【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化

26、为机械能。解：由图可知，当试管内的水用酒精灯加热到一定程度时，会汽化为水蒸气，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能。实验过程中的能量转移方向是由燃气传给试管，再由试管传给试管内的水和水蒸气。故答案为：做功；内能转化为机械能；燃气。【点评】此题是考查对做功改变物体内能的实验，以及汽油机冲程中的能量转化，属基础知识的考查。15（2分）太阳能热水器内装有质量为50kg、温度为20的水，如果水温上升到60，需要吸收8.4106J的热量，若同样多的热量让等质量的沙石吸收，沙石升高的温度比水升高的温度多，这是因为水的比热容比沙石的大。c水4.2103J/（kg）【分析】（1）已知水的比热

27、容、质量和温度变化，可利用公式Qcmt计算水吸收热量；（2）水的比热较大，沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少。解：（1）水吸收的热量为：Q吸c水m（tt0）4.2103J/（kg）50kg（6020）8.4106J；（2）水的比热容在常见的物质中是比较大的，由Qcmt可知，在质量m与吸收或放出热量Q相同的情况下，水的温度变化t较小，因此同样多的热量让等质量的砂石吸收，砂石升高的溫度比水升高的温度大。故答案为：8.4106；比热容。【点评】本题考查了学生对水的比热容大的应用、Q吸cmt的了解与掌握。16“可燃冰”作为新型能

28、源，有着巨大的开发使用潜力。同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量可达煤气的数十倍，这说明“可燃冰”的热值很大。1kg“可燃冰”完全燃烧大约放出4.2107J的热量，可使250kg的水从20加热至60水的比热容为4.2103 J/（ kg）。【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，据此回答；（2）知道1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量，由题知，Q吸Q放，而Q吸cmt，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量。解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）由题知，Q吸Q放4.2107J，Q吸cm

29、（tt0），水的质量：m250kg。故答案为：热值；250。【点评】本题考查了学生对燃料的热值、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。17（2分）如图所示，电源电压不变，开关S由闭合到断开时，电流表的示数将减小，电压表的示数将不变。（选填“增大”、“减小”、“不变”）【分析】由图知，S闭合时R与L并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压；S断开时，只有L连入电路中。由此根据并联电路特点分析判断电表示数变化情况。解：由图知，电压表测电源电压，且电源电压不变，所以开关S由闭合到断开时，电压表的示数将不变；S闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，干路电流等于R与L的电流之和；S断开时，只有L

30、连入电路中，电流表测L支路的电流；因为并联电路各支路互不影响，所以S断开后通过L的电流不变，由于L支路的电流小于干路电流，所以电流表示数减小。故答案为：减小；不变。【点评】本题考查了并联电路电流和电压特点的认识和理解，关键是正确分析开关在不同状态下电路的结构。18（2分）在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，为了探究电阻大小跟导体长度的关系，应该选择材料和横截面积都相同、长度不同的多根金属丝，实验数据记录如表所示：L/m0.30.40.50.60.70.8R/2.12.83.54.24.95.6请你分析表中数据，归纳出电阻R与导体长度L的关系式：R（7/m）L。【分析】（1）导体的电阻与导体

31、的长度、横截面积和材料有关；要探究导体电阻大小与长度的关系时，导体的材料、横截面积必须相同；（2）分析表中数据可看出电阻与导体长度成正比，设出它们的函数关系时，然后从表中找出一组数据，代入，确定电阻R与长度L的关系。解：为了探究电阻大小跟导体长度的关系，应该选择材料和横截面积都相同、长度不同的多根金属丝进行实验；实由表中数据知，在导体材料与导体横截面积不变的情况下，导体的电阻阻值与导体长度成正比；设RkL，将表中的R2.1，L0.3m代入得：2.10.3mk，则k7/m，则R（7/m）L。故答案为：横截面积；（7/m）L。【点评】本题解题的关键是分析表中数据找出导体电阻随导体长度间变化的规律，

