重庆市2020-2021学年九年级（上）开学检测物理试题（解析版）.pdf

《重庆市2020-2021学年九年级（上）开学检测物理试题（解析版）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市2020-2021学年九年级（上）开学检测物理试题（解析版）.pdf（17页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、重庆市巴蜀中学初2021届（三上）开学检测物理试卷2020.9满分100分，90min完卷一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共42分）1.以下是小明估计的常见温度值，其中合理的是A.中考考场的室温约为50B.冰箱保鲜室中矿泉水的温度约为-5C.洗澡时淋浴水温约为70D.健康成年人的腋下体温约为37【答案】D【解析】【详解】中考虽然在六七月份，但是考场内的温度不可能达到50；冰箱保鲜室的温度通常都在以上；洗澡时的水温通常都在40摄度左右；健康人体的温度约为37C.2.下列有关物态变化的判断，正确的是（）A.树叶上的霜霜的形成是凝固现象，需要放热B.金佛山上的雪雪的形成是升华现象

2、，需要吸热C.嘉陵江畔的雾雾的形成是汽化现象，需要吸热D.桂花树上的露珠露的形成是液化现象，需要放热【答案】D【解析】【详解】A.霜是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故 A 错误；B.雪是高空中气态水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故 B 错误；C.雾是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，液化放热，故 C 错误：D.露是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，液化放热，故 D 正确。故选D。3.治疗新冠肺炎时，医护人员必须佩戴口罩和护目镜，护目镜常常会蒙上一层“雾气”，关 于“雾气”，下列说法正确的是（）A.“雾气”是水蒸气B.“雾气”是汽化现象C.“雾气”的形成需要放热D.“雾气”出现在护目镜的

3、外侧【答案】C【解析】【详解】治疗新冠肺炎时，医护人员必须佩戴口罩和护目镜，护目镜常常会蒙上一层“雾气”，该“雾气”是医护人员哈出的水蒸气遇到冷的护目镜液化形成的小水珠，小水珠附在护目镜内侧，液化放热，故C 正确，ABD错误。故选C。4.中国传统文化博大精深，传统民间艺人会制作一种“糖画”，先把糖加热到流体状态，用它画成各种小动物图案，如图，再慢慢晾干变硬，送给小朋友。关于制作“糖画”的全过程，下列表述正确的是()糖的物态变化是先熔化后凝固B.糖的内能一直在增加C.糖的物态变化是先凝固后熔化D.糖的温度一直在降低【答案】A【解析】【详解】A C.把糖加热到流体状态，这是熔化现象，再慢慢晾干变硬

4、，这是凝固现象，所以糖的物态变化是先熔化后凝固，故 A 正确，B 错误;B D.糖 熔 化 过 程 中，吸收热量，内能增加，温度不变，在凝固过程中，放出热量，内能减少，故 CD错误。故选Ao5.如图所示，分别表示甲、乙、丙、丁四种物质吸热或放热过程中温度随时间变化的图线，下列说法正确的 是()B.图线表示的是凝固过乙种物质是非晶体，图线表示的可能是熔化过程C.丙种物质是非晶体，图线表示的是凝固过程D.丁种物质是晶体，图线表示的是凝固过程【答案】B【解析】【详解】A.甲物质的图线整个过程温度是上升的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以可能是晶体的熔化图线，故 A错误；B.乙物质的图线整个过程温度

5、是上升的趋势，旦整个过程中温度都在不断上升，所以可能是非晶体的熔化图线，故 B正确；C.丙物质的图线整个过程温度是下降的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以可能是晶体的凝固图线，故 c错误；D.丁物质的图线整个过程中温度是下降的趋势，且整个过程中温度都在不断下降，所以可能是非晶体的凝固图线，故 D错误。故选B。6 .在严寒 冬天，需要排尽汽车水箱里的水并注入防冻剂。与水相比，防冻剂不易冰冻也不易开锅（沸腾），这是 因 为（）A.防冻剂的凝固点高，沸点低 B.防冻剂的凝固点高，沸点高C.防冻剂的凝固点低，沸点高 D.防冻剂的凝固点低，沸点低【答案】C【解析】【详解】防冻液中掺入了很多的其他的杂质