32、然后根据规律找出它们间的定量关系19（2分）如图所示是某地下停车场烟雾报警器的简化原理图。电源电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，电压表示数减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）；要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，R0应选用更大（选填“更大”或“更小”）阻值的电阻。【分析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化；（2）要

33、使报警器在浓度更低的烟雾下报警，说明当电路中电流增大到某一数值时报警器开始报警，由欧姆定律可知电路中的电阻必须减小到某一数值，据此可知R0的阻值变化。解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，光照强度减弱，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I可知，电路中的电流减小，由UIR可知，R0两端电压减小，即电压表示数减小；（2）要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，说明光照强度增强，则光敏电阻的阻值减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大；如果要保持报警器的工作电流不变，由

34、欧姆定律可知，应增大R0的阻值使电路中的电流减小，这样才能在浓度更低的烟雾下及时报警。故答案为：减小；更大。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，从题干中获取有用的信息是关键。三、实验题（每空2分，共30分）20（10分）用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”。在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾。（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高。其中水沸腾时温度计的局部放大图如图乙所示，水的沸点为98。（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水多（选填“多”或“少”），此处用到的研究

35、方法是转换法。（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：不能；其原因是实验中没有保持二者质量和升高的温度相同。【分析】（1）根据温度计的分度值读出示数； （2）在相同的酒精灯下，向相同的烧杯加热，要比较吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少，而实验中加热食盐水所用时间多，则其吸收的热量也多；转换法和控制变量法是物理实验中常用的实验方法；（3）要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变，保证质量不变，还有一个因素，得使两者的温度差相同，才可以比较比热容的大小。解：（1）根据图中所示，温度计的分度值为1，温度计示数为98； （2）我们知道要比较物质吸收热量的多少

36、，就得比较加热时间的多少，实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水多；此研究方法叫转换法；（3）要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有保持二者质量和升高的温度相同，所以不能得出食盐水比热容大的结论。故答案为：（1）98；（2）多；转换法；（3）不能；实验中没有保持二者质量和升高的温度相同。【点评】本题目考查了“比较不同液体吸热升温特点”的实验中，控制变量法的运用，温度计的使用与读数，实验条件的控制方法，结论的分析与评估等，有一定综合性。21（10分）某同学为了探究并联电路中干路的电流与各支路电流之间的关系，他用

37、完全相同的电流表，设计了如图所示的电路。（1）该同学按照电路图完成实物电路连接后，在闭合开关S前，发现电流表A1的指针指在“0”刻度线的左边，则故障的原因可能是没有校零。（2）当闭合开关时，该同学还发现电流表A的指针向右偏转，超过了右边的最大刻度值，他可以采取的措施是改用较大的量程。（3）排除一切故障后，该同学闭合开关，电流表A、A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A和0.5A，他在表格中记录数据后，下一步应该做的是换用不同规格的灯泡，再测出几组数据，这样做的目的是得出干路中电流与各支路电流之间的普遍关系。（4）根据上述的数据分析，可得出的结论是并联电路的干路电流等于各支路电流之和。【分析】

38、（1）掌握电流表的使用，在使用之前，要进行校零；（2）被测电流不能超过电流表的量程；（3）为得出并联电路中电流的特点，需多测几组数据进行分析；（4）并联电路电流的特点：并联电路的干路电流等于各支路电流之和。解：（1）在闭合开关S前，电流表A1的指针 指在“0”刻度线的左边，说明电流表没有校零；（2）指针超过了右边的最大刻度值，说明电流表的量程选择的太小，应改用较大的量程；（3）要得出并联电路电流的特点，使结论具有广泛性，得到干路电流和支路电流的普遍结论，应换用不同规格的灯泡，再测出几组数据；（4）得出并联电路的干路电流等于各支路电流之和。故答案为：（1）没有校零；（2）改用较大的量程；（3）换