6、，凝固点降低，沸点升高。所以与水相比，防冻剂不易冰冻也不易开锅，这是因为防冻剂的凝固点比水的凝固点低，沸点比水的沸点高。故选C o【点睛】（1）液体的凝固点跟液体的种类、气压、杂质有关。种类不同凝固点不同；气压增大，凝固点降低；有杂质掺入凝固点降低。（2）液体的沸点跟液体的种类、气压、杂质有关。种类不同沸点不同；气压增大，沸点升高；有杂质掺入沸点升高。7 .关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小B .物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C.物体的温度越高，所含热量越多D.内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体【答案】

7、D【解析】【详解】A.影响内能大小的因素有：物体的质量、物质的种类、温度、物体的状态等，故温度高的物体内能不一定大，温度低的物体内能不一定小，故 A错误；B.温度不变时，物体的内能也可能改变；例如晶体的熔化过程，物体不断吸收热量，但温度不变，内能增大，故B错误；C.热 量 一 个 过 程 量，不能说物体“含有”或 具有”多少热量，故C错误；D.内能小的物体可能温度高，所以内能小的物体也可以将热量传给内能大的物体，故D正确。故选D。8 .初温相同的甲、乙两金属块，c中：c z=l：3,加,“乙=3：1,若两金属块放出相同热量后立即接触，则下列情况中正确的是（）A.甲将热量传给乙 B.乙将热量传给

8、甲C.甲、乙之间没有热传递发生 D.无法确定【答案】C【解析】【详解】两金属块放出相同热量后，降低温度之比为Q i维=要也=生、丝 里=J.x 3迎=1所以当它们放出相同的热量后，降低温度相同，由于甲、乙的Z 乙 2乙 Q乙c甲1 1x 3 1c乙初温相同，所以甲、乙的末温也相同，故当它们放出相同热量后立即接触时，甲、乙之间没有热传递发生。故选C。9 .喜欢去海边度假的妹子们，每当站在海边带着大草帽，长裙随风飘舞，顿时就感到自己很有意境，这主要是由于水的比热容比干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著，无论在白天还是夜晚，都有大风相伴，随时都可以产生随风飘舞的感觉

9、。对于沿海地区风的形成，正确的是（）A.白天的风通常是从海面吹向陆地，夜晚的风却是从陆地吹向海面B.白天的风通常是从陆地吹向海面，夜晚的风却是从海面吹向陆地C.白天和夜晚的风通常是从陆地吹向海面D.白天和夜晚的风通常是从海面吹向陆地【答案】A【解析】【详解】水的比热容比泥土沙石大，白天太阳照射时，水面温度上升的慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上气温下降，水面温度下降的慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面。因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系。在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋。前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风。故A

10、正确，B C D错误。故选A o1 0.1 k g 初温为30 的水，吸收4.2 X 1 0 5 J 的热量后，它的温度在下列给出的四个温度中，最多有几个可能温 度（）9 0 1 1 0 1 30 1 5 0 A.1B.2 C.3 D.4【答案】C【解析】【详解】1 k g 初温为3 0 C 的水，吸收4.2 x1 0 5 j 的热量后，温度最多升高加=Q _ 4.2 1()5jcm 4.2 x 103J/(kg-)x 1kg=i o o 水的初温是3（rc,当水达到沸点时，水温不再升高，但气压不确定，水的沸点也不确定，所以水的末温可能是9 0、1 1 0、1 3 0 C,不可能是1 5 0。

11、故选C。1 1.质量不同的甲乙两个铜块机心机乙，从同一高度下落，下落时空气阻力户0.1 G。不考虑热传递，则它们升高的温度 而 和 乙的关系是（）A.，乙B.而bt乙C.后 加乙D.无法确定【答案】B【解析】【详解】因为质量不同的甲乙两个铜块从同一高度下落，所以甲乙到达地面通过的距离相同；根据G=mg,由 f =0.1 G ,则病=0.1%=0.1叫g,=0.1G乙=0.1 吆 g甲乙在下落过程中物体克服空气阻力做功，则埒=人=0.1机增，也=9=0.1 吆 g由于甲乙克服空气阻力做功，甲乙内能均增加，根据做功和热传递在改变内能上是等效的，则W|=c/M|ti A Z|i,=cm乙N乙则O.l

12、mgh O.lg/i OAmgh _ O.lgA，甲 -=-zv乙-贝！c%c ctn乙 cG 产 乙 故 ACD不符合题意，B符合题意故选B。1 2.如图，用相同的加热装置对a、b、c 三种物质加热时它们的温度随时间变化的图象，其中a、c 质量相同，下列对图象的分析正确的是（）温度（七）4 t2时间内物质a的温度不变,内能不变B.如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量C.温度从4 升高到不时，a 物质吸收的热量比b多D.b 的比热容大于c的比热容【答案】B【解析】【详解】A.4 一弓时间内物质a的温度不变，但不断吸热，所以内能增大，故 A错误；B.如果a、b是同种物质，升高到相同温度b用

13、的时间长，所以b的质量大于a的质量，故 B正确；C.温度从升高到T2 时，b需要更长的加热时间，所以b吸收的热量比a 吸收的热量多，故 C错误；D.不知道b、c的质量关系，无法比较比热容的大小，故 D错误。故选B。13.质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到100,然后分别投入装有质量相同、初温都为0的 C、D两杯水中,测量的结果:金属块A使 C杯的水温升高了 10,金属块B使 D杯的水温升高了 2 0.设两金属块比热容为CA和CB厕CA与CB的比值为A.4：9 B.9:4 C.19:9 D.9:19【答案】A【解析】【分析】当水的温度不再升高时，每个杯中都达到了热平衡，即每个金属块放出的热

14、量等于各自杯中水吸收的热量，这样就可以列出两个方程，联立即可求出甲乙金属块的比热容之比；【详解】因 为 C的初温度为0,金属块A使 C杯的水温升高了 10,故 C杯中水和A 的末温度都为10；对于金属块A来说有：4ao-J）=c 水 机 水AG；因为D的初温度为0,金属块B使 D杯的水温升高了 2 0,故 D杯中水和B的末温度都为2 0；对于金属块B来说有：（。一%）=。水?水叫；因为,=叱，则?得:出 2 0 2容(100-10)=1 .=4CB(100-2 0)5,所以 q 3,故 A正确.故选A.【点睛】该题考查了热平衡方程，主要还是利用吸热等于放热，通过题中已知量之间的关系，得出未知量

15、的比值关系.14.家用太阳能热水器的晒水箱内有水4 0 k g,晒水箱接收阳光垂直照射的面积始终是1.5m 2,已知在地球表面，晴天时垂直于太阳光的表面接收到的热辐射为L 2 6 x l()3 j/(m 2.s),接收太阳能的效率为5 0%,散热损失为2 0%,要使水温上升18,需要时间为()A.3000s B.4000s C.5000s D.6000s【答案】B【解析】【详解】要使水温上升18C需要吸收的热量Q 及=cm 加m.2 x l0 3 j/(k g JC)x 4 0 k g x l8=3.024xl()6j晒水箱 l s 吸收的热量=1.26x103J/(m2.s)x 50%x 8

16、0%xl.5m2 xls=756J所以需要的时间 r=3侬1()6 s=4000s756故选Bo二、填空题(每空1分，共20分)15.常用温度计是根据液体 的性质测量物体温度的，这些温度计必须保证测温物质在液态状态下才能正常使用.下表列出了几种物质的熔点和沸点，根据表中数据回答：若要测量铅的熔点，温度计的玻璃泡里应选 做测温物质.物质水银酒精甲苯铅蔡熔点/-38.8-117-9532880.5沸点/35778.51111740218【答案】.热胀冷缩.水银【解析】【详解】常用温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的；铅的熔点为328,水银、酒精、甲苯、蔡的沸点分别为357、78.5、111、218

17、、只有水银的沸点高于铅的熔点，因此测量铅的熔点，应该选用水银温度计.16.小明打开冰箱门时，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气 形成的。当他拿起湿抹布去擦拭时，抹布却粘在了侧壁上，这是因为发生了 现象。【答案】.凝华 凝固【解析】【详解】1霜是水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象。湿抹布上的液态水遇冷凝固，使抹布粘在侧壁上。17.如图是被“热棒”包围的青藏铁路路，“热棒”相当于一个制冷机，解决了“千年冻土”。“热棒”就是在中空的棒体里面灌有液氨，当路基温度上升时，液 态 氨 吸 热,上升到热棒的上端，通过散热片冷却【答案】.汽化.液化【解析】【详解】当路基温度上升时，液态氨受热发生汽化现