39、用不同规格的灯泡，再测出几组数据；得出干路中电流与各支路电流之间的普遍关系；（4）并联电路的干路电流等于各支路电流之和。【点评】此题是探究并联电路电流规律的实验，考查了电流表的使用，同时考查了并联电路电流的特点，为得出普遍性的规律，需多测几组数据分析。22（10分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，现有器材如下：导线、开关、电源（电压恒定但未知），四个定值电阻R1（5）、R2（10）、R3（15）、R4（20），标有“X1A”的滑动变阻器（阻值模糊不清）电压表（可用量程：03V、015V），电流表（可用量程：00.6A）。（1）设计并正确连接如图甲所示的电路，把定值电阻R1接入图甲中的A、B两

40、点之间，将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V时，电流表的示数应为0.4A。（2）当用R2替换R1后，滑动变阻器的滑片应向右（左端或右端）移动。（3）分别用定值电阻R2、R3、R4依次替换R1，重复（1）的实验步骤。根据所得的四次实验数据绘制出IR图象，如图乙所示，由图象可得出的结论是：在电压不变时，通过导体的电流与电阻大小成反比。【分析】（1）由欧姆定律求电流表示数；（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）由图

41、象数据，求出电流与电阻之积的关系得出结论。解：（1）电压表的示数为2V时，由欧姆定律，电流表的示数应为：I0.4A；（2）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5改接成10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V；（3）根据图可知，UIR0.5A40.2A100.1A202V为定值，故得出的结论是：在电压不变时，通过导体的电流与电阻大小成反比。故答案为：（1）0.4；（2）右；（3）在电压不变时，通

42、过导体的电流与电阻大小成反比。【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查欧姆定律的运用、控制变量法、操作过程、数据分析等知识。四、综合应用题（23题8分，24题10分，共18分）23（8分）今年5月18日，我国在世界上第一次对可燃冰实现安全可控开采。1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知q天然气2.1l07J/m3，c水4.2l03J/（kg）。求：（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是多少？（2）若上述热量全部被水吸收，可将多少kg的水从20加热至95？【分析】（1）根据1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，利用Q放Vq求完全燃烧150m3的天然气放出的

43、热量；（2）由题知Q吸Q放，求出水吸收的热量；再根据Q吸cmt公式变形可求得可使多少kg的水从20加热至95。解：（1）由题知，1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，这些天然气完全燃烧产生热量：Q放Vq150m32.1107J/m33.15109 J，（2）由题知，水吸收的热量：Q吸Q放3.15109J，由Q吸cm（tt0）可得加热水的质量：m1104kg。答：（1）1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量约是3.15109J；（2）若上述热量全部被水吸收，可将1104kg的水从20加热至95。【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，因条件已给出，

44、难度不大。24（10分）如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20，电源电压不变。当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.45A；S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.75A求：（1）电源电压为多少？（2）R2的阻值为多少？（3）S2、S3断开，S1闭合时，加在电阻R1两端的电压为多少？【分析】（1）当S1、S2断开，S3闭合时，R2断路，由欧姆定律可得出电源电压；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R1、R2并联，则由并联电路的电流规律可得出流过R2的电流，则由欧姆定律可得出R2的阻值；（3）S2、S3断开，S1闭合时，两电阻串联，由欧姆定律可得出电路中电流，则再由欧姆定律可得出R1两端的电压。解：（1）当S1、S2断开，S3闭合时，R2断路。I10.45A，则由欧姆定律可得到电源电压UI1R10.45A209V；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R1、R2并联，R2的电流：I2II10.75A0.45A0.3A；R230；（3）当S2、S3断开，S1闭合时，R1、R2串联电路电流：II1I2；R1的两端的电压：U1I1R1R1203.6V；答：（1）电源电压为9V； （2）R2的阻值为30；（3）R1两端的电压约为3.6V。【点评】本题考查欧姆定律及串并联电路的特点，解答本题的关键明确S1、S2断开，S3闭合时及S1断开，S2、S3闭合时两种电路的状态。