18、象；通过散热片将热量传导给空气，气态氨由此冷却发生液化现象。18.如图所示，用气筒向装有少量水的瓶里打气，当瓶塞从瓶口跳出时。看到瓶中出现了白雾。在“瓶塞跳出，出现白雾”这个过程中，这 个 现 象 说 明 了 气 体 对 外，内能，（选填“变大”“变小“不变”）。.做功.变小【详解】用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，当瓶塞从瓶口跳出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度降低的影响，瓶口周围的水蒸气液化成小水滴，这些小水滴就是我们看到的白雾。19.早春育秧时，通常傍晚向秧田灌水，以防霜冻。这是因为：水的 较大，温度降低时，水以的方式释放较多的热量。【答案】.比热

19、容.热传递【解析】【详解】1J水的比热容较大，早春育秧时，通常通过傍晚向秧田灌水的方式保护秧苗。夜 晚温度降低时，水的比热容较大，温度降低慢，水与外界形成温差，水以热传递的方式释放热量，改变内能。20.如图甲，小明在吹气球时，被吹大了的气球没能用手握住,呼啸着飞了出去，若他及时捡拾起气球,将会感觉到它喷气的嘴部温度和原来相比（选填“变高、变低 或 没有变化”），发生的能量转化与图 所示冲程是一致的（选填“乙”“丙”）。【解析】.变低.丙【详解】口 气球飞出去的过程内能转化为机械能，内能减小，温度降低。气球飞出去的过程内能转化为机械能，图丙是做功冲程，能量转化也是是内能转化为机械能。21.一个体

20、积30cni3的金属球，吸 收2000J的热量后温度从20升高到7 0 C,则金属球的质量是_ g,空心部分的体积是 cn?（金属球的密度0 =2.5x lO k g/n?,金属球的比热容c=0.8xl（f j/（kg-）o【答案】0.75 10【解析】【详解】U J金属球的质量Q 2000J 八八j “行=苏而7厘许=.5kg=5g金属球的密度p=2.5x103kg/m3=2.5g/cm3金属球实心部分的体积m _ 50gp 2.5g/cm3=20cm3空心部分的体积-V O cm3-20cm3=10cm322.某同学用如图甲所示的实验装置，比较不同物质的比热容和探究水沸腾时温度变化的特点。

21、将分别盛有100g水 和100g食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头与水和食用油良好接触，将温度传感器与计算机相连，计算机上显示的实验图线如图乙所示。由图乙可知：加热2min水 吸 收 的 热 量 (选填“大于”、“等于”或“小于”)食用油吸收的热量；食用油的比热容为 J/(kg.)实验发现，加热至20分钟时全部蒸发，则水沸腾过程至少吸热 Jo.等于.2.1xlO3J/(kg-).1.68X105J【解析】【详解】1J为了便于比较水和食用油吸热能力强弱，实验除让两个试管内的水和食用油初温相同外，实验前还必须控制水和食用油的质量和初温相同，同时打开红外加热器开关的目的是使水和食用油吸

22、收的热量相同，故加热2min水吸收的热量等于食用油吸收的热量。由图乙知，水和食用油均升高相同的温度，水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍，即。水吸=2。油 吸 则c水/“At=2c食 用 油 利Af可得c食 用 油=J 0水=g x 42 x 103J/(kg )=2.1 x 103J/(kg )网由图乙可知，加热4min，水的温度由20升高到100C,则水吸收的热量%=c水，叩 一 幻=4.2x 1炉J/(kg-)x0.1kgX(100-20C)=3.36X104J加热 20 分钟水全部蒸发，至少吸收的热量Q吸=5勰=5x3.36x104J=.68X 1()5 J 23.有两台单缸四冲程柴油机

23、，其中甲柴油机飞轮转速为3600r/min,其效率为40%,则消耗2.5kg的柴油转化成的机械能是 J；乙柴油机的效率是30%,柴油机甲的功率是 乙 的1.5倍，那么柴油机甲与乙每小时消耗的油量之比为。(q,=4.3xlO7J/kg)【答案】.4.3xlO7.9：8【解析】【详解】山柴油机的效率是40%,则消耗2.5kg的汽油转化成的机械能W=40%x Q=40%x q柴 油 加=40%x4.3xl07 J/kg x 2.5kg=4.3 x 10 j 由题意可知殳=1.5,生，七 比3甲在时间r内消耗的总能量Q,i=-=甲在时间t内的耗油量狗 甲Q 口=-故乙在时间t内的耗油量q 饰q柴 油%

24、=-pLJt 那么柴油机甲与乙每小时消耗的油量之比 乙4柴 油迫=写 等=第 陛=注=苫24.把一金属块加热到100C,投入到15的一杯水中，水温升高到m乙&戋价 1x4 8 乙4柴 油20；迅速取出金属块，放到火炉里加热很长时间后，此时水温已经降到17,拿出金属块迅速投入那杯水中，水温又升高45,已知水的质量为金属质量的2倍，则金属块的比热容为 J/(kgC),火炉的温度是(不计热量损失)。【答案】.525.622【解析】【详解】已知水的质量为金属质量的2倍，假设金属质量为?，则 水 的 质 量 为 把 一 金 属 块 加 热 到100,投入到15的一杯水中，水温升高到2(TC,水吸收的热量

25、等于金属块放出的热量，则%加金(100-20)=c水利水(20-1 5)可得%=,X 4.2xlO3J/(kg-)=0.525 x 103J/(kg)(2)假设金属块第二次在火炉中取出的温度为8 8/,则水和金属块的末温为17+45=62水吸收的热量等于金属块放出的热量，则c金租金(r-6 2)=c水 叫x35代入数据后计算可得t=622。三、实 验 探 究 题(每 空1分，共24分)2 5.同学们利用图甲所示装置对200g冰加热，酒精灯火焰大小不变，相同时间物质吸收的热量相同，每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。图乙、图丙是两个小组绘制的温度一时间图象。甲(1)如图甲所示，利

26、用水浴法加热试管中的冰，这种方法的优点是(2)请根据所学知识判断乙丙两图的温度随时间的变化曲线中_ _ _ _ _图是正确的；(3)冰属于(选填“晶体”或 非晶体”)，在熔化时冰要不断 热量，相同质量相同温度的水的内能 冰的内能(选填 大于”、小于”或 等于”)。(4)冰的熔化过程用了 分钟，在 阶 段 处 于 状态(选填“固体”、“液体”或“固液共存(5)由相关信息可知，BC阶段物质共吸收了 J 的热量。【答案】.使物体受热均匀，实验现象明显.乙.晶体.吸收.大于.10.固液共存.8.4xl03【解析】【详解】使物体受热均匀，实验现象明显。(2)观察图象可知，AB段是冰的升温过程，CD段是水

27、的升温过程，AB段升高的温度与CD段升高的温度都是10,根据热量公式。吸=cm。，水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长，所 以 图 丙 的 数 据 有 问 题，因此乙图象是正确的。(3)3由图象知，冰的温度从-10吸热升高到0后，虽然仍然吸收热量，但温度保持不变，说明冰在熔化，熔点是0,根据晶体的特点可知，冰是晶体。45冰在熔化过程中要不断吸热，熔化过程中处于固液共存状态，温 度 为 并 保 持 不 变，所以相同质量相同温度的冰和水，水具有的内能大于冰。(4)6由图象知，在0 5 m in,冰吸热升温，此时处于固态；在 5mi

28、n 15min过程中，吸收热量，温度保持不变，是熔化过程，所以冰的熔化过程用了 lOmin。在 BC阶段是冰熔化过程，处于固液共存状态。(5)8由于冰熔化为水，状态变化、质量不变，则加水=机冰=200g=0.2kg C D阶段的水lOmin吸收的热量。如=C 水加(f 一 。)=4.2 x l O3J/(k g )x 0.2 k g x (l 0 o)=8.4 x l()3 j 因为相同时间内物质吸收的热量相同，则 BC阶段(l O m i n)物质共吸收的热量Q吸2=。如=8 4 x 1 0 3 J 2 6.在“观察水的沸腾”实验中:(1)如图甲，安装实验装置时,石 棉 网 的 高 度 应

29、该 根 据 (选填“铁圈”酒精灯的外焰”“温度计的玻璃泡”)的高度适当调整。图中某时 刻 温 度 计 的 示 数 。(2)实 验 观 察 到 水 沸 腾 前 的 现 象 是 如 图 中 (选填“乙”“丙”)，这些气泡在上浮的过程中越来越小，说明杯中底部的水温_ _ _ _ _ _ (大于/等于/小于)上部的水温。时间/m i n0123456789温度/8 28 89 29 59 79 89 89 99 89 8(3)上表中的数据第 m i n 是错误的，水 的 沸 点 为 。(4)小明实验后的沸水放在桌上冷却，探究水沸腾前后温度变化特点，根据实验数据作出了如下图象，最合理表示其温度T随时间f

30、 变化关系的是(5)另一组同学对实验装置进行了适当改变，如图丁，将装有水的大容器放在铁架台的石棉网上，在一敞口的玻璃瓶甲内装适量的水，使之固定在容器的水中。将另一只同样的敞口空玻璃瓶乙的瓶口朝下，也放在大容器的水中固定，且也有适量水进入玻璃瓶。然后对大容器进行加热，待大容器内的水沸腾后，会发现玻璃瓶甲中的水 沸腾，玻璃瓶乙中的水 沸腾(均选填“能”或“不能”)。【答案】.酒精灯的外焰.9 6 .丙.大于.7 .9 8 .A .不能.不能【解析】【详解】在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定石棉网的位置。温度计的分度值是1 ,此时是零上，液柱上表面对准了 9 0 上面第6个小格

31、处，读作9 6。(2)3 4 沸腾前气泡在上升过程中，体积减小，到液面时消失，所以图丙是沸腾前的现象；气泡内是水蒸气，气泡在上浮的过程中越来越小，原因是气泡内的水蒸气遇冷液化，由此说明杯中底部的水温大于上部的水温。(3)5 水从第5 m in 开始沸腾，不断吸收热量，温度保持不变，所以第7 m in 是错误的数据。由表格数据可知，水在沸腾时，保持9 8 不变，所以此时水的沸点是9 8。(4)沸腾前水吸收热量，温度不断升高；沸腾时，吸收热量，温度不变：实验后的沸水放在桌上越来越凉，其温度变化的规律是先快后慢的，直到与室温相同时，温度不再变化，故图象A符合题意。(5)8 9 甲瓶中水从槽内水中吸热

32、，这样甲瓶中的水温也能达到沸点，不过甲瓶中的水一旦与槽内的水温度相等，甲瓶中的水就无法吸热，不能沸腾。虽然乙瓶中水温同样可达到沸点，但乙瓶上端封闭，瓶内气压大于标准大气压。因为液体沸点随液面上气压的增大而增大，所以乙瓶中水的沸点高于9 8 ,这样乙瓶中水温达不到沸点，不能沸腾。2 7.如图，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是1 0 g,烧杯内的液体质量和初温也相同。丙 丁要比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验，利用液体的吸热量和燃料质量，根据片 2,测m得 的 燃 料 热 值 与 实 际 相 比 是 偏 (大卜)。(2)要比较不同物质吸热升温的特点，应选择 两图进行实验：实验中

33、，不同物质吸收热量的多少是通过 来反映的。(3)如果质量和初始温度均相同的A.B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图丁所示，则从图象可以看出，液体的比热容较大，CA：CB=o(4)接下来再用5 0g水 和 1 00g水做实验，以吸收的热量。为纵坐标，升高的温度/为横坐标，分别画出5 0g和 1 00g水的Q-，图象，它们都是过原点的直线，即。=1 ，/,进一步分析发现，这两条直线的k 值之比与对应水的 之比相等。【答案】.甲、乙.小 .甲、丙.加热时间的长短.B .l ：2 .质量【解析】【详解】(1)口 要比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料进行实验，同时，应该控制被加热物质相同，

34、所以，应该选择甲、乙两图进行实验。由于燃料不可能完全燃烧，且放出的热量不可能完全被烧杯中物质吸收，所以，测得的热量偏小，最后算出的热值偏小。(2)3 要比较不同物质吸热升温的特点，就要选择不同的物质进行比较，而且需要让他们相同时间内吸收相同的热量，应该选择相同的热源，所以选择甲、丙两图进行实验。加热时，可认为热源相同时间内放出相同的热量，不考虑热损失的情况下，认为该热量被烧杯中物质完全吸收，所以，可以用加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少。(3)5 由丁图可知，升高相同温度时，B的加热时间是A的两倍，即B吸收的热量是A的两倍，故B的比热容较大，且CA ：CB=1：2。(4)7 根据物质吸热公

35、式Q=c m ，可知，k=&=c m,故k值之比和水的质量之比相等。四、论 述 计 算 题(6+8=14分)2 8.为了探究某物质在固态和液态时的吸热能力，小兰同学用酒精灯(火焰大小保持不变)均匀加热0.6 kg该种固体，根据实验数据绘制出的图线如图所示，通过查阅资料已知该物质液态时的比热容为3 x IO?j/(kg.)求：(1)该物质在C O段共吸收了多少热量？(2)该物质在固态时的比热容为多大？温度t/【解析】时间t/m in【答案】(1)7,2X104J；(2)【详解】(1)该物质在c o段共吸收了Q =cm/t=3xIO3J/(kg )x0.6 kgx4()=7.2 x 1 04J(2

36、)CD 阶段 3 分钟吸收的热量是7.2 x1 0打，所以2分钟吸收的热量2?0=XQ=X7.2X104J=4.8X1()4JAB阶段物质是固态的，用时2分钟，所以吸收的热量也是4.8 x1 0”,所以该物质在固态时的比热容为c=旦二,、；匹?1=2 xl()3 j/(k g J C)答:(1)该物质在CD段共吸收了7.2 x 1 0 的热量；mt 0.6 k g x 4 0 C(2)该物质在固态时的比热容为2 x l()3 j/(k g.)。2 9.某单缸四冲程汽油机的活塞横截面积为5 x l(P m 2,一个冲程活塞在气缸中移动的距离是8 0 m m,满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9

37、 x l O5P a,曲轴转速为2 4 0 0 r/m i n,当汽油机满负荷工作时，求：(1)做功冲程中燃气对活塞的平均压力；(2)汽油机的功率；(3)若汽油机在吸气冲程中吸入的空气质量与燃油质量之比为1 4：1,吸入的油气混合物的平均密度为1.3 5 k g/m3,汽油的热值取4.5*1 0 7 侬，则该汽油机的效率为多大(结果精确到0 1)。【答案】(l)4 5 0 0 N；(2)7 2 0 0 W；(3)2 2.2%【解析】【详解】(1)由p=(得燃气对活塞的平均压力F =pS=9.0 x l 05P a x 5 x l 03m2=4 5 0 0 N (2)-个做功冲程中燃气对活塞做的

38、功W =FL=4 5(X)N x 0.0 8 m=3 6()J若飞轮转速是2 4 0 0 r/m i n=4 0 r/s,表示每秒飞轮转动4 0圈，活塞往复4 0次，对外做功2 0次，所以汽油机的平均功率为P =20X3601=7 2 0 0 W(3)一个工作循环吸入混合物的体积为t IsV=S L =5 x l O _3m2 x 0.0 8 m=4 x l O n?一个工作循环吸入混合物的质量为加温=1.3 5 k g/m3 x 4 x 1 O _4m3=5.4 x l 0，k g一个工作循环吸入汽油的质量为加油=相混=x 5.4 x l()4 k g =3.6 x l(y 5 k g一个工作循，汽油完全燃烧放出的热量为Q放=叫 闷=3.6 x i o/k g x 4.5 x IO?J/k g=1 6 2 0 J该车发动机的效率为Z 7 =卬-=T3 60 J7 X1OO%2 2.02,%答：(1)做功冲程中燃气对活塞的平均压力为4 5 0 0 N；。放 1 6 2 0 J(2)汽油机的功率7 2 0 0 W；(3)汽油发动机的效率为2 2.2%